2026-2027学年人教版中考物理二轮复习模拟卷（含有答案解析）

第页2026-2027学年人教版中考物理二轮复习模拟卷（含有答案解析）学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________题号一二三四五六总分得分注意事项:

1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。

2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。

3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。一、选择题(本大题共7小题，每小题3分，共21分.在每小题所给出的四个选项中，只有一项是正确的)1．如图所示的厨房器具中，在使用时属于省力杠杆的是（）A．去核器B．瓶盖起子C．面包夹D．筷子2.一个”220V 1000W”的电炉子，将它改装后接在110V的电源上，但功率保持不变，可行的办法是(

)A.将电炉丝分成等长的两段，并联后接入电路中

B.将电炉丝分成等长的两段，取其中一段接入电路中

C.将电炉丝分成等长的四段，取其中两段并联后接入电路中

D.将电炉丝分成等长的四段，并联后接入电路中3.对于图中所示的四幅图，下列说法中错误的是(

)A.如图所示中试管内的水蒸气推动塞子冲出去时，水蒸气的内能减小

B.如图所示中运动员投掷铅球时，铅球在最高点C点时动能不为零

C.如图所示中小朋友匀速下滑时，重力势能转化为动能

D.如图所示中人蹦极从O点下落到最低点C点的过程中，动能先增大后减小4.如图所示，在“探究影响导体电阻大小的因素”的实验中，分别将三根横截面积相同的金属丝接入电路。下列说法错误的是(    )A.电流表示数越大，表明接入电路中的金属丝的电阻越小

B.该电路可以探究导体的电阻大小是否跟导体的材料有关

C.该电路可以探究导体的电阻大小是否跟导体的长度有关

D.仅将电路中的电流表换成电压表也能完成本实验5．小慧为了测量未知电阻Rx，利用学生电源（两端电压不变且未知）、已调零的电流表、阻值已知的定值电阻R0、开关、导线等实验器材，连接了如图所示实验电路。当开关S1、S2都闭合时，电流表的示数为I1；当只闭合开关S2时，电流表的示数为I2。则下列四个选项中，Rx的表达式正确的是（）A．Rx＝R0 B．Rx＝R0 C．Rx＝ D．Rx＝6．将体积相同、材料不同的甲、乙、丙三个实心小球，分别轻轻放入三个装满水的相同烧杯中，甲球下沉至杯底、乙球漂浮、丙球悬浮，如图所示，下列说法正确的是（）A．三个小球的质量大小关系是m甲＞m乙＞m丙 B．三个小球受到的浮力大小关系是F甲＝F乙＜F丙 C．三个烧杯中的水对烧杯底部的压强大小关系是p甲＞p乙＞p丙 D．三个烧杯底部对桌面的压强大小关系是p′甲＞p′乙＝p′丙7．如图所示的电路中，电阻R1＝6Ω与规格为“15Ω0.5A”的滑动变阻器R2串联在电源电压为4.5V的电路中，其中电流表的量程为“0～0.6A”，电压表的量程为“0～3V”，为了确保电路中各元件的安全使用，则下列说法错误的是（）A．电流表的示数变化范围为0.25A～0.5A B．电压表的示数变化范围为1.5V～3.0V C．滑动变阻器的取值范围为1.5Ω～12Ω D．定值电阻R1的最小功率与最大功率之比为1：4二、填空题(本大题共7小题，每小题3分，共21分.不需要写出解答过程，请把答案直接填在答题卡相应的位置上.)8.如图是一款磁悬浮蓝牙音箱，可实现与手机音乐的有效对接。其底座内部装有电磁铁，接通电源后，上面的磁体音箱就会在底座产生的磁场作用下悬浮起来。该音箱悬浮是利用

的原理工作的。

9．（1）在今年抗击“新冠肺炎”战役中，无接触式体温计（如图甲）被广泛使用，它是依靠感知人体发出的（选填“红外线”或“紫外线”）来测量温度的；（2）疫情期间，小明在线上学习时长期不注意用眼卫生，视力急剧下降。经医生检查，小明晶状体变厚，使来自远处的光线会聚在视网膜的前面。如图所示的乙丙两幅示意图中，能正确矫正小明视力的是（选填“乙”或“丙”）。10．如图所示，小灯泡L1、L2分别标有“2.5V，0.8W”“3V，0.9W”字样，在确保电路安全的前提下，闭合开关后，只有一个小灯泡正常发光（灯丝电阻不变），则电路电源U＝V；正常发光的灯泡是灯，通过小灯泡L2的电流I＝A。11．加在某电动机上的电压是220V，电动机消耗的电功率为110W，电动机线圈的电阻为10Ω，则电动机线圈上因发热损失的功率为W。12．珍爱生命、安全用电是同学们日常生活中必备的安全意识，家庭电路安装时，开关要接在线，有金属外壳的用电器，金属外壳要接线。13.如图，已知物体A的重力为10N，物体B的重力为2N，滑轮与绳子间的摩擦忽略不计。完成下列问题：

(1)如图甲，在B的作用下，物体A水平向右做匀速直线运动，此时物体A受到摩擦力的方向是______；

(2)如图乙，若给A施加一个水平向左的拉力，使A向左做匀速直线运动，则拉力F大小为______N。14．在探究“杠杆的平衡条件”的实验中：（1）没有挂钩码时，杠杆静止时的状态如图甲所示，为了使杠杆在水平位置平衡，平衡螺母应向移动；（2）杠杆在水平位置平衡后，在杠杆两侧挂上不同数量的钩码，移动钩码的位置，使杠杆重新在水平位置平衡。然后改变动力和动力臂，相应调节阻力和阻力臂，再做几次实验。再做几次实验的目的是（填序号）；A.多次测量求平均值，减小误差B.寻找规律的普遍性（3）当货车所载货物重心太靠后时，货车会翘起来，如图乙所示，这样容易造成交通安全事故。若以后轮为支点，货物对货车压力F的力臂用L1表示，货车重力G的力臂用L2表示，货车之所以会翘起来，是因为FL1GL2（选填“＞”、“＝”或“＜”）。三、作图题：本大题共3个小题，共7分。15．请将电路补充完整：要求：（1）在方框内添加电源和滑动变阻器；（2）使小磁针静止时如图所示；（3）向右移动滑动变阻器滑片时，电磁铁的磁性变强。16．如图所示是一款瓶盖起子，起瓶盖时，瓶身相当于一个绕O点转动的杠杆，图乙是其简化示意图。请在图乙中画出：作用在A点的最小动力F1及其力臂l1。17．如图，一个曲线型杠杆，O为支点，连接地面和杠杆的弹簧可以被压缩或拉伸，请在图中画出能使杠杆在此位置顺时针转动时最小动力F1的示意图，画出此时阻力F2的示意图。四、实验题：本大题共3小题，第18小题6分，第19小题6分，第20小题8分，共20分。18．在测量额定电压为2.5V的小灯泡电功率的实验中：（1）图甲是未连接好的实验电路，请你用笔画线代替导线将它连接完成；______（2）连接好电路后，开关闭合前，滑动变阻器的滑片P应移到______端；（3）闭合开关，发现小灯泡不亮，电流表有示数，电压表无示数，则故障原因可能是______；（4）故障排除后，移动变阻器的滑片到某一位置时，电流表的示数如图乙所示，为______A；继续实验，根据测量数据画出小灯泡的电流与电压的关系图象，如图丙所示。分析图象可知，小灯泡的额定电功率是______W；（5）某小组用电压约为12V的电源，测量相同规格小灯泡的实际功率，实验中发现电压表只有量程可用。为减小测量误差，要求电表指针偏转幅度超过量程的三分之一。现增加一个定值电阻和导线若干，请在下图所示的虚线框中设计电路完成实验。______若测得电压表与电流表示数分别为和，则小灯泡电功率______（用、和表示）。19.小明用弹簧测力计、圆柱体、两个相同的圆柱形容器，分别装有一定量的水和某种液体，对浸在液体中的物体所受的浮力进行了探究，其装置如图所示，并记录了圆柱体在水中下降过程中弹簧测力计读数F随圆柱体下降高度h变化的图像。(已知ρ水=1.0×103kg/m3，g取10N/kg)

(1)分析实验步骤A、B、C、D，可以说明浮力大小跟______有关。分析实验步骤A、E、F可以说明浮力的大小与______有关。

(2)为了探究浮力大小与物体浸没在液体中的深度有无关系，可选用______图的装置来进行操作。

(3)分析图像可知：圆柱体重力是______N；圆柱体浸没在水中时，受到的浮力是______N；圆柱体的体积是______m3；圆柱体的密度是______kg/m3。

(4)20．如图甲所示电路是“伏安法测量定值电阻”的实验电路图。（1）根据图甲，用笔画线代替导线将图乙中的实物电路连接完整______（要求滑片向右端移动电流表示数变小）；（2）按电路图连接电路后，闭合开关，发现电流表和电压表的示数都偏大，这说明在实验操作上是存在问题的，这个操作问题是______；（3）以上问题解决后，调节滑动变阻器，把测量的几组数据记录在下面的表格里，则该电阻的阻值R=______Ω（小数点后保留1位小数）；实验序号123电流I/A0.120.190.30电压U/V0.61.01.5（4）利用这个电路和器材还可以完成的实验是______。A．研究通过导体的电流与导体两端电压的关系

B．研究通过导体的电流与电阻的关系五、计算题：本大题共2小题，第21小题7分，第22小题6分，共13分。21.按题目要求作图．

(1)如图甲，重5N的小球沿斜面自由滚下，请在图中画出其所受重力的示意图．

(2)如图乙，请根据平面镜成像原理画出物体AB在平面镜中所成的像．(保留作图痕迹)

(3)如图丙，小亮发现教室中一个开关可以同时控制两盏额定电压为220V的灯，并且这两盏灯能正常发光．请你在图中画出电路的正确连接情况．

(4)根据丁图所示通电螺线管周围的磁感线方向，在图中标出电源的正、负极．22．如图甲是晾衣服用的夹子，其简化示意图如图乙所示，其中AOB可以看成杠杆，O点是支点，A点是动力的作用点，B点是阻力的作用点。请在图乙中画出：捏夹子时，动力F1的动力臂L1以及阻力F2的阻力臂L2。六、综合能力题：本大题共3小题，每小题6分，共18分。23．粗细均匀、长度为L0的蜡烛底部粘有一块质量为m的铁块，蜡烛竖直漂浮在水中，蜡烛露出水面的高度为H，如图，点燃蜡烛，直至蜡烛烛焰熄灭（假定蜡烛油不流下来），设蜡烛每分钟燃烧掉的长度为ΔL，求蜡烛燃烧的时间。（蜡烛的密度为ρ1，铁的密度为ρ2，水的密度为ρ3，且ρ2＞ρ3＞ρ1）

24．阅读探究：液压机2021年9月，世界上最大的模锻液压机（8万吨级）在中国投入使用，使我国的工业实力得到大幅提升。图甲为液压机的结构简图，它是利用液体来传递压强的设备，简易的液压机主要是由液缸、活塞、管、槽、液态介质及控制系统等部分构成。按传递压强的液体种类来分，有油压机和水压机两大类。科学家帕斯卡发现：当外力作用在密闭的液体上时，液体各部分所受的压强将发生相同的变化，物理学中称做帕斯卡定律，在图甲U形管槽中装满液体，两端活塞把液体密闭，给左端活塞施加一个向下的压力F1时，根据帕斯卡定律，左右两个活塞受到的液体压强相等，同时右端活塞会受到一个向上的压力F2，这就是液压机原理。若不计机械摩擦和活塞自重，两个活塞的运动距离与它们的横截面积成反比。（1）液压机在工作过程中，液体对液缸中大活塞的压强（大于/等于/小于）液体对小活塞的压强；（2）如图乙所示，汽车的油压千斤顶就是应用液压机原理工作的，假如一个油压千斤顶的大、小活塞横截面积分别是120cm2和4cm2，当在小活塞上加2700N的压力时，最多可在大活塞上产生N的举力；（3）以下关于液压机使用认识的说法正确的是；（多选题）A.将动力作用在小活塞上能达到省距离的目的B.将动力作用在小活塞上可以达到省力的目的C.使用过程中两侧槽内液体体积的变化量不等D.实际使用时，工作部件会因机械摩擦而升温（4）某型号液压机的大活塞横截面积是小活塞的50倍，则在使用过程中大、小活塞移动的距离之比为；25．母亲节，小雨和妈妈去看望奶奶。在高速公路上，坐在客车车窗旁的小雨感觉道路两旁的树木在疾速后退。当她推开车窗玻璃时，长长的披肩秀发被“吸”到了窗外。请你用所学的物理知识解释上述两种现象。参考答案及解析1．B【解析】本题考查杠杆的分类，根据动力臂和阻力臂判断。A．用去核器时，动力臂小于阻力臂是费力的杠杆，故A项不符合题意；B．瓶盖起子动力臂大于阻力臂是省力杠杆，故B项符合题意；CD．面包夹子与筷子，动力臂小于阻力臂是费力的杠杆，故CD项不符合题意。故选B。2.【答案】A

【解析】试题分析：由公式P=可知：当实际电压变为额定电压的一半时，实际电压的平方就变为额定电压平方的，要想电功率不变化，电阻阻值就要减小为原来阻值的，据此分析只要电路中电阻值就要减小为原来阻值的即可．

A、将电炉丝剪成等长两段，并联后接在110V电路中，电炉丝阻值变为原来的，电炉电功率不变，故A措施可行；

B、将电炉丝剪去一半后接入110伏电路中，电阻变为原来的，不能保持电功率不变，故B措施不可行；

C、将电炉丝分成等长的四段，则每段电阻为原来的，取其中两段并联后电阻变为原来的×=，接入110伏电路中，不能保持电功率不变，故C措施不可行；

D、将电炉丝分成等长的四段，则每段电阻为原来的，再并联后电阻变为原来的×=，接入110伏电路中，不能保持电功率不变，故D措施不可行．

故选A．3.【答案】C

【解析】A、试管内的水蒸气推动塞子冲出时，水蒸气对塞子做功，水蒸气的内能减少，温度降低，故A正确；

B、运动员投掷铅球时，铅球在最高点C点时，在水平方向上有一定的速度，此时动能不为0，故B正确；

C、小朋友匀速下滑时，速度不变，动能不变，高度减小，重力势能减小，重力势能没有转化为动能，故C错误；

D、人从O点到A的过程中，高度减小、速度增大，重力势能减小，动能增大；从A点到C点的过程中，AB段人的重力大于弹性绳的向上拉力，人做加速运动，动能增大；BC段人的重力小于弹性绳的向上拉力，人做减速运动，动能减小，最低点时动能为零；

所以，整个过程中，人的动能先增大后减小，故D正确。

故选：C。4.【答案】D【解析】解：

A、在导体两端的电压不变的条件下，导体的阻值越大通过导体的电流(电流表的示数)就越小，所以本实验可以通过电流表的示数比较导体电阻的大小，电流表示数越大，所接电阻阻值越小，故A正确；

B、在研究电阻与导体的材料的关系时，由于最上面的导线和最下面的导线是长度、横截面积均相同，而材料不同，所以可以把最上面的导线和最下面的导线单独连入电路进行比较，可以探究导体的电阻大小是否跟导体的材料有关，故B正确；

C、中间的导线和最下面的导线都是镍铬合金，且长度不同，所以可以研究电阻与导体长度的关系，故C正确；

D、在图示情况下，仅将电路中的电流表换成电压表，由于电压表相当于开路，电压表示数为电源电压，所以不能完成本实验，故D错误。

故选：D。

(1)根据欧姆定律可知在导体两端的电压不变的条件下，导体的阻值越大通过导体的电流就越小，所以可以通过比较导体电流的大小比较导体阻值的大小；

(2)电阻的大小在不考虑温度的前提下，有三个决定因素：材料、长度、横截面积。因此要研究电阻的大小与每一个因素的具体关系时，要用到控制变量法。即：研究电阻的大小与哪个因素有关，就要让这个因素变化，其余的因素都相同，去做对比实验。根据这个思路可以解决此题。

此题主要考查的是电阻大小的影响因素和转换法、控制变量法在物理实验中的熟练运用，是中考的常见题型。

5．【解答】解：由电路图可知，当只闭合开关S2时，电路为R0的简单电路，电流表测电路中的电流，此时的电源电压为：U＝I2R0；当闭合开关S1和S2时，R0与Rx并联，电流表测干路电流，因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，通过R0的电流不变，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，通过Rx的电流：Ix＝I1﹣I2，因并联电路两端电压相等，所以由I＝可得，Rx＝＝。故选：C。6．（2分）将体积相同、材料不同的甲、乙、丙三个实心小球，分别轻轻放入三个装满水的相同烧杯中，甲球下沉至杯底、乙球漂浮、丙球悬浮，如图所示，下列说法正确的是（）A．三个小球的质量大小关系是m甲＞m乙＞m丙 B．三个小球受到的浮力大小关系是F甲＝F乙＜F丙 C．三个烧杯中的水对烧杯底部的压强大小关系是p甲＞p乙＞p丙 D．三个烧杯底部对桌面的压强大小关系是p′甲＞p′乙＝p′丙【解答】解：A、甲球下沉至容器底部，乙球漂浮，丙球悬浮，所以甲球的密度大于水的密度，乙球的密度小于水的密度，丙球的密度等于水的密度，因此三个小球的密度大小关系是：ρ甲＞ρ丙＞ρ乙，根据m＝ρV可知：质量大小关系是m甲＞m丙＞m乙．故A错误。B、由于甲乙丙三个实心小球体积相同，则根据图可知排开水的体积关系：V甲排＝V球，V乙排＜V球，V丙排＝V球，所以V甲排＝V丙排＞V乙排，根据F浮＝ρ液V排g可知：F甲＝F丙＞F乙，故B错误。C、因为三个相同烧杯中都装满水，放入球后烧杯中液面高度不变，根据p＝ρgh可知烧杯底部受到水的压强相等，即：p甲＝p乙＝p丙；故C错误。D、三个相同烧杯中都装满水，里面的水的重力G水相等，由于烧杯底部对桌面的压力等于容器的总重力，则放入物体后对桌面的压力变化为：F＝G容器+G水+G球﹣G排和G排＝F浮，据此可得：F′甲＝G容器+G水+G甲﹣G排甲＝G容器+G水+G甲﹣F甲；F′乙＝G容器+G水+G乙﹣G排乙＝G容器+G水+G乙﹣F乙；F′丙＝G容器+G水+G丙﹣G排丙＝G容器+G水+G丙﹣F丙；由于甲球下沉至容器底部，乙球漂浮，丙球悬浮，则G甲＞F甲；G乙＝F乙；G丙＝F丙；所以F′甲＞F′乙＝F′丙；由于容器的底面积相同，根据p＝可得：烧杯底部对桌面的压强的关系是p′甲＞p′乙＝p′丙；故D正确。故选：D。（多选7．解：由电路图可知，滑动变阻器与电阻R1串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压，电流表测量电路中的电流；ABC、因串联电路中电流处处相等，所以为了既不烧坏电流表，又不烧坏电阻，比较各电流值可知，电路中的最大电流为I最大＝0.5A；当电流最大为0.5A时，电阻R1两端的最大电压为：U1最大＝I最大R1＝0.5A×6Ω＝3V；则滑动变阻器两端的最小电压：U2最小＝U﹣U1最大＝4.5V﹣3V＝1.5V；由串联分压的规律可知，当滑动变阻器两端的电压最小时，其连入电路的电阻最小，由欧姆定律可得，滑动变阻器连入电路的最小阻值为：R2小＝＝＝3Ω；由于电压表的量程为“0～3V”，则电压表示数最大为：U2最大＝3V，当变阻器两端的电压最大时，R1两端的电压最小，则有：U1最小＝U﹣U2最大＝4.5V﹣3V＝1.5V，电路中最小电流为：I最小＝＝＝0.25A；此时滑动变阻器接入电路的最大阻值为：R2大＝＝＝12Ω；所以电路中的电流范围为0.25A～0.5A，电压表的示数变化范围为1.5V～3.0V，滑动变阻器的取值范围为3Ω～12Ω，故AB正确，C错误；D、由P＝I2R可知，定值电阻R1的最小功率与最大功率之比：Pmin：Pmax＝IR1：IR1＝I：I＝（0.25A）2：（0.5A）2＝1：4，故D正确。故选：C。8.【答案】同名磁极相互排斥

【解析】解：底座内部的电磁铁通电后，产生磁性，与磁体音箱内部的磁体排斥，使音箱悬浮。同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，故音箱悬浮是利用同名磁极相互排斥的原理工作的。

故答案为：同名磁极相互排斥。

同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引。

本题考查了磁极间的相互作用，属基础题目。

9．（3分）（1）在今年抗击“新冠肺炎”战役中，无接触式体温计（如图甲）被广泛使用，它是依靠感知人体发出的红外线（选填“红外线”或“紫外线”）来测量温度的；（2）疫情期间，小明在线上学习时长期不注意用眼卫生，视力急剧下降。经医生检查，小明晶状体变厚，使来自远处的光线会聚在视网膜的前面。如图所示的乙丙两幅示意图中，能正确矫正小明视力的是丙（选填“乙”或“丙”）。【分析】（1）无接触式体温计工作原理：通过感知人体辐射的红外线来工作的；（2）近视眼的晶状体太厚，使像成在视网膜的前方，应佩戴凹透镜进行矫正。【解答】解：（1）人体会向外辐射红外线，温度越高，辐射红外线的本领越强，红外线体温计是根据感知人体发出的红外线来测量温度的；（2）小明晶状体变厚，使来自远处的光线会聚在视网膜的前面，这是近视眼，需要佩戴凹透镜进行矫正，故选丙。故答案为：（1）红外线；（2）丙。【点评】本题考查了红外线体温计的工作原理、近视眼的成因及矫正，难度不大。10．（3分）如图所示，小灯泡L1、L2分别标有“2.5V，0.8W”“3V，0.9W”字样，在确保电路安全的前提下，闭合开关后，只有一个小灯泡正常发光（灯丝电阻不变），则电路电源U＝2.5V；正常发光的灯泡是L1灯，通过小灯泡L2的电流I＝0.25A。【分析】（1）根据电路图可知，两灯泡并联，根据并联电路的电压特点结合两灯泡的额定电压求出电源电压；（2）根据P＝UI＝求出灯泡L2的电阻，根据欧姆定律求出通过小灯泡L2的电流。【解答】解：（1）由电路图可知，两灯泡并联，由并联电路的电压特点可知，两灯泡两端的电压相等都等于电源电压，由题意可知，只有一个小灯泡正常发光，为了电路安全，只能让额定电压小的灯泡L1正常发光，则电源电压：U＝U2＝U1额＝2.5V；（2）由P＝UI＝可知，灯泡L2的电阻：R2＝＝＝10Ω，通过小灯泡L2的电流：I＝＝＝0.25A。故答案为：2.5；L1；0.25。【点评】本题考查并联电路的特点、欧姆定律和电功率公式的应用，关键是知道为了电路安全，两灯并联时，额定电压低的灯可以正常发光。11．解：电动机是非纯电阻电路，根据P＝UI可得，电流为：I＝＝＝0.5A，电动机线圈上因发热而损失的功率：P热＝I2R＝（0.5A）2×10Ω＝2.5W。故答案为：2.5。12．解：开关控制用电器时，开关和用电器是串联的才能在开关闭合时，灯泡工作，开关断开时，灯泡停止工作。开关接在火线上，在更换灯泡时更安全；带有金属外壳的用电器，外壳一定要接地线。故答案为：火；地。13.【答案】水平向左

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【解析】解：物体A水平向右运动时，在水平方向上受到物体B对物体A施加的水平向右的拉力为2N、水平向左的摩擦力作用，因物体A处于匀速直线运动状态，则摩擦力和拉力是平衡力，所以水平向左的摩擦力与向右的拉力大小相等，为2N；

物体A水平向左运动或水平向右运动时，由于压力不变，接触面粗糙程度不变，物体A受到的摩擦力不变，所以物体A水平向左运动时，受到水平向右的摩擦力也是2N；

物体A水平向左匀速直线运动时，水平方向上受到水平向左的拉力、水平向右的拉力2N(物体B对物体A施加的)、水平向右的摩擦力2N.水平向左的拉力和水平向右的拉力、水平向右的摩擦力是平衡力，三力平衡，因此水平向左的拉力为2N+2N=4N。

故答案为：(1)水平向左；(2)4。

物体A在物体B的作用下向右匀速直线运动，物体A在水平方向上受到水平向右的拉力和水平向左的摩擦力作用，根据二力平衡条件求出摩擦力大小；物体A向左匀速直线运动时，物体对水平桌面的压力不变，接触面粗糙程度不变，物体A和水平桌面的摩擦力不变；

物体A水平方向上受到水平向左的拉力、水平向右的拉力、水平向右的摩擦力作用，水平向左的拉力和水平向右的拉力、水平向右的摩擦力是平衡力，根据平衡力条件求出水平向左的拉力。

本题主要考查了二力平衡条件的应用、滑动摩擦力大小只跟压力大小和接触面粗糙程度有关，跟运动方向、运动速度、受力面积等都没有关系，这是解决本题的关键。

14．【解答】解：（1）要使杠杆在水平位置处于平衡状态，平衡螺母向上翘的右端移动；（2）通过实验总结归纳出物理规律时，一般要进行多次实验，获取多组实验数据归纳出物理规律才具有普遍性，结论才正确，所以在探究杠杆平衡的条件时，多次改变力和力臂的大小主要是为了获取多组实验数据归纳出物理规律，故选：B；（3）货物对货车压力F的力臂用L1表示，货车重力G的力臂用L2表示，货车之所以会翘起来，说明FL1＞GL2。故答案为：（1）右；（2）B；（3）＞。15．（2分）请将电路补充完整：要求：（1）在方框内添加电源和滑动变阻器；（2）使小磁针静止时如图所示；（3）向右移动滑动变阻器滑片时，电磁铁的磁性变强。【分析】闭合开关，要使小磁针静止如图位置，由磁极间的相互作用规律可知电磁铁的N极和S极，根据安培定则判断电源的正负极；向右移动滑动变阻器滑片时，电磁铁的磁性变强，说明电路中电流变大，变阻器接入电路的电阻变小。【解答】解：闭合开关，要使小磁针静止如图位置，由磁极间的相互作用规律可知，电磁铁的右端是S极，左端是N极，根据安培定则可知，电流从电磁铁的左端流入，右端流出；向右移动滑动变阻器滑片时，电磁铁的磁性变强，说明电路中电流变大，变阻器接入电路的电阻变小，如图所示：16．【答案】【解答】解：由杠杆平衡条件F1L1＝F2L2可知，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小；图中支点在O点，动力作用在A点，因此OA作为动力臂l1时最长，连接OA即可作出其力臂l1；为了打开瓶盖，由图知，起子对瓶盖的力（阻力）应向左上方，则动力的方向应该向左下方，且动力与动力臂垂直，所以过点A垂直于OA向下可作出最小动力F1的示意图，如图所示：三、实验与探究题（共4小题，计22分）17．（2分）如图，一个曲线型杠杆，O为支点，连接地面和杠杆的弹簧可以被压缩或拉伸，请在图中画出能使杠杆在此位置顺时针转动时最小动力F1的示意图，画出此时阻力F2的示意图。【分析】根据杠杆的平衡条件，阻力和阻力臂不变时，动力臂越长越省力，确定出最长的力臂；阻力F2是弹簧对杠杆的弹力，作用点在杠杆上，垂直杠杆向上，据此画出F2的示意图。【解答】解：由图可知，支点为O，当阻力、阻力臂的乘积一定，OA之间的连线作为动力臂时，动力臂是最大的，此时的动力F1最小，要使杠杆在此位置顺时针转动，动力F1的方向垂直于OA向下；阻力F2是弹簧对杠杆的弹力，作用点在杠杆上，方向垂直杠杆向上，如图所示：【点评】此题考查了有关力的示意图和最小力的示意图的画法，要画出最小的力，关键是确定最长的力臂，即从支点到作用点的距离。三、实验与探究题（24题4分，25题5分，26题6分，共15分）18．

A

小灯泡短路

0.28

0.75

1【解析】（1）[1]在测量小灯泡的电功率的实验中，电压表应与灯泡并联，根据灯泡的额定电压为2.5V可知电压表应选用0~3V的量程，电路连接如图所示：（2）[2]为了防止电流过大，损坏电路元件，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应移到最大阻值端，由滑动变阻器是右下接线柱接入电路，滑动变阻器的最大阻值端在最左端，即A端。（3）[3]闭合开关后，小灯泡不亮，电流表有示数，说明电路中有电流，电压表无示数，故电路故障可能是小灯泡短路。（4）[4]由图乙可知，电流表所选量程为0~0.6A，分度值为0.02A，电流表的示数为。[5]由图丙可知，当小灯泡两端的电压为2.5V时，通过小灯泡的电流为0.3A，小灯泡的额定功率（5）[6]电压表的量程是0~15V，为减小测量误差，要求电表指针偏转幅度超过量程的三分之一，电压表所测电压至少由此可知电压表不是直接测量小灯泡两端的电压，电压表测量的是小灯泡和定值电阻两端的总电压，由于小灯泡的额定电流为，所以定值电阻两端的最大电压所以小灯泡与定值电阻两端的总电压因此电压表的示数应在5~8.5V之间，电路图如图所示：[7]当闭合开关，电压表示数为，电流表示数为时，此时定值电阻两端的电压小灯泡两端的电压小灯泡的实际功率19.【答案】物体排开液体体积

液体的密度

D、E

9

5

5×10−4

1.8×10【解析】解：(1)分析实验步骤B、C、D可知液体的密度相同，排开液体的体积不同，弹簧测力计的示数不同，浮力不同，故可以说明浮力大小跟物体排开液体的体积有关；

分析实验步骤E、F可知排开液体的体积相同，液体的密度不同，弹簧测力计的示数不同，浮力不同，故可以说明浮力大小跟液体的密度有关；

(2)探究浮力大小与物体浸没在液体中深度的关系，要控制液体的密度和排开液体的体积相同，改变浸没的深度，图中D、E符合；

(3)由右图象可知，当h=0时，弹簧测力计示数为9N，

此时圆柱体处于空气中，根据二力平衡条件可知，G=F拉=9N。

从h=5cm开始，弹簧测力计示数不变，说明此时圆柱体已经浸没在水中，对圆柱体受力分析可知，

F浮=G−F拉=9N−4N=5N；

由阿基米德原理F浮=ρ液V排g得圆柱体的体积为：

V=V排=F浮ρ水g=5N1.0×103kg/m3×10N/kg=5×10−4m3，

由公式G=mg可求出圆柱体的质量，

m=Gg=9N10N/kg=0.9kg，

圆柱体的密度为：

ρ物=mV=0.9kg5×10−4m3=1.8×103kg/m3；

(4)20．

开关闭合前没有将滑动变阻器的滑片移到阻值最大端

5.1

A【解析】（1）[1]根据电路图可知，电流表串联在电路中测电路中的电流，电压表并联在定值电阻两端测定值电阻两端的电压，要使滑片向右移动时，电流表的示数变小，则就要使滑片向右移动时，滑动变阻器接入电路中的阻值变大，由图可知滑动变阻器接A接线柱。故根据电路图连接实物图如下图所示（2）[2]闭合开关，发现电流表和电压表的示数都偏大，表明电路中电流较大，这个操作问题是开关闭合前没有将滑动变阻器的滑片移到阻值最大的一端。（3）[3]由表中数据可知，第一次测量计算得电阻的阻值为第二次测量计算得电阻的阻值为第三次测量计算得电阻的阻值为则电阻的阻值为（4）[4]A．利用这个电路和器材可以控制在电阻阻值不变的情况下，通过移动滑片多次改变电阻（定值电阻）两端的电压，故可以完成研究通过导体的电流与导体两端电压的关系的实验，故A符合题意；B．要研究通过导体的电流与电阻的关系，就控制电阻两端的电压，多次更换不同阻值的定值电阻，而本实验中只有一个定值电阻，故不能完成研究通过导体的电流与电阻的关系的实验，故B不符合题意。故选A。21.【答案】解：

(1)作用点在球的中心，从球心沿竖直向下的方向画一条线段，在线段的末端标上箭头表示重力的方向，G=5N，如图所示：

(2)先作出端点A、B关于平面镜的对称点A'、B'，用虚线连接A'、B'即为物体AB的像，如图所示：

；

(3)两个灯泡是并联的，开关控制灯泡时，开关和灯泡是串联的，开关接在灯泡和火线之间，如图所示：

(4)在磁体的周围，磁感线是从磁体的N极出发，回到S极，所以图示的螺线管的右端为N极．

根据螺线管的N极和线圈的绕向，利用右手螺旋定则可以确定电流是从螺线管的左端流入，右端流出．从而可以确定电源的左端为正极．如下图所示．

【解析】(1)小球沿斜面自由滚下，受到重力、斜面支持力和斜面摩擦力的作用，重力的示意图就是用带箭头的线段表示重力的三要素，线段的起点在重心，方向竖直向下．

(2)根据平面镜成像的特点：像与物关于平面镜对称，可以先作出物体AB中端点A、B的像点A'、B'，连接A'、B'即为物体AB在平面镜中所成的像．

(3)开关控制灯泡时，开关和灯泡是串联的．火线首先进入开关，然后进入灯泡，零线直接进入灯泡，这样断开开关，切断火线，操作更安全．

家庭电路中，各用电器之间是并联的，各用电器能正常工作，并且互不影响．

(4)从螺线管周围的磁感线方向入手，确定螺线管的N、S极，然后再结合线圈的绕向利用右手螺旋定则确定螺线管中电流的方向，进一步可以知道电源的正负极．

(1)无论物体放在斜面上还是其它地方，重力的方向始终是竖直向下的，在作图时学生容易把重力的方向画成与斜面垂直．

(2)平面镜成像实验探究出的像与物的具体关系是：大小相等、连线与镜面垂直、到镜面的距离相等、左右相反；作物体在平面镜中所成的像，常用方法是：作出端点(或关键点)的像点，用虚线连接像点得到物体的像．

(3)掌握家庭电路中灯泡、开关、两孔插座、三孔插座、保险丝等元件的作用、接法等．

(4)本题属安培定则的简单应用，但安培定则一定要牢记．安培定则不但可以由电流方向和线圈绕向判断磁极，也可根据磁极和线圈的绕向判断电流方向．22．如图甲是晾衣服用的夹子，其简化示意图如图乙所示，其中AOB可以看成杠杆，O点是支点，A点是动力的作用点，B点是阻力的作用点。请在图乙中画出：捏夹子时，动力F1的动力臂L1以及阻力F2的阻力臂L2。【分析】已知动力和阻力，根据力臂的画法，先确定支点O，再过支点作动力作用线和阻力作用线的垂线段，即可画出动力臂和阻力臂。【解答】解：支点为O，从支点O作力F1作用线延长线的垂线段L1、作力F2作用线的垂线段L2，L1、L2即为所求作的力臂。如图所示：【点评】力臂的画法：①首先根据杠杆的示意图，确定杠杆的支点；②确定力的作用点和力的方向，画出力的作用线；③从支点向力的作用线作垂线，支点到垂足的距离就是力臂。23．（12分）粗细均匀、长度为L0的蜡烛底部粘有一块质量为m的铁块，蜡烛竖直漂浮在水中，蜡烛露出水面的高度为H，如图，点燃蜡烛，直至蜡烛烛焰熄灭（假定蜡烛油不流下来），设蜡烛每分钟燃烧掉的长度为ΔL，求蜡烛燃烧的时间。（蜡烛的密度为ρ1，铁的密度为ρ2，水的密度为ρ3，且ρ2＞ρ3＞ρ1）【解答】解：设铁块受到浮力F，蜡烛截面积S，蜡烛与铁块整体处于漂浮状态，受力平衡，则有：G蜡+G铁＝F蜡浮+F铁，即ρ1L1Sg+mg＝ρ3（L0﹣H）Sg+F﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①（2）蜡烛灭的时候，设蜡烛燃烧长度x，这时剩余蜡烛刚好浸没，整个蜡烛长度的重力加铁重力刚好等于蜡烛的浮力加铁的浮力。则有：G蜡′+G铁＝F蜡浮′+F铁，即ρ1（L0﹣x）Sg+mg＝ρ3（L0﹣x）Sg+F﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②①﹣②得x=ρ蜡烛燃烧的时间：t=x答：蜡烛燃烧的时间为ρ324．（4分）阅读探究：液压机2021年