2026-2027学年人教版中考物理月测专项训练卷（带答案与解析）

第页2026-2027学年人教版中考物理月测专项训练卷（带答案与解析）学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________题号一二三四五六总分得分注意事项:

1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。

2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。

3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。一、选择题(本大题共7小题，每小题3分，共21分.在每小题所给出的四个选项中，只有一项是正确的)1.图中所示的四个事例中，由于光的反射形成的是(    )A.立竿见影 B.坐井观天

C.杯弓蛇影 D.五彩缤纷2．我国北方的冬季气温很低，到处都是冰天雪地，人们有时会将冰雪融化取水，把冰雪放在水壶里加热取水的过程中，下列说法正确的是（）A．冰在0℃时，内能为0 B．这是通过做功的方式改变物体的内能 C．壶中水沸腾后持续加热，水温不变，因此内能不变 D．水的温度越高，水分子运动越剧烈3．炎炎夏日，暑热难耐。红霞同学从冰柜里拿出一块冰，放在盘子里。一会儿，冰变成了一盘水，又过一段时间，发现水干了。在这两个过程中，涉及的两个物态变化，以及对应的吸、放热情况，下列叙述正确的是（）A．熔化吸热和凝固放热 B．汽化吸热和液化放热C．熔化吸热和汽化吸热 D．熔化放热和汽化放热4．如图所示为小阳同学在体育测试中“原地掷实心球”的场景，图中虚线描绘的是实心球离开人手后运动的路径，不计空气阻力，下列说法中不正确的是（）A．球离开手后能在空中继续上升，是由于球具有惯性 B．球在离开手后的上升过程中，重力的方向一定竖直向下 C．球运动到最高点时，合力为零 D．球最终落向地面，是因为球受到了重力的作用5．近日中国科学院和四川大学联合研发的高温超导磁悬浮列车成功试运行，速度可达600千米每小时。下列说法正确的是（）A．LED灯是由超导体材料制成的发光二极管 B．磁悬浮列车是通过列车底部的磁极与轨道上的磁极相互作用来实现悬浮的 C．磁悬浮列车是利用电流的磁效应来工作的，与发电机工作原理相同 D．超导体材料不可以用于制做远距离输电的导线6．我国提出“力争2030年前实现碳达峰，2060年前实现碳中和”，碳达峰、碳中和成为社会各界关注的热点话题。对于能量和能源，下列说法正确的是（）A．我国已建成的核电站是利用核裂变来发电的 B．化石能源是不可再生能源，核能、水能、太阳能是可再生能源 C．为了减少大气污染，应禁止使用化石能源 D．能量在转化过程中是守恒的，所以能源是“取之不尽，用之不竭”的7.2022年10月31日，长征五号B遥四运载火箭在文昌发射场发射升空，成功将梦天实验舱送入预定轨道，如图2所示．在这次发射任务中，梦天实验舱柔性太阳能翼展开部件、电源散热载体等采用了铝基复合材料，这使航天器在有限的空间中可以安装更多的载荷．下列说法正确的是图2A.柔性太阳能翼发电时，将电能转化为太阳能B.梦天实验舱采用铝基复合材料的原因之一是其密度大C.梦天实验舱与地面指挥中心是通过电磁波传递信息的D.梦天实验舱中的电脑芯片和电脑的塑料外壳都是半导体制成的二、填空题(本大题共7小题，每小题3分，共21分.不需要写出解答过程，请把答案直接填在答题卡相应的位置上.)8．人类已进入智能化时代．小明家安装了空调智能控制系统，空调自动开启条件是：家中有人且室温等于或高于26℃．S1和S2是控制空调开启的两个智能开关，当家中有人时S1自动闭合，家中没有人时S1自动断开；当室温等于或高于26℃时S2自动闭合，室温低于26℃时S2自动断开，则控制空调开启的电路示意图是图甲和图乙中的．已知小明家某天室内温度变化情况如图丙所示，当天8h﹣12h和14h﹣18h家中没有人，空调的额定电压是220V，额定功率是1kW，则这台空调当天消耗的电能是kW•h．9．如图所示，电源电压为12V保持不变，R1＝10Ω。只闭合开关S时，电流表的示数为0.3A，则R1两端的电压U1＝V，R2＝Ω；当断开开关S，闭合S1、S2时，则电流表的示数为A。10．小华同学想测量一个小碗的密度，于是她进行了下列操作：先用电子秤称量小碗的质量为180g，如图1；然后将小碗放入溢水杯中后向溢水杯中注满水，测得此时总质量为1200g，如图2；再将小碗取出，向溢水杯中补满水，测得此时总质为1100g，如图3.则小碗的密度ρ＝g/cm3.若在取出小碗时，小碗壁上沾水，则以上步骤所测得的小碗密度与真实值相比（选填“偏大”“偏小”或“不变”），你判断的理由是。（ρ水＝1.0g/cm3）11．用如图所示的滑轮组在10s内将一个重200N的物体匀速提升2m，所用的拉力F为125N，不计绳重及摩擦，滑轮组对物体做的功是J；拉力做功的功率W；滑轮组的机械效率。12．一场穿越千年，感受古韵今风的马拉松赛事于2023年3月26日在成都都江堰开跑。某选手在一段路程为1000m的直赛道上用时3min20s，则该选手在这段赛道的平均速度为m/s；以选手为参照物，跑道旁边的树木是的。13.如图所示，在轻质杠杆OA的A端挂一边长为10cm的正方形石块，在OA的中点施加一竖直向上的力F，当力F=40N时，杠杆在水平位置平衡，则石块重______N.其密度为______kg/m3，将石块浸没于盛水的烧杯中，若杠杆仍在水平方向再次平衡，则F=______N。

14.物理考试时小明不慎将2B铅笔掉在地上，铅笔在空中下落时机械能______(选填“增大”、“不变”或“减小”，不计空气阻力)。小明在答题卡上填涂选项题时，铅笔向右滑动，笔尖受到的摩擦力方向朝______；他填涂的选项太淡，电脑可能无法识别，可以通过______的方式增大摩擦力使得所涂选项颜色深一些。三、作图题：本大题共3个小题，共7分。15.如图甲所示是人们锻炼身体时常用的握力器，使用时左半部分可视为一个杠杆，其简化示意图如图乙所示。请在图乙中画出阻力F2的力臂l2及使杠杆平衡时作用在A点的最小动力F116.用笔画线代替绳子，在图中画出拉力F最省力的绳子绕线方式。

17.如图所示，一束光射向凸透镜经折射后射到水面上。请在图中画出射向凸透镜的入射光线和经水面后的折射光线。

四、实验题：本大题共3小题，第18小题6分，第19小题6分，第20小题8分，共20分。18．在探究杠杆平衡条件的实验中：​​（1）将装置放在水平桌面上，静止时如图1所示。为了使杠杆在水平位置平衡，应将螺母向（选填“左”或“右”）调节。（2）实验中，在杠杆两侧挂上不同数量的钩码，第1、2次杠杆平衡时的数据已填入表格。图2是第3次杠杆平衡时的情景，此次杠杆右侧的阻力和阻力臂的数据①为②为。实验次数动力F1/N动力臂l1/m阻力F2/N阻力臂l2/m12.50.220.25220.151.50.231.50.1①②（3）某小组对实验过程交流、讨论后，按图3所示又进行了实验。老师肯定了他们的做法，并指出，用弹簧测力计斜拉可使结论更具普遍性，因为这样做改变了。19．昊阳同学利用如图﹣1所示的装置来探究“浮力的大小跟哪些因素有关”。（1）如图﹣1所示的实验中，A步骤所示的弹簧测力计的示数为N；接着他用弹簧测力计挂着金属块缓慢地浸入液体中不同深度，步骤（如图﹣1）B、C、D、E、F（液体均未溢出），并将其示数记录在表中。实验步骤BCDEF测力计示数/N2.22.11.71.71.6（2）分析实验步骤（图﹣1）A、E、F，可以说明浮力的大小与液体的有关；分析实验步骤A、D、E，可以说明浮力大小跟物体浸没液体的无关。（3）昊阳用表格中的数据算出了F图中盐水的密度是kg/m3。（4）同组的同学想借助如图﹣2所示的器材来验证阿基米德原理，将装满水的溢水杯放在升降台C上，用升降台来调节溢水杯的高度。当逐渐调高升降台时，发现随着重物浸入水中的体积越来越大，弹簧测力计A的示数（选填“变大”、“变小”或“不变”），且弹簧测力计A示数的变化量B示数的变化量（选填“大于”、“小于”或“等于”）。（5）昊阳还想利用空易拉罐（剪去顶部）、小口径量筒、吸管、水等常见生活材料，来测量金属块的密度（图﹣3）。①把空易拉罐放置在水平台上，再把吸管一端插入空易拉罐侧壁，另一端开口朝下，往易拉罐中缓慢倒入水，直至装满水，将空的量筒正放在吸管下端开口处；②把一泡沫块轻轻放入易拉罐中，使之漂浮在水面上，不再溢出水时，测得量筒中水的体积为15mL；③用细线拴住金属块轻轻放入易拉罐中，直至金属块下沉至杯底，测得此时量筒中水的体积为25mL；④取出金属块轻轻放置在泡沫块上方，泡沫块和金属块漂浮在水面上，此时量筒中水的体积为42mL；则金属块的密度为kg/m3，该测量值与真实值相比。（选填“偏大”、“偏小”或“不变”）20．在“测定小灯泡电功率”的实验中，某同学选用的器材如下：两节干电池、额定电压为2.5V的小灯泡（额定功率约1.2W）。电流表、电压表、滑动变阻器、开关和导线。（1）请你用笔画线代替导线，将如图甲所示的实物电路连接完整，要求：①导线不能交叉；②当滑动变阻器的滑片P向左移动时，小灯泡变亮。______（2）他连接好电路，闭合开关S，发现电流表几乎无示数，电压表的示数接近电源电压，则故障的原因可能是小灯泡______（选填“短路”或“断路”）。（3）故障排除后，他闭合开关S，调节滑动变阻器使小灯泡正常发光，此时电流表的示数如图乙所示，则测得小灯泡的额定功率为______W。（4）该同学仔细思考后发现，若不用电流表，而用已知阻值的定值电阻R0、三只开关、电压表、电源和滑动变阻器等器材也能测出小灯泡的额定功率。他设计了如图丙所示的电路图，实验步骤如下：①闭合开关S、S1，断开开关S2，调节滑片P的位置使电压表的示数为U额，此时小灯泡正常发光；②闭合开关S、S2，断开开关S1，保持滑片P的位置不变，记录电压表此时的示数U；③小灯泡额定功率的表达式P额=______（用含R0、U额、U的式子表示）。五、计算题：本大题共2小题，第21小题7分，第22小题6分，共13分。21．某电热水器如图甲所示，有高、低温两档加热功能，低温挡功率为5500W，内部等效电路如图乙所示，R1和R2是两个电热丝。【c水＝4.2×103J/（kg•℃）】（1）电热丝R1的阻值是多少？（2）假设热水器电热丝正常工作且产生的热量全部被水吸收。如果用高温挡淋浴时，把初温为20℃的100L的水加热至40℃，用时为20min，则该热水器高温挡功率是多少？22.某饭店用燃气灶烧水，当完全燃烧0.5kg煤气，给50kg的50℃的水加热，该燃气灶的效率为60%，已知水的比热容为4.2×103J/(kg⋅℃)，煤气的热值为4.2×107J/kg。求：

(1)0.5kg煤气完全燃烧时放出的热量；六、综合能力题：本大题共3小题，每小题6分，共18分。23．图甲是某电热水壶的内部简化电路，其中R1是加热管，R2是限流电阻，只有加热管放出的热量能被水吸收。S1是一个防干烧开关（或称“温控开关”），S2、S3是手动开关，调节S2、S3可以使电热水壶分别处于加热或保温状态。图乙是该电热水壶的铭牌。XX牌电热水壶额定电压220V额定容量1.2L额定加热功率880W额定频率50Hz（1）要使电热水壶处于加热状态，需将开关S2和S3（选填“闭合”或“断开”）；（2）由该电热水壶的铭牌可知，加热管R1的阻值为多少？（3）假设当电热水壶处于保温状态时水温保持恒定，此时水每秒向外界散热55J，那么电热水壶处于保温状态时的总功率约是多少？24．2021年11月6日，“悟空号”全海深AUV（无人无缆潜水器）在马里亚纳海沟“挑战者”深渊下潜深度达10896米，再次刷新下潜深度世界纪录。全海深AUV“悟空号”重1.3吨，将“悟空号”的形状大致简化为一个长2.02米，宽1.25米，高2.76米的长方体（海水密度取1.0×103kg/m3，g取10N/kg）。（1）潜水器上浮和下潜是靠改变实现的；（2）潜水器下潜到最大深度时受到海水的压强和浮力分别是多少？（3）“悟空号”要完成此次下潜任务其水箱内海水的重力至少是多少？25．请仔细观察图中茶壶的构造，并回答下列问题。（1）茶壶盖上有个小孔，请说出小孔的作用。（2）请用物理知识解释壶嘴若低于壶身，茶壶会有什么弊病。参考答案及解析1.【答案】C【解析】解：A、立竿见影是由于光的直线传播形成的，故A错误；

B、坐井观天是光的直线传播的应用，故B错误；

C、杯弓蛇影是平面镜成像，是由于光的反射形成的，故C正确；

D、五彩缤纷是利用三棱镜对白光进行折射，是由于光的折射形成的，故D错误。

故选：C。

(1)在日常生活中，日月食、小孔成像和影子的形成等都表明光在同一种均匀介质中是沿直线传播的；

(2)当光照射到两种物质分界面上时，有一部分光被反射回来发生反射现象，如水中倒影等；

(3)当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向会偏折，发生折射现象，如池水变浅，海市蜃楼等。

本题考查的光的反射、光的折射及光的直线传播现象，难度不大，是基础题。

2．解：A、一切物体在任何时候都有内能，因此冰在0℃时，内能不为0，故A错误；B、把冰雪放在水壶里热取水，是利用热传递的方式改变物体内能的，故B错误；C、水沸腾在过程中，温度不变，但水的质量减小，所以水的内能减小，故C错误；D、分子的运动快慢与温度有关，水的温度越高，水分子运动越剧烈，故D正确。故选：D。3．【答案】C【知识点】熔化与熔化吸热特点；汽化及汽化吸热的特点【解析】【解答】冰在空气中吸热熔化变成了一盘水，水在空气中过不断吸热，汽化成水蒸气，因此过一段时间，发现水干了，ABD不符合题意，C符合题意。故答案为：C。

【分析】固体变为液体，是熔化现象；液体变为气体是汽化现象。4．解：A、球离开手后能在空中继续上升，是由于球具有惯性，仍要保持原来的运动状态，故A正确；B、重力的方向总是竖直向下，故B正确；C、球运动到最高点时，只受重力作用，因此受到的是非平衡力，合力不为0，故C错误；D、球最终落向地面，是因为球受到了重力的作用，故D正确。故选：C。5．【解答】解：A．LED灯是由半导体材料制成的发光二极管，故A错误；B．磁悬浮列车是通过列车底部的磁极与轨道上的磁极相互作用来实现悬浮，从而使得接触面分离，摩擦力减小，故B正确；C．磁悬浮列车是利用电流的磁效应来工作的，发电机工作原理是电磁感应，两者的原理不相同，故C错误；D．超导体材料的电阻为0，通电不产生热量，可以用于制做远距离输电的导线，且没有电能损坏，故D错误。故选：B。6．（2分）我国提出“力争2030年前实现碳达峰，2060年前实现碳中和”，碳达峰、碳中和成为社会各界关注的热点话题。对于能量和能源，下列说法正确的是（）A．我国已建成的核电站是利用核裂变来发电的 B．化石能源是不可再生能源，核能、水能、太阳能是可再生能源 C．为了减少大气污染，应禁止使用化石能源 D．能量在转化过程中是守恒的，所以能源是“取之不尽，用之不竭”的【分析】（1）核电站是利用裂变的链式反应释放出巨大能量的原理制成的，其中在核电站中链式反应的速度和规模是人为控制的；（2）可再生能源可以在短时间内形成，不可再生能源不可在短时间内形成；（3）为了保护环境，控制和消除大气污染，应尽量减少使用化石能源；（4）能量的转移与转化是有方向性的。【解答】解：A．核反应堆中发生的是可控制的核裂变，核电站发电的过程是将核裂变产生的核能转化为内能，再通过汽轮发电机转化为电能，故A正确；B．核能是不可再生能源，太阳能、水能属于可再生能源，故B错误；C．化石能源在使用过程中会产生大量废气，为了保护环境、控制和消除大气污染，应减少使用化石能源，而不是禁止，故C错误。D．能量虽守恒，但能量的转化具有方向性，可以利用的能源是有限的，所以要节约能源，故D错误。故选：A。【点评】此题考查了能量的转化及分类，能量转化现象是生活中常见的现象，难度不大。7.C【解析】柔性太阳能翼发电时，是将太阳能转化为电能，A错误；为了使航天器在有限的空间中可以安装更多的载荷，梦天实验舱采用铝基复合材料是因为其密度小，B错误；梦天实验舱与地面指挥中心是通过电磁波传递信息的，C正确；梦天实验舱中的电脑芯片主要是由半导体制成的，其塑料外壳属于绝缘体，D错误．故选C.8.（甲5【分析】（1）由题知，家中有人且室温等于或高于26℃，空调会自动开启，由此分析解答；（2）由题意和图丙先算出空调当天工作时间，再由计算空调消耗的电能．【详解】[1]由题意知，当家中有人S1闭合，且室温等于或高于26℃时S2闭合，空调才会开启，即两个开关都闭合时空调开启，只要有一个开关断开空调都不会自动开启，则两开关应串联在电路中，故图甲符合要求；[2]由题知，当天8h-12h和14h-18h家中没有人，结合当天室内温度变化情况，可得当天空调工作时间：，由可得，这台空调当天消耗的电能：．【点睛】本题考查根据要求设计电路和电能的计算，重点是理解题意并正确算出空调当天工作时间和计算其消耗电能，从图像中获取有价值的信息是解题关键．9．（3分）如图所示，电源电压为12V保持不变，R1＝10Ω。只闭合开关S时，电流表的示数为0.3A，则R1两端的电压U1＝3V，R2＝30Ω；当断开开关S，闭合S1、S2时，则电流表的示数为1.6A。【解答】解：（1）只闭合开关S时，R1和R2串联，电流表测串联电路的电流；R1两端的电压为：U1＝IR1＝0.3A×10Ω＝3V；根据串联分压原理，R2两端的电压为U2＝U﹣U1＝12V﹣3V＝9V，R2的电阻为：R2＝＝＝30Ω；（2）当断开开关S，闭合S1、S2时，R1和R2并联，电流表测干路电流；根据欧姆定律可知，通过R1的电流为：I1＝＝＝1.2A，I2＝＝＝0.4A，电流表示数为I0＝I1+I2＝1.2A+0.4A＝1.6A。故答案为：3；30；1.6。10．（3分）小华同学想测量一个小碗的密度，于是她进行了下列操作：先用电子秤称量小碗的质量为180g，如图1；然后将小碗放入溢水杯中后向溢水杯中注满水，测得此时总质量为1200g，如图2；再将小碗取出，向溢水杯中补满水，测得此时总质为1100g，如图3.则小碗的密度ρ＝2.25g/cm3.若在取出小碗时，小碗壁上沾水，则以上步骤所测得的小碗密度与真实值相比不变（选填“偏大”“偏小”或“不变”），你判断的理由是实验中取出碗会带出水，在加水时已做补充，不会影响碗的体积，则根据ρ＝，测得的碗密度不变。（ρ水＝1.0g/cm3）【分析】溢水杯中加入的水质量m加＝m1+m3﹣m2；溢水杯中加入的水体积V加＝V金＝；根据ρ＝求出合金密度；实验中取出碗会带出水，在加水时已做补充，不会影响碗的体积，则由此造成测得的碗密度不变；若电子秤的每次测量值均比真实值大1g左右，根据密度公式判断出偏差情况。【解答】解：由图可知，溢水杯中加入的水质量m加＝m1+m3﹣m2＝180g+1100g﹣1200g＝80g，溢水杯中加入的水体积V加＝＝＝80cm3，图中碗浸没在水中，所以碗的体积：V＝V加＝80cm3，则碗密度：ρ＝＝＝＝2.25g/cm3；实验中取出碗会带出水，在加水时已做补充，不会影响碗的体积，则根据ρ＝，测得的碗密度不变。故答案为：2.25；不变；实验中取出碗会带出水，在加水时已做补充，不会影响碗的体积，则根据ρ＝，测得的碗密度不变。【点评】本题考查了使用电子秤测量固体的密度，有一定的难度。11．【答案】400；50；80%【知识点】滑轮与功的综合题【解析】【解答】滑轮组对物体做的有用功W有=Gh=200N×2m=400J，由图可知滑轮组的动滑轮绕绳子的段数n=2，绳子自由端移动的距离s=nh=2×2m=4m，拉力做的总功W总=Fs=125N×4m=500J，拉力做功的功率P=W总t=500J10s=50W，滑轮组的机械效率η=W有W12．一场穿越千年，感受古韵今风的马拉松赛事于2023年3月26日在成都都江堰开跑。某选手在一段路程为1000m的直赛道上用时3min20s，则该选手在这段赛道的平均速度为5m/s；以选手为参照物，跑道旁边的树木是运动的。【分析】（1）知道选手通过的路程和所用的时间，利用速度公式求出该选手的平均速度；（2）物体与参照物的位置发生了变化，则物体是运动的；物体与参照物的位置没有发生变化，则物体是静止的。【解答】解：选手所用的时间t＝3min20s＝200s，该选手在这段赛道的平均速度：v＝＝＝5m/s；以选手为参照物，跑道旁边的树木位置不断发生变化，所用跑道旁边的树木是运动的。故答案为：5；运动。【点评】本题考查平均速度的计算以及物体运动和静止的相对性，是一道基础题。13.【答案】20

2×103

【解析】解：由图，根据杠杆平衡条件F⋅OA2=G⋅OA，

所以石块重为G=F2=40N2=20N，

石块体积为V=L3=(0.1m)3=10−3m3，

石块密度ρ=mV=GgV=20N10N/kg10−3m3=2×103kg/m314.【答案】不变

左

压力【解析】解：不计空气阻力，铅笔在空中下落时机械能没有将机械能转化为内能，机械能不变；

铅笔向右滑动，笔尖受到的摩擦力方向朝左；

接触面的粗糙程度是一定的，填涂的选项太淡，电脑可能无法识别，可以通过压力的方式增大摩擦力使得所涂选项颜色深一些。

故答案为：不变；左；压力。

(1)不计空气阻力和摩擦阻力时，机械能没有转化为内能，机械能守恒；

(2)滑动摩擦力的方向与相对运动的方向相反；

(3)增大摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，增大压力；在压力一定时，增大接触面的粗糙程度。

此题考查机械能的大小变化、摩擦力的方向判断、增大摩擦的方法，在解答有关增大或减小摩擦力问题时，应注意控制变量法的运用。

15.【答案】解：若动力作用在A点，以OA为动力臂是最长的力臂，此时力最小，则连接OA为最长力臂L1，再过A点做OA的垂线，即动力F1的作用线，以O为支点，F1、F2作用效果相反，F2使杠杆顺时针转动，则F1使杠杆逆时针转动，F1的方向向右；

由题知，O点为支点，从O点作F【解析】(1)根据杠杆的平衡条件，在阻力、阻力臂一定时，动力臂越长、越省力，首先确定出最长的力臂、动力作用点，再确定动力的方向，画出动力的示意图。

(2)过支点作阻力作用线的垂线，支点到垂足的距离为阻力臂。

本题考查了力臂的画法和最小力的示意图的画法，要画出最小的力，关键是确定最长的力臂，即从支点到作用点的距离。16.【答案】解：图中滑轮组有一个定滑轮和一个动滑轮组成，要求最省力，绳子先系在动滑轮的固定挂钩上，绕过上面的定滑轮，再绕过动滑轮，如图所示：

【解析】滑轮组绳子的绕法，有两种：一是绳子先系在定滑轮的固定挂钩上，绕过下面的动滑轮，再绕过上面的定滑轮；二是绳子先系在动滑轮的固定挂钩上，绕过定滑轮，然后再绕过动滑轮。本题中，要求最省力，属于第二种。

此题主要考查滑轮组承担物重绳子股数，滑轮组的绕线方法不同，拉力的方向不同，达到省力程度也不同，绳子股数越多越省力。

17.【答案】解：平行于主光轴的光线经凸透镜折射后折射光线通过焦点；该折射光线又斜射到水面，先过入射点画出法线，再根据折射角小于入射角在法线右侧的水中画出在水中的折射光线，如图所示：

【解析】先根据经凸透镜后折射光线的特点画出入射光线，再根据光的折射规律画出在水中的折射光线。

本题考查了凸透镜的三条特殊光线、光的折射规律的应用，属于基础题目。

18．（4分）在探究杠杆平衡条件的实验中：​​（1）将装置放在水平桌面上，静止时如图1所示。为了使杠杆在水平位置平衡，应将螺母向右（选填“左”或“右”）调节。（2）实验中，在杠杆两侧挂上不同数量的钩码，第1、2次杠杆平衡时的数据已填入表格。图2是第3次杠杆平衡时的情景，此次杠杆右侧的阻力和阻力臂的数据①为1.0②为0.15。实验次数动力F1/N动力臂l1/m阻力F2/N阻力臂l2/m12.50.220.25220.151.50.231.50.1①②（3）某小组对实验过程交流、讨论后，按图3所示又进行了实验。老师肯定了他们的做法，并指出，用弹簧测力计斜拉可使结论更具普遍性，因为这样做改变了拉力的力臂。【解答】解：（1）实验前，发现杠杆左端下沉，说明杠杆的重心在支点左侧，要使其在水平位置平衡，应将杠杆平衡螺母向右调节，直到杠杆在水平位置平衡；（2）由图2可知，杠杆左端挂了3个钩码，钩码在两格处，右端挂了两个钩码，位置在3格处，结合表中数据可知，两格处的力臂是0.1m，因此3格处的力臂为0.15m，故①为1.0，②为0.15；（3）力臂不一定是支点到力作用点的距离，用弹簧测力计斜拉可使结论更具普遍性，因为这样做改变了拉力的力臂，使力臂与杠杆不重合。故答案为：（1）右；（2）1.0；0.15；（3）拉力的力臂。19．【解答】解：（1）弹簧测力计的一个大格代表1N，一个小格代表0.1N，弹簧测力计示数是2.7N；（2）实验步骤A、E、F，物体排开液体的体积相等，液体的密度不同，弹簧测力计示数不同，物体受到的浮力不同，说明浮力大小跟液体的密度有关；实验步骤A、D、E，液体的密度相同，排开的液体的体积相同，深度不同，弹簧测力计示数相同，浮力相同，可以说明浮力大小跟物体浸没液体的深度无关；（3）由实验步骤A得，金属块的重力为：G＝2.7N，由G＝mg得，金属块的质量为：m＝＝＝0.27kg，由实验步骤A和E得，金属块浸没在水中受到的浮力：F浮水＝G﹣F'＝2.7N﹣1.7N＝1.0N，金属块排开水的体积：V排水＝＝＝10﹣4m3，金属块浸没在水中，所以金属块的体积为：V＝V排水＝10﹣4m3，金属块浸没在盐水中受到的浮力：F浮盐水＝G﹣F''＝2.7N﹣1.6N＝1.1N，金属块浸没在盐水中排开盐水的体积为：V排＝V＝10﹣4m3，根据F浮＝ρ盐水gV排可知，盐水的密度为：ρ盐水＝＝＝1.1×103kg/m3；（4）重物浸入水中的体积越来越大时，排开液体的体积变大，根据F浮＝ρ液gV排可知，重物受到的浮力变大，因为F浮＝G﹣F示，所以弹簧测力计A的示数F示＝G﹣F浮变小；又因为重物浸入水中的体积越来越大时，溢出水的体积变大、溢出水的质量变大、溢出水受到的重力变大，所以弹簧测力计B的示数变大；根据阿基米德原理可知，物体所受浮力的大小和排开液体的重力相等，所以弹簧测力计A示数的变化量和弹簧测力计B的示数变化量相等；（5）泡沫漂浮，V排1＝15mL＝15cm3＝1.5×10﹣5m3，泡沫的重力：G泡＝F泡浮＝ρ水gV排1＝1.0×103kg/m3×10N/kg×1.5×10﹣5m3＝0.15N，泡沫和金属块一起漂浮，V排2＝42mL＝42cm3＝4.2×10﹣5m3，对泡沫和金属块进行受力分析可得：G泡+G金属块＝F浮总＝ρ水gV排2，所以，金属块的重力：G金属块＝ρ水gV排2﹣G泡＝1.0×103kg/m3×10N/kg×4.2×10﹣5m3﹣0.15N＝0.27N，由G＝mg可得，金属块的质量：m金属块＝＝＝0.027kg，由步骤②与③可知，金属块的体积：V金属块＝25mL﹣15mL＝10mL＝10cm3＝1×10﹣5m3，金属块的密度：ρ金属块＝＝＝2.7×103kg/m3；取出金属块轻轻放置在泡沫块上方时，金属块会沾水，导致计算的金属块质量偏大，根据ρ＝可知金属块的密度偏大。故答案为：（1）2.7；（2）密度；深度；（3）1.1×103；（4）变小；等于；（5）2.7×103；偏大。20．

断路

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【解析】（1）[1]向左移动滑动变阻器的滑片P时，电路中的小灯泡变亮，即电流变大，电阻变小，故变阻器左下端与灯泡左接线柱连接，如下图所示（2）[2]连接完电路后，闭合开关S，发现电流表几乎无示数，小灯泡不亮，电路可能断路，电压表的示数接近电源电压，电压表与电源连通，则电路中存在的故障可能是小灯泡断路。（3）[3]排除故障后，移动滑动变阻器的滑片P，当小灯泡正常发光时，电流表的示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，电流为0.4A，则小灯泡的额定功率为P=UI=2.5V0.4A=1W（4）③闭合开关S、S1，断开开关S2，调节滑片P的位置使电压表的示数为U额，此时小灯泡正常发光；不改变滑动变阻器滑片P的位置，闭合闭合开关S、S2，断开开关S1，电压表测灯与定值电阻的电压，因此时各电阻的大小和电压不变，灯仍正常工作，根据串联电路电压的规律，此时定值电阻的电压为U0=U-U额由欧姆定律可求出灯的额定电流为则灯的额定功率为21．（9分）某电热水器如图甲所示，有高、低温两档加热功能，低温挡功率为5500W，内部等效电路如图乙所示，R1和R2是两个电热丝。【c水＝4.2×103J/（kg•℃）】（1）电热丝R1的阻值是多少？（2）假设热水器电热丝正常工作且产生的热量全部被水吸收。如果用高温挡淋浴时，把初温为20℃的100L的水加热至40℃，用时为20min，则该热水器高温挡功率是多少？【分析】（1）两开关同时闭合时，两电阻并联，只闭合S1时，为R1的简单电路，根据并联电阻的规律和P＝分析不同挡位电路的连接，根据R＝求出电热丝R1的阻值；（2）根据m＝ρV求出100L水的质量，根据Q＝cm（t﹣t0）求出水从初温是20℃升高到40℃吸收的热量；因热水器电热丝正常工作且产生的热量全部被水吸收，根据P＝求出该热水器高温挡功率。【解答】解：（1）由图知，两开关同时闭合时，两电阻并联，只闭合S1时，为R1的简单电路；因为并联的总电阻小于其中任一分电阻，根据P＝可知，只闭合S1时，电阻较大，功率较小，为低温挡，电热丝R1的阻值：R1＝＝＝8.8Ω；（2）用高温挡淋浴时，淋浴20min共用水100L，由密度公式得，水的质量：m＝ρV＝1.0×103kg/m3×100×10﹣3m3＝100kg；水从初温20℃升高到40℃吸收的热量：Q＝c水m（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg•℃）×100kg×（40℃﹣20℃）＝8.4×106J；由题知，假设热水器电热丝正常工作且产生的热量全部被水吸收，则消耗的电能：W＝Q＝8.4×106J；该热水器高温挡功率：P高＝＝＝7000W。答：（1）电热丝R1的阻值为8.8Ω；（2）该热水器高温挡功率为7000W。【点评】本题为电热综合题，考查并联电路的规律及欧姆定律的电功率公式、密度公式和吸热公式的运用，属于常考题。22.【答案】解：(1)煤气完全燃烧放出的热量：

Q放=qm煤气=4.2×107J/kg×0.5kg=2.1×107J；

(2)根据η=Q吸Q放×100%可知，水吸收的热量：

Q吸=ηQ放=60%×2.1×107J=1.26×107J；

(3)由Q吸=c水m水【解析】(1)知道煤气的质量和煤气的热值，利用Q放=mq计算煤气完全燃烧放出的热量；

(2)利用公式η=Q吸Q放×100%求水吸收的热量；

(3)23．【答案】（1）闭合；闭合（2）加热管R1的阻值为R1=U2（3）电热水壶处于保温状态时水温保持恒定，水每秒向外界散热55J，则水每秒要从电热水壶吸热55J，即电热水壶R1每秒要放出热量55J。则电热水壶处于保温状态时R1的功率约是P保温=Wt根据P=I2R，此时电路中电流为I=P则此时电热水壶的总功率是P总=UI