黑龙江省齐齐哈尔市2026-2027学年高二上学期10月阶段检测物理试卷（含解析）

高二物理考生注意：1.本试卷分选择题和非选择题两部分。满分100分，考试时间75分钟。2.答题前，考生务必用直径0.5毫米黑色墨水签字笔将密封线内项目填写清楚。3.考生作答时，请将答案答在答题卡上。选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；非选择题请用直径0.5毫米黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效，在试题卷、草稿纸上作答无效。4.本卷命题范围：人教版必修第三册第十一章至第十三章。一、选择题：本题共10小题，共46分。在每小题给出的四个选项中，第1～7题只有一项符合题目要求，每小题4分；第8～10题有多项符合题目要求，每小题6分，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1.与4G通信技术相比，5G通信技术使用的电磁波频率更高，具有“更高网速、低延时、低功率海量连接”等特点。与4G通信技术相比，5G通信技术使用的电磁波A.波长更长 B.能量子的能量更小C.能量子的能量更大 D.传播速度更快2.如图所示，矩形线圈面积为S，处于一个磁感应强度为B的匀强磁场中，线圈平面与磁场之间的夹角为θ，则通过它的磁通量为A.BSsinθ BC.BS D.BS3.某根导线的横截面积为S，该导线材料密度为ρ，每个原子的质量为m，电子电荷量为e，每个原子只提供一个自由电子，当该导线中自由电子定向移动的平均速率为v时，导线中通过的电流大小为A.Sρevm B.C.vSρme D.4.充电宝内部的主要部件是锂电池，电池充满电后能放出的总电荷量叫作电池容量，通常以“安时”(A⋅h)或“毫安时”(mA⋅h)作单位。按照民航局乘机规定：严禁携带额定能量超过160 W⋅h的充电宝搭乘飞机。某同学查看了自己的充电宝铭牌，上面写着“20000 mA⋅h”和A.mA⋅h是能量的单位 B.W⋅h是功率的单位C.该充电宝的电池容量为7.2×105 C5.在等腰直角三角形ABC的三个顶点处，垂直纸面放置三根通电直导线，已知电流大小都相同，方向分别如图所示，“×”表示垂直纸面向里，“⋅”表示垂直纸面向外，则斜边中点D处磁感应强度的方向A.水平向右 B.水平向左C.竖直向上 D.竖直向下6.如图所示，两实线分别为甲、乙两元件的伏安特性曲线，两图线交于A点，A点坐标为(7.5 V,3 A)，乙元件图线上B点坐标为(3.0 V,2 A)A.元件乙的电阻随电压的增大而减小B.元件乙两端电压为3.0 VC.将元件甲、乙并联在7.5 D.将元件甲、乙串联后接在3 V7.如图所示为某简易欧姆表电路，通过调节开关S，可使欧姆表具有“×1”和“×10”两种倍率，干电池（电动势E=1.5 V，内阻不计），电流表G（满偏电流Ig=1 mA，内阻Rg=90 Ω），定值电阻R0（阻值为A.开关S下端为红表笔B.当开关S合向a时，欧姆表的倍率是“×10”倍率。C.定值电阻Ra=9D.将开关S合向b，正确操作后接入待测电阻Rx，发现电流表指针指向Ig38.物理学是一门以实验为基础的学科，实验是物理的灵魂。关于下列实验或现象，说法正确的是A.甲图中，两根通电方向相同的长直导线相互吸引，是通过磁场实现的B.乙图中，奥斯特利用此实验装置发现了电磁感应现象C.丙图中，若在a、b的两端接上直流电源，稳定后接在c、d端的表头示数始终为0D.丁图中，线圈A插入线圈B中，闭合开关一段时间后，滑动变阻器滑片P向右或向左迅速移动时，灵敏电流计指针都不偏转9.如图所示，四个定值电阻连接在电路中，a、d两端加96 V的恒定电压。已知R1=7 Ω，A.c、d之间的总电阻8 Ω B.a、dC.通过R1、R2的电流均为6 A D.10.如图所示，电源输出电压不变，R0、R1、R2为定值电阻，R3为滑动变阻器，电流表示数为I，电压表示数为U，电流表和电压表示数变化量的绝对值分别为ΔI、ΔU，电容器所带电荷量为Q，通过R2的电流为I2，电表均视为理想电表，开关S闭合，将R3的滑片向左缓慢滑动，下列关于I、I二、非选择题：本题共5小题，共54分。11.（8分）某同学做“测金属丝电阻率”的实验。（1）用游标卡尺测量金属丝长度示数如图甲所示，其值为l=________mm（2）先用多用电表欧姆挡的“×1”倍率粗测金属丝的电阻，后应进行的操作是________（填“机械调零”或“欧姆调零”），示数如图乙所示，其阻值约为R=________Ω（3）请将下列实物电路连线，要求电表的示数变化范围较大，已知电压表内阻很大，电流表内阻约1 （4）从实验原理上看，待测电阻测量值________（填“大于”“小于”或“等于”）其真实值。以电压表示数U为纵轴，电流表示数I为横轴作出线性图像的斜率为k，金属丝长度为l，直径为d，则它的电阻率ρ=________（用l、d、k12.（8分）某实验小组用图甲电路来测量某电池组的电动势和内阻。电池组（电动势约为8 V，内阻约为1 Ω），灵敏电流计G（满偏电流Ig=100 μA，内阻Rg=100 Ω），定值电阻R1（（1）该实验小组发现还需要一个合适的电压表，于是将电流计G与R3串联改装成量程为8 V的电压表，则需要将R3（2）为了更准确地测量电池组的电动势和内阻，则图甲中R0应为________（填“R1”或“R（3）改变R4的阻值，得到多组对应的灵敏电流计的示数I和R4的阻值R，若要得到图乙所示图线，则横轴应为________（填“R”“1R”或“1R2”）；若图线的斜率为0.021，则可求得该电池组的电动势为________13.（10分）便携式加热垫的简化电路如图甲所示。电路中电源为可充电电池（电动势E、内阻r），加热元件R1=1.5 Ω（阻值恒定），滑动变阻器R2用于调节加热功率。闭合开关S，将R（1）电源的电动势E和内阻r；（2）R2的最大阻值R（3）R2消耗的最大功率P14.（12分）发光电动玩具车的简化电路如图所示，电动机的额定电压U1=6 V，额定电流I1=1 （1）电动机正常工作时的输出功率P出（2）灯泡的电阻RL（3）若电动机工作时被杂物卡住无法转动，此时通过电源的电流I015.（16分）如图所示，光滑水平木板左端固定一个带负电的小球甲，水平木板右边缘紧靠平行金属板中心轴线。正对的平行金属板、定值电阻R0、滑动变阻器R及电动势为E，内阻r=1 Ω的电源构成如图所示电路，板间距离d=0.6 m，可以看作质点的带电小球乙电量q（1）断开开关S，小球乙刚好沿平行板中心轴线做直线运动，求电源的电动势E；（2）在（1）问的前提条件下，闭合开关S，调节滑动变阻器R，使其接入电路的阻值R1=6 Ω，重复上述过程，小球乙在板间获得（3）在（1）（2）问的前提条件下，已知平行金属板电容器电容C=3×10-12 F，先断开开关S，调节变阻器R为某一特定阻值R21.C因5G使用的电磁波频率更高，根据波长与频率的关系f=cλ，5G信号的频率高，波长短，故A错误；因为5G使用的电磁波频率比4G的高，根据公式E=hν可知，5G使用的电磁波能量子的能量比4G的更大，故2.AΦ=BSsinθ，3.B由I=qt4.DmA⋅h表示电流与时间的乘积，而电流与时间的乘积表示电荷量，因此mA⋅h是电荷量的单位，故A错误；W⋅h表示功率与时间的乘积，而功率与时间的乘积表示能量，因此W⋅h是能量的单位，故B错误；该充电宝的电池容量为Q=It=20 A×60×60 s=7.2×1045.AD点到三根直导线间距相等，由于电流大小都相同，则三根通电直导线在D点产生的磁感应强度大小相等，根据安培定则可知，B、C两通电直导线在D点产生的磁感应强度方向相反，即B、C两通电直导线在D点产生的磁感应强度矢量和为零，A处通电直导线在D点产生的磁感应强度方向水平向右，根据矢量叠加可知，斜边中点D处磁感应强度的方向水平向右，故选A。6.D由图像可知，元件乙的伏安特性曲线随电压增大逐渐变平，I增大变慢，因此静态电阻RZ=UI随U增大而增大，故A错误；B点坐标为(3.0 V,2 A)，元件乙此时的电阻为RZ=3.02 Ω=1.5 Ω，不是3011 Ω，故B错误；并联在7.5 7.D根据红进黑出，S与黑表笔相连，A错误；大挡位对应的内部总电阻更大，故接a为“×1”挡位，B错误；“×1”倍率的内部总电阻为15 Ω，则内部总电流为100 mA，“×10”倍率内部总电阻为150 Ω，总电流为10 mA，则有Ra+Rb=Rg9，Ra8.AC通电导线与通电导线之间的相互作用力是通过磁场发生的，故A正确；奥斯特利用乙装置发现了电流的磁效应，故B错误；若在ab的两端接上直流电源，稳定后线圈中磁通量不变化，根据产生感应电流的条件可知，接在cd端的表头示数始终为0，故C正确；闭合开关一段时间后，滑动变阻器滑片P向右或向左迅速移动时，电流发生变化，磁通量改变，则灵敏电流计指针会偏转，故D错误。9.CD由题图可知Rad=R3R4R3+R4=4 Ω，选项A错误；R总=R1+R2+Rad=7 Ω+5 Ω+410.BC由Q=CU1=CIR1，故Q-I图像为过原点的直线，A错误；U+IR0=11.（1）137.50（1分）（2）欧姆调零（1分）13或13.0（1分）（3）如下图（1分）（4）小于（2分）πd2k解析：（1）游标卡尺读数为l=137（2）多用电表欧姆挡选择挡位后应进行欧姆调零，读数为13 （3）如下图，因要求电表示数变化范围较大，故电路采用分压接法。因电压表内阻很大，故采用电流表外接。（4）由于电压表的分流影响，故待测电阻测量值小于真实值。根据R=ρlS12.（1）79900.0（1分）（2）R1（1分）（3）1R（2分）8.0（2分）1.1（解析：（1）分析可知R3（2）因为R1的阻值在0∼9.9 Ω，故R（3）由闭合电路欧姆定律可得E=I总(R0+r)+I(Rg+R13.解：（1）根据闭合电路欧姆定律U=E-由U-I图像斜率绝对值为电源的内阻，可知r=将U1=18 V，I1=2 （2）由U-I图像可知，当I1=2 由U1=I1(（3）将R1归为等效电源内阻，当滑动变阻器阻值为等效电源内阻时，消耗功率最大，即R2=此时Pm=E14.解：（1）电动机正常工作时，P出=U解得P出=5.5 （2）根据闭合电路欧姆定律有E=U1又I=I1U1=2I联立解得RL=3 （3）若电动机卡住，将成为纯电阻元件，设并联电阻为R则R=2RI0=E联立解得I0=10419 15.解：（1）由小球刚好沿平行板中