湖南省长沙市2026-2027学年高二上学期期中考试物理自编卷（范围：必修一二三、选必一第1单元）（解析版）

湖南省长沙市2026-2027学年高二上学期期中考试自编卷物理试题（解析版）题号12345678910答案ADCCBDAACDBDAB1．A【详解】ABC．对地面的摩擦力与地面对它的摩擦力为一对作用力与反作用力，由牛顿第三定律可知，对地面的摩擦力与地面对它的摩擦力大小相等，故A正确，BC错误；D．惯性的唯一量度为质量，与物体的速度无关，故D错误。故选A。2．D【详解】本实验将小球A做的平抛运动与竖直方向上做自由落体运动的小球B的运动进行对比，只能说明A竖直方向上的运动情况，不能说明A在水平方向的运动情况，与B的运动进行对比，两球同时落地说明A在竖直方向上的分运动是自由落体运动。故选D。3．C【详解】由位移公式由上式得，斜率为所以，加速度为由图像可得初速度和末速度分别为过桥时间为C正确，ABD错误。故选C。4．C【详解】A．等势线越密，电场强度越大。由图可知，点处的等势线比点处的等势线密集，所以点的电场强度比点的大，故A错误；B．电子做曲线运动，所受电场力指向轨迹的凹侧，且电场力方向与等势线垂直。由图可知，电子在点受到的电场力方向大致向左。因为电子带负电，受力方向与电场强度方向相反，所以电场强度方向大致向右。沿电场线方向电势降低，所以点的电势高于点的电势，故B错误；C．电子从运动到的过程中，电场力方向大致向左，位移方向大致向右，电场力做负功。根据动能定理，动能减小，所以电子在点的动能大于在点的动能，故C正确；D．电子从运动到的过程中，电场力做负功，电势能增大，故D错误。故选C。5．B【详解】起飞时，飞行器受推力和重力，两力的合力与水平方向成30°角斜向上，设动力为F，合力为Fb，如图所示：在△OFFb中，由几何关系得：F=mg，Fb=mg，故A错误；由牛顿第二定律得飞行器的加速度为：a1=g，推力方向逆时针旋转60°，合力的方向与水平方向成30°斜向下，推力F'跟合力F'h垂直，如图所示，此时合力大小为：F'h=mgsin30°；动力大小：F′=mg；飞行器的加速度大小为：a2==0.5g；加速与减速时的加速度大小之比为a1：a2=2：1，故B正确；到最高点的时间为：，故C错误；t时刻的速率：v=a1t=gt；加速与减速过程发生的位移大小之比为=1：2，故D错误．故选B．6．D【详解】A．设小球M释放的瞬间，细杆的弹力为F，则有，由关联加速度，可得解得故A错误；B．依题意，小球M先加速后减速，加速度先减小后反向增加，对小球M、N系统先处于失重状态，因加速度向下减小，可知地面对小球N的支持力逐渐增加，当加速度为零时支持力为2mg；而后加速度变为向上，系统超重，随加速度向上增加，则地面对小球N的支持力增大，由牛顿第三定律可知小球N的对水平面的压力一直增大。故B错误；C．当小球N的速度最大时，弹簧处于伸长状态，细杆对小球N的水平推力等于弹簧的拉力，细杆对小球M有向上的推力，所以小球M的加速度大小小于g。故C错误；D．整个系统机械能守恒，则有则此时M的动能大小为故D正确。故选D。7．A【详解】A．由万有引力提供向心力可得地球的质量为，故A正确；B．天舟七号在轨道Ⅱ上从A点运动到B点的过程中，只有万有引力做功，故机械能保持不变，故B错误；C．天舟七号在B点加速做离心运动，从低轨道到高轨道，所以天舟七号在轨道Ⅱ上运行经过B点的速度小于在轨道Ⅲ上运行经过B点的速度，故C错误；D．由开普勒第三定律可得天舟七号沿轨道Ⅱ的周期为故天舟七号沿轨道Ⅱ由A点运行至B点所用的时间为，故D错误。故选A。8．ACD【详解】规定初速度方向为正方向，若末速度的方向与初速度方向相同，则末速度速度变化量速度变化量的方向与初速度方向相同。若末速度的方向与初速度方向相反，则末速度速度变化量速度变化量的方向与初速度方向相反，故ACD正确，B错误。故选ACD。9．BD【详解】A、P、Q一起运动，由牛顿第二定律得：，，解得，表明P、Q一起匀减速运动直至速度变为零，故选项A错误；B、根据运动学公式：，解得物体Q向下运动的最大距离：，故选项B正确；C、对物体Q，由动能定理得：，解得轻绳对物体Q做的功为：，故选项C错误；D、物体P、Q运动过程中产生的热量为，故选项D正确；故选选项BD．10．AB【详解】A．滑动摩擦力大小初动能由图乙随路程变化的图像，可得时，方向始终向左，时，图像的面积表示做的功，摩擦力始终与运动方向相反。物块向右运动时，和都向左，均做负功，设路程​时速度减为0，由动能定理，得代入得解得（舍去）即路程时，物块速度为0，之后向左运动。物块回到出发点时，总路程物块向右运动阶段做功物块向左返回阶段做功总功由动能定理，得末动能整理得得，故A正确；B．物块在时速度为0。到时，总路程，总功由动能定理，得末动能即末速度也为0，因此速度改变量为0，故B正确；C．整个过程物块最终停在处，总路程，克服摩擦力做功，故C错误；D．时，总路程，物块向左返回阶段运动了，做功为总功由动能定理，得末动能，故D错误。故选AB。11．(1)C(2)D(3)2.10(4)7.0(5)【详解】（1）A．画力的图示时，分力和合力必须使用同一标度，故A错误；B．两个分力的夹角不需要固定为90°，本实验通过作图验证合力，不需要必须用勾股定理计算，故B错误；C．实验需要记录拉力大小、拉力方向，同时需要保证两次拉橡皮条结点位置相同，因此必须记录O点位置，故C正确；D．弹簧秤、橡皮条、细绳必须与木板平行，否则会产生垂直木板的分力，增大实验误差，故D错误。故选C。（2）本实验等效替代法的含义：两次拉橡皮条将结点拉到同一位置，说明两个弹簧测力计的共同作用效果，可以用一个弹簧测力计的作用效果替代。故选D。（3）该弹簧测力计分度值为0.1N，则弹簧测力计的示数为2.10N。（4）根据平行四边形定则，所作合力如图所示数出对角线对应方格长度，每个方格代表1.0N，可得合力大小约为7.0N。（5）是平行四边形定则得到的合力理论值，存在实验误差；是单个弹簧测力计直接拉橡皮条得到的实际合力，此时处于二力平衡状态，方向一定沿橡皮条也就是OA方向。故填。12．3【详解】（6）[1]以点所在水平面为参考平面，刚释放小球时，小球的机械能为[2]若小球从初始位置摆至点的过程中机械能守恒定律成立，设小球摆至点时的速度为v，则有小球摆至点时细线拉力最大等于此时传感器最大示数为T，由牛顿第二定律可得小球静止在最低点时，有解得（7）[3]由变形为T-h图像的斜率可得T-h图像的纵截距解得即可验证小球下摆过程中机械能守恒定律成立。13．(1)1A(2)(3)【详解】（1）稳定时，电容看作断开状态，电路中的电流（2）S闭合，电路处于稳定状态时，电容器两端的电压等于R₂两端电压电容器的电荷量（3）S断开，电容器两端的电压等于电源电动势电容器两端的电压变化量为这个过程中流过的总电荷量14．(1)；(2)；(3)，方向与地面成角斜向下【详解】(1)由得飞行的时间(2)落地点离抛出点的水平距离为(3)落地时的竖直速度小球落地时的速度解得即速度方向与地面成角斜向下。15．（1）2.4m；（2）42N，方向竖直向下；（3）12N，方向竖直向下