湖南省株洲市2026-2027学年高二上学期期中考试物理自编卷（范围：必修一二三、选必一第1单元）（解析版）

湖南省株洲市2026-2027学年高二上学期期中考试自编卷物理试题（解析版）题号12345678910答案CABCCDABCADAC1．C【详解】A．亚里士多德认为力是维持物体运动的原因，而不是“有力作用在物体上，物体的运动状态才会改变”，该观点是牛顿第一定律的内容，故A错误；B．最早通过理想斜面实验得出力不是维持物体运动的原因的是伽利略，不是牛顿，故B错误；C．伽利略利用逻辑推理（如重快轻慢的矛盾推理）和实验论证（比萨斜塔实验等）推翻了“重的物体下落比较快”这一观点，故C正确；D．将斜面实验的结论合理外推，间接证明自由落体运动是匀变速直线运动的是伽利略，不是牛顿，故D错误。故选C。2．A【详解】物块b以一定初速度向左运动与连接有轻弹簧的静止物块a相碰，中间弹簧先变被压缩后又恢复原长，则弹力在碰撞过程中先变大后变小，两物块动量的变化率先变大后变小．故A项不合理．本题选不合理的，答案是A．3．B【详解】由题意可知，将轻绳N端从C点沿方向缓慢移动至D点过程中，绳子的夹角先减小后增大，由于合力的大小不变，故可得此过程中轻绳上张力大小的变化情况是先减小后增大，ACD错误，B正确，故选B。4．C【详解】A．两球的体积、材料和质量的选择不同，受到阻力大小不同，对实验结果有影响。故A错误；B．改变小球距地面的高度，可以改变两球在空中的运动时间。故B错误；CD．小锤打击弹性金属片，A球水平抛出，同时B球被松开自由下落，两球同时落地，可知平抛运动在竖直方向上做自由落体运动，不能得出水平方向上的运动规律。故C正确；D错误。故选C。5．C【详解】AB．当船速为v时，设在Δt时间间隔内，能够吹到单位面积帆上的空气质量为Δm=ρS（v0-v）Δt由动量定理风对船的功率解得因为定值，可知当时P最大，即此时风对船的作用力大小为选项AB错误；CD．当船匀速航行时，由平衡可知即解得匀速的速度为选项C正确，D错误。故选C。6．D【详解】长木板和滑块速度达到相对之前，相对向左运动，受到向右的摩擦力和恒力，受到向左的摩擦力，做减速运动，做加速运动，由于不清楚、质量以及恒力的大小，无法比较、加速度的关系，、共速后，若在作用下，、间的摩擦力没有达到最大静摩擦力，对、整体由牛顿第二定律可知，、一起做加速运动，若在作用下，、间的摩擦力达到最大静摩擦力后，则、加速度大小不相等，均做加速运动。故选D。7．A【详解】对两刚性球a和b整体分析，竖直方向平衡可知F＝（ma＋mb）g水平方向平衡有f1＝f2故选A。8．BC【详解】A．大轮和小轮由皮带连接传动，边缘的线速度大小相等，则A、B两点的线速度之比为vA∶vB=1∶1故A错误；B．根据可得A、B两点的角速度之比为故B正确；CD．根据可得A、B两点的加速度之比为故C正确，D错误。故选BC。9．AD【详解】A．物体接触弹簧后，弹簧形变到最大这一过程中，弹簧力先小于重力，之后等于重力，再然后大于重力，合力先向下后向上，则物块是先加速后减速，A正确；B．物块刚接触弹簧后的一段时间内，弹簧形变较小，此时弹力小于重力，合力向下，物体仍然做加速运动，B错误；C．当物块速度最大时，加速度是零，此时必有合力是零，即弹簧力大小等于重力，C错误；D．弹簧压缩到最短时，弹簧力大于重力，物块的加速度不等于零，此时加速度向上，D正确。故选AD。10．AC【详解】AB．由题给数据计算可知由题意可知电场力与重力的夹角为120°，由力的合成可知且F与初速度垂直，则小球的加速度与初速度垂直。由于与垂直，则小球做类平抛运动，A正确，B错误；C．设O、P两点之间的距离为x，把x分别沿着和垂直分解，则有，由类平抛运动的规律可得，小球在P点的速度为综合解得，C正确；D．由匀强电场电势差与电场强度之间关系可得计算可得D错误。故选AC。11．平衡摩擦力小车的总质量远大于所挂钩码的质量mgx2A小车受到的拉力不等于(或小于)小桶和沙的重力【详解】(1)[1][2]小车在水平方向上受绳的拉力和摩擦力，想用钩码的重力表示小车受到的合外力，首先需要平衡摩擦力；其次：设小车质量M，钩码质量m，整体的加速度为a，绳上的拉力为F，则：对小车有：F=Ma；对钩码有：mg-F=ma，即：mg=（M+m）a如果用钩码的重力表示小车受到的合外力，则要求：Ma=（M+m）a，必须要满足钩码的质量远小于小车的总质量，这样两者才能近似相等．(2)[3][4]拉力做功为：W=mgh=mgx2，小车做匀加速直线运动，所以B点的速度等于AC段的平均速度为：vB=．(3)[5]根据功能关系可知：，整理得：所以图象仍是过原点的直线．故A正确，BCD错误．(4)[6]实验结果W和△Ek在误差允许范围内总是不相等，主要原因是小车受到的拉力不等于(或小于)小桶和沙的重力．12．1.125（1.123~1.127mm均可）电压表V2电压表V12.19×10-8Ω·m使用的有可能是再生铜或过多杂质的次铜不变见解析【详解】（1）[1]铜电线的直径d=1.0mm+12.5×0.01mm=1.125mm1.123~1.127mm均可（2）[2][3]从图丙可知，>1，即电压表V2的示数要比V1的示数大，再从图乙电路连接可知，P为电压表V2，N为电压表V1。（3）[4]分析电路可知整理得根据图丙由图线的斜率知[5]故电阻率达不到要求，使用的有可能是再生铜或过多杂质的次铜。（4）[6][7]不变，由于考虑电压表V1分流，通过铜电缆的电流则铜电缆电阻化简得则的斜率仍然是铜电线电缆电阻，故Rx=ρ知，测得电阻率不变。13．(1)(2)(3)【详解】（1）碰撞后物块做匀减速直线运动，有解得。（2）以水平向左为正方向，小球与物块碰撞过程中动量守恒，有碰撞为弹性碰撞，则有解得，对碰撞前瞬间的小球受力分析有解得。（3）碰撞后小球从最低点运动到最高点有解得。14．【详解】设圆形边界的半径为R，粒子在磁场中圆周运动的半径为r，则即根据牛顿第二定律粒子在电场中运动时，，由以上各式解得15．（1）（2）（3）【详解】（1）绳子断裂后，小球独自从B点运动到C点，由机