湖南雅礼中学2027届高三月考试卷（三）物理+答案

BB单接收到的来自航天器A的信号频率fA小于航天器发射的信号频学校学校3.2026年5月24日，神舟二十三号载人飞船成功发射。飞船入轨后，采物理试题(27H)第1页(共8页)A.v2>v₁>v₄>U₃过Q点的加速度光滑圆弧形物块B静止在光滑的水平面B.物块A第二次离开物块B时向左运动 物理试题(27H)第3页(共8页)平行于横截面，以45°人射角照射到OA上，OB不透A.圆弧AB上有光透出部分的弧长大小为B.圆弧AB上有光透出部分的弧长大小为C.增加OA边上的入射角，圆弧AB上有光透出部分的弧长大小变大D.增加OA边上的入射角，圆弧AB上有光透出部分的弧长大小不变量为2m的物块B通过一足够长轻绳绕过光滑定滑轮O与球A相连，O到杆的距离为d,重力加速度大小为g。现将球A从与O等高处由静止释放，在A第一次下滑到最低点的过程中，A达到最大动能的时刻记为t₁,B到达最大动能的时刻记为t2,A、B系统总动能达到最大的时刻记为t₃,则下列说法正确的是A.t₃时刻AO间绳子与竖直方向夹角为60°B.t₂<t₃<t₁三、非选择题(本题共5小题，共57分)11.(8分)某同学测定电源的电动势和内阻的实验电路如图1所示，请回答下列问题。物理试题(27H)第4页(共8页) 0甲乙 (2)下列关于该实验的要求正确的是(填正确答案标号)。 物理试题(27H)第5页(共8页)AB12112CD光滑斜面底部有一固定挡板P,轻弹簧一端接触(未连接),在外力作用下物块静止在地面上(mA>mB)。初始时刻B静止，A速度水平向右，大小为vo,随(1)若mA=1.5mB,求第1次碰撞后A、B的速度大小UA₁、UB₁;(2)若mA=1.5mB,求系统最终的总碰撞次数；相空间：令x=√mAUA,y=√mBUB,点P(x,y)为相空间中的状态时刻系统的总动能都等于,即,有x²+y²=(√mAvo)²,因此上述过程的所有状态点在相空间下分布在一个半径为√mAvo的圆上，如图乙所示。将第1次碰撞前的状态点记为P₀(xo,yo),第1次碰撞后的状态点记为P₁(x₁,y₁),第2次碰撞后的状态点记为P₂(x₂,y2),……,第n次碰撞后的状态点I.求直线P,Pn+1的斜率(其中n为偶数，写出必要的推导过程);Ⅱ.若mA=10⁸mB,求系统最终碰撞总次数。(θ很小时可认为tanθ=高三物理三参考答案题号123456789BAACCDA一、单项选择题(本题共7小题，每小题4分，共28分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的)3.A【解析】因为7.9km/s是卫星的最大环绕速度，卫星从轨道I到轨道Ⅱ要在P点点火加速，则v>y=7.9km/s,卫星从轨道到轨道Ⅲ要在Q点点火加速，则v>v,根据万有引力提供向心力可知,可知<Ta,C错误；根据万有引力提供向心力可知,得,故卫选D。下滑，则B向上减速的加速度大小为向上减速的加速度大小显然大于gsinθ,故vA<v,故B相对于A上得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分)向，故B正确；在1=2s到t=3s内，位移由0变为一2cm,位移大小增大，故C正确；位移随时间变化图像的斜率表示速度。1=0.5s和1=1.5s两时刻图像斜率大小相等、正负相反，所以速度大小相等、方向相反，故D错误。放选9.BD【解析】根据折射定律有,可得光进入玻璃后光线与竖直方向央角为y=30°;过()点的光线垂直入射到AB界面上的C点射出，C到B之间没有光线射出，越接近A的光线在圆弧AB上入射角越大，全反射的可能性越大，由,可得临界角为0=45°,如果AB界面上临界点为D,此光线在AO界面上的点E入射，在三角形DOE中可求得DO与水平方向央角为180°-(120°+45°)=15°,所以有光线射出的圆弧对应圆心角为45°,弧长为也随之顺时针转动，由于光线发生全反射的临界角不变，圆弧AB上透光部分的弧长大小不变，故C错误D正确。故选BD。10.AC【解析】假设用外力将A、B移动到某一位置静止释放，释放后A,B恰能在该位置保持静止，则该位置对应系统总势能的最低点，此时满足T=2mg且Tcosa=mg,得a=60°,由于势能由相对位置决定而与运动状态无关，故系统运动经过该位置时也是势能最低点，因此系统在该位置时动能最大，A正确；设A下滑过程中某时刻OA段绳与竖直方向的央角为0,则此时vAcosθ=zx,A向下运动的整个过程中cos0都在增大，故v、增大时zs必在增大，当A达到最大速度时v、变化率为0,而此时cos0仍在增大，故当v、达到最大时v;还在增大，v达到最大时v已在减小，因此l₁<l₂,显然t,介于两者之间，故l₁<I₃<I₂,B错误；13时刻A向下减速，加速度向上，有Tcos60°-mg=man,此时B向上加速，加速度也向上，有T-2mg=2mag,故aʌ=aB,C正确；设A向下的最大位移为h,此时vA=2:=0,有mgh=2mg(√d+²-d),解得,此时aA向上，aʙ向下，OA段绳与竖直方向的夹角为0=37°,设经过一个无穷小的时间微元△,,故aʌcosθ=aʙ,对A有Tcosθ-mg=max,对B有2mg-T=2man,解得,D错误。故选AC。三、非选择题(本题共5小题，共57分)11.(每空2分，共8分)(1)a(2)1.51.0(3)BC(2)根据闭合电路欧姆定律可得U=E-1r,即U-1图线的纵截距表示电源电动势，图线斜率的绝对值表示电源内00(3)电压表直接洲量路端电压，所以电压表的测量值是准确的；由于电压表的分流作用，导致电流表所测电流不是流过电源的电流，即误差原因是电压表的分流，故A错误，B正确；由电路图可知，相对于电源电流表采用外接法，由于电压表分流，电流测量值小于真实值，外电路短路时，电流测量值等于真实值，电源的U-I图像如图所示。电源的图像与纵轴交点坐标值表示电源电动势，图像斜率的绝对值表示电源内阻，由图像可知，电源电动势的测量值小于真实值，电源内阻测量值小于真实值，故C正12.(每空2分，共8分)(1)1.05(2)AB(3)mAxp=mAzx+m.zx(4)BC【解析】(1)10分度游标卡尺的精度为0.1mm,由图乙可知读数为10mm+5×0.1mm=10.5mm=1.05cm(2)为了保证小球抛出时的速度处于水平方向，斜槽的末端必须是水平的，故A正确；为了保证每次碰撞前瞬间小球A的速度相同，小球A每次必须从斜槽的相同位置释放，但斜槽轨道不需要光滑，故B正确，C错误；为了保证碰撞后，小球A不反弹，小球A的质量应大于小球B的质量，故D错误。故选AB。(3)设碰撞前瞬间小球A的速度为6,碰撞后瞬间小球A、B的速度分别为v₁,v₂,根据动量守恒可得maz=mAv+msv₂,由于两小球在空中下落高度相同，运动时间相等，则有,联立可得在实验误差允许范围内满足关系式mᴀzp=mAzr+mzx,则验证了两小球在碰撞中满足动量守恒定律。(4)弹性碰撞有mA%=mAv+mt,,联立解得在实验中仅换用不同质量的小球A,重复实验，绘士图像，可随m的增大而非线性减小，逐渐趋近于,故A错误，B正确；又仅换用不同质量的小球B,重复实验，并绘图像，可随m.(2分)其中V₁=Sh₁,V₂=Sh₂(2)对活塞受力分析可得pS=p₀S+mg………………(1分)Q=△U+(p。S+mg)(h₂—九1)……………(1分)解得…………………………(2分)(2)设物块运动到B点时速度最大，此时弹簧的形变量为x,有kz₁=mgsinθ………………(1分)解得…………………物块从A到B的位移为glỏ,对该过程列动能定理，有解得vm=gl……………………(3)弹簧恢复原长时与物块分离，分离点记为C点，从B到C的位移为,该过程有解得………………在C点分离后物块做匀减速直线运动直到最高点D,该过程中物块加速度大小为,故解得lc=√3t…………物理参考答案(27H)-3【解析】(1)第1次碰撞过程满足(2)记第n次碰撞后A、B的速度分别vm、vL,B与墙面发生第2次碰撞后，有之后B向左与A发生第3次碰撞，有解得……………………(1分)随后B向右与墙面发生第4次碰撞，碰撞后故………………………(1分)Ⅱ.设最终碰撞总次数为N,即最后一次碰撞为第N次碰撞，碰撞后状态点记为Px(zx,yx)。考虑到N取偶数和奇数时情形有差异，接下来分奇偶证明：①若N为偶数，则说明最后一次碰撞发生在B与墙面间，碰撞后必有vx≤z<0,因此P、在第三象限内(靠