2026届河南省襄城县部分学校高三下学期仿真模拟考试物理试题（解析版）

高级名校物理试卷PAGEPAGE12026届河南省襄城县部分学校高三下学期仿真模拟考试物理试题全卷满分100分，考试时间75分钟。注意事项：1.答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试卷和答题卡上，并将条形码粘贴在答题卡上的指定位置。2.请按题号顺序在答题卡上各题目的答题区域内作答，写在试卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。3.选择题用2B铅笔在答题卡上把所选答案的标号涂黑；非选择题用黑色签字笔在答题卡上作答；字体工整，笔迹清楚。4.考试结束后，请将试卷和答题卡一并上交。一、选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1.青岛海湾大桥横跨青岛海湾，连接青岛市区与黄岛新区，总长约41.58公里，是世界上最长的海湾跨海大桥，青岛海湾大桥的最高时速为80km/h，从青岛市区到黄岛新区大约需要30min。下列说法正确的是（）A.“41.58公里”指的是青岛市区到黄岛新区的位移B.“80km/h”指的是从青岛市区到黄岛新区的平均速度C.汽车在大桥上行驶时不能看成质点D.汽车内的乘客说司机静止，是以汽车为参考系的【答案】D【解析】A．“41.58公里”指的是青岛市区到黄岛新区的轨迹长度，则“41.58公里”指的是路程，而不是位移，故A错误；B．“80km/h”指的是瞬时速度，故B错误；C．汽车在大桥上行驶时，可以将汽车看成质点。故C错误；D．汽车内的乘客说司机静止，是以自己或汽车为参考系，故D正确。故选D。2.如图所示为氢原子的能级示意图，用某种色光X照射大量处在基态的氢原子时，氢原子跃迁到能级，最终向外辐射了6种不同频率的光子，已知钙的逸出功为3.20eV。下列说法正确的是（）A.色光X光子的能量为12.09eVB.辐射的光子中有4种不同频率的光能使钙发生光电效应现象C.只要光子能量大于X的色光均能使基态的氢原子发生跃迁D.从能级直接跃迁到基态向外辐射的光子的动量最大【答案】D【解析】A．由题意可知，氢原子跃迁后能向外辐射6种不同频率的光子，则有解得，所以色光X的能量为，故A错误；B．由以上分析可知，从跃迁到能级、从跃迁到能级、从跃迁到能级向外辐射的光子的能量均大于钙的逸出功，所以有3种不同频率的光能使钙发生光电效应现象，故B错误；C．用光照射基态氢原子向高能级跃迁时，光子的能量一定等于两能级的能量差，因此不是所有光子能量大于X的光子都能使基态的氢原子发生跃迁，故C错误；D．从能级直接跃迁到基态向外辐射的光子的能量最大，由公式、以及，整理可得，所以从能级直接跃迁到基态向外辐射的光子的动量最大，故D正确。故选D。3.某实验小组的同学用绿光进行双缝干涉实验，在光屏上得到了明暗相间的条纹，测得第1条亮条纹和第6条亮条纹之间的距离为，所用实验器材的双缝间距为，双缝屏到光屏的距离为。下列说法正确的是（）A.相邻两亮条纹中心的间距为B.绿光的波长为C.仅增大双缝间距，相邻两亮条纹中心的间距变大D.仅将绿光改为红光，相邻两亮条纹中心的间距变小【答案】B【解析】A．双缝干涉相邻亮条纹间距公式为其中为双缝间距，为双缝到光屏的距离，为入射光波长。第1条到第6条亮条纹间的间隔数为相邻亮条纹间距与选项数值不符，故A错误；B．根据公式变形得代入、、计算得，故B正确；C．由可知，仅增大双缝间距，减小，相邻亮条纹中心间距变小，故C错误D．红光波长大于绿光波长，仅将绿光改为红光，增大，增大，相邻亮条纹中心间距变大，故D错误。故选B。4.如图甲所示为蹦床运动员比赛的场景，图乙为某运动员完成比赛后落在蹦床上一段时间内与蹦床间的作用力随时间的变化规律，已知该运动员的质量为，重力加速度为，不计空气阻力。从时刻开始，下列说法正确的是（）A.该运动员第一次离开蹦床后，上升的最大高度为3.2mB.1.0s~2.6s的时间内，该运动员动量的变化量为0C.3.0s~3.8s的时间内，该运动员重力的冲量为0D.该运动员第二次与蹦床作用时的平均作用力大小为1000N【答案】A【解析】A.由图可知，运动员第一次离开蹦床后，在空中运动的时间为1.6s，则运动员上升的时间为则上升的最大高度为，故A正确；B.1.0s时运动员刚好离开蹦床，运动员的速度方向竖直向上，大小为2.6s时运动员的速度方向竖直向下，大小为则该时间内运动员动量的变化量为故B错误；C.的时间内，运动员重力的冲量为，故C错误；D.运动员第二次离开蹦床在空中运动的时间为0.8s，上升的时间为离开蹦床的速度方向竖直向上，大小为对运动员与蹦床相互作用的过程，由动量定理得代入数据解得，故D错误。故选A。5.如图所示的交变电路中，变压器为理想变压器，三个完全相同的灯泡额定电压均为10V，额定功率均为10W。P、Q间接交流电源，交变电流的周期为T=0.02s，且t=0时刻交流电源电压的瞬时值为正的最大值，三个灯泡均正常发光，忽略灯泡电阻的变化。则下列说法正确的是（）A.变压器原、副线圈的匝数比为1:2B.流过灯泡L2的电流的频率为25HzC.交流电源电压的瞬时值表达式为D.若断开灯泡L3，灯泡L2仍能正常发光【答案】C【解析】A．由题意可知，三个灯泡的额定电流均为由于三个灯泡均能正常发光，则原线圈的电流I1=I=1A，副线圈的电流为I2=2I=2A由变压器的工作原理得，故A错误；B．交流电源的频率为由于变压器不能改变交流电的频率，因此流过灯泡的电流的频率为50Hz，故B错误；C．由题意可知，变压器副线圈的输出电压为根据理想变压器原理，解得U1=20V灯泡L1两端的电压也为10V，则交流电源的电压为U=30V交流电源电压的最大值为交流电源的圆频率为又t=0时刻交流电源电压的瞬时值为正的最大值，则交流电源的瞬时值表达式为，故C正确；D．若断开灯泡L3，负载电阻的阻值变大，流过原线圈的电流减小，则流过灯泡L1的电流减小，灯泡L1两端的电压减小，变压器原线圈的输入电压增大，副线圈的输出电压增大，灯泡L2将烧毁，故D错误。故选C。6.如图所示为高分7号卫星发射的示意图，其中轨道Ⅰ、Ⅲ分别为半径为和的圆轨道，卫星在这两个轨道上均做匀速圆周运动，轨道Ⅱ为椭圆轨道，、分别为轨道Ⅰ、Ⅱ和轨道Ⅱ、Ⅲ的切点。下列说法正确的是（）A.高分7号卫星的发射速度大于16.7km/sB.高分7号卫星在轨道Ⅰ和轨道Ⅱ的周期比为C.高分7号卫星在轨道Ⅱ过点的加速度大于在轨道Ⅲ过点的加速度D.高分7号卫星在轨道Ⅱ过点的速度大于在轨道Ⅲ过点的速度【答案】D【解析】A．由于高分7号卫星是地球的卫星，因此高分7号卫星的发射速度大于第一宇宙速度，而小于第二宇宙速度16.7km/s，故A错误；B．由题意可知轨道Ⅱ的半长轴为，由开普勒第三定律得解得，故B错误；C．高分7号卫星在轨道Ⅱ过点和轨道Ⅲ过点所受地球的万有引力均为又由牛顿第二定律得，解得，所以高分7号卫星在轨道Ⅱ过点的加速度等于在轨道Ⅲ过点的加速度，C错误；D．卫星由轨道Ⅰ进入轨道Ⅱ，应在点点火加速，则高分7号卫星在轨道Ⅰ过点的速度小于在轨道Ⅱ过点的速度，圆形轨道Ⅰ和Ⅲ由万有引力提供向心力解得，则高分7号卫星在轨道Ⅰ过点的速度大于在轨道Ⅲ过点的速度，所以高分7号卫星在轨道Ⅱ过点的速度大于在轨道Ⅲ过点的速度，故D正确。故选D。7.如图所示，正三角形的两个顶点、沿垂直纸面的方向固定两根通电直导线，两导线通有大小相等、方向相同的电流，、分别为边、边的中点，为的三等分点，通电直导线在周围空间某点产生磁场的磁感应强度大小为，其中为通电直导线中的电流，为该点到通电直导线的距离，已知点的磁感应强度大小为，为三角形的中心（图中未画出），则下列说法正确的是（）A.连线上还有一点与点的磁感应强度相同B.、两点的磁感应强度大小相等，方向不同C.点的磁感应强度大小为D.若仅将顶点处导线电流反向，点的磁感应强度大小为【答案】C【解析】A．设正三角形的边长为，由安培定则可知导线在点的磁场向右、大小为，导线在点的磁场向左、大小为，由叠加原理可知，方向向右；根据对称性，连线中点磁感应强度为零，在中点两侧磁感应强度方向相反，而由中点向两点，根据上述合磁感应强度大小均逐渐增大，故在连线上无法找到与点的磁感应强度相同的另一个点，故A错误；B．由安培定则可知，两导线在、点的磁场方向如图1所示，由图可知、两点的磁感应强度大小相等，方向相同，故B错误；C．由安培定则确定两导线在点的磁场方向，如图2所示，点到两导线的距离均为，两导线在点的磁感应强度大小为，由叠加原理可知点的磁感应强度大小为，联立解得，故C正确；D．若仅将导线中电流反向，由安培定则确定点的磁场方向，如图3所示，此时点的磁感应强度大小为，解得，故D错误。故选C。二、选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。8.如图所示，匀强电场方向斜向左上方，与水平方向夹角，一比荷为的带电小球从点以一定的初速度（未知）射入电场，带电小球沿水平直线刚好运动到点，两点之间的距离为，已知重力加速度为，若规定点电势为0。则下列说法正确的是（）A.小球可能带负电 B.电场强度大小为C.小球由到的时间为 D.点的电势为【答案】BCD【解析】A．由于小球沿直线运动，小球的合力与初速度在一条直线上，对小球受力分析如图所示由图可知小球应带正电，A错误；B．由图可知，又，解得，B正确；C．小球的合力为，由牛顿第二定律得，小球的加速度为小球刚好运动到点，则小球到点的速度减为0，由逆向思维得解得，C正确；D．由匀强电场的电场强度与电势差的关系可知又解得又，解得，D正确。故选BCD。9.在图甲中原点处有一振源，完成两次全振动形成的波形如图甲所示，以此时刻作为时刻，图甲中某点的振动图像如图乙所示。则下列说法正确的是（）A.振源的起振方向沿轴的正方向B.图乙可能为质点的振动图像C.该波的波速为30m/sD.从振源开始振动到时刻，处的质点通过的路程为48cm【答案】AC【解析】A．由于振源完成了两次全振动，由图甲可知，质点刚好起振，由质点的振动方向以及波的传播方向可知，质点此时沿轴的正方向振动，说明振源的起振方向沿轴的正方向，故A正确；B．时刻点的振动方向沿轴的负方向，点的振动方向沿轴的正方向，则图乙不可能为质点的振动图像，故B错误；C．由图乙可知解得该波的周期为由图甲可知该波的波动方程为将，代入方程，解得则该波的波速为，故C正确；D．从振源开始起振到处的质点开始起振的时间为则处的质点振动的时间为振源的起振方向沿轴的正方向，则质点的振动方程为代入，解得则该时间内处的质点通过的路程为，故D错误。故选AC。10.如图所示，光滑绝缘水平面上有一分界线MN，MN的右侧存在范围足够大的竖直向下的匀强磁场，磁感应强度大小为B，矩形线框abcd由粗细均匀的导线围成，开始时线框位于虚线MN的左侧，且cd边与虚线MN平行，线框的短边与长边的边长分别为ab=L、bc=2L，线框的质量为m、电阻为R。现给线框一水平向右的初速度，线框刚好完全进入磁场。下列说法正确的是（）A.线框进入磁场的过程，线框中的感应电流方向为adcbaB.cd边刚越过MN瞬间，cd间的电压为C.整个过程穿过线框某一横截面的电荷量为D.线框刚好有一半进入磁场时，线框的加速度大小为【答案】BD【解析】A．线框进入磁场的过程，线框的cd边做切割磁感线运动,由右手定则可知，线框中的感应电流方向为abcda，故A错误；B．cd边刚越过MN的瞬间，cd边切割磁感线，cd边产生的感应电动势为E=BLvcd间的电压为路端电压,由题可知，cd边的电阻为外电路的总电阻为则cd间的电压为，故B正确；C．整个过程,由法拉第电磁感应定律可得由闭合电路的欧姆定律可得又因为，整理可得，故C错误；D．线框进入磁场的过程取极短的时间,由动量定理可得两边求和可得整理可得同理,线框刚好有一半进入磁场时,由动量定理得又因为解得回路的感应电动势为感应电流线框所受的安培力为结合牛顿第二定律得联立解得线框的加速度大小为，故D正确。故选BD。三、非选择题：本题共5小题，共54分。11.小赞同学利用如图甲所示的装置测量当地的重力加速度，除了图甲中的实验器材，实验室还提供了10分度的游标卡尺、米尺和停表。（1）组装实验器材前，小赞用游标卡尺测量了摆球的直径，其读数如图乙所示，则摆球的直径为______mm。（2）实验时，小赞同学测量了摆球做次全振动的时间，该时间如图丙所示，则单摆的周期______s（结果保留两位有效数字）；若摆线的长度用表示，则当地的重力加速度______（用、、、表示）。（3）为了减小实验误差，多次改变摆长，并测量相应的周期，以摆长为纵轴，为横轴建立坐标系，利用数据点拟合的直线的斜率为，则重力加速度为______（用表示）。【答案】（1）20.6（2）2.0；（3）【解析】【小问1】10分度的游标卡尺的精确度为0.1mm，摆球的直径【小问2】图丙中，停表小盘的分度值是0.5min，指针在1min和2min之间，超过中线，大盘的分度值是0.1s，而大盘指针指在39.8s，因此停表读数为1min39.8s，即，则单摆的周期为由题意可知单摆的摆长为单摆的周期公式为，联立解得【小问3】由公式整理得图线的斜率为解得12.某实验小组的同学在测量一金属丝的电阻值时，进行了如下操作：（1）该小组的同学先用多用电表粗略测量该金属丝的电阻值，将选择开关旋转到欧姆挡“”挡位，然后进行______；用多用电表的两表笔与金属丝的两端相接触，多用电表的读数如图甲所示，则该金属丝的电阻值约为______。（2）该实验小组的同学为了精确测量该金属丝的电阻值，分别设计了如图乙和图丙所示的电路，实验时使用的是恒流源，该电源对外电路提供的电流恒定。实验时，多次改变电阻箱的电阻值，同时记录相应的电流表的读数。该小组的同学利用图像处理实验数据，为了将图像拟合成直线，以为纵轴，图乙中应以______（填“”或“”）为横轴，若图像的斜率为，截距为，则该金属丝的电阻值为______；图丙中应以______（填“”或“”）为横轴，若图像的斜率为，截距为，则该金属丝的电阻值为______。（用和表示）【答案】（1）欧姆调零；6.0##6（2）；；；【解析】【小问1】由多用电表测电阻的方法可知，将选择开关旋转到欧姆挡“”的挡位后，需要先进行欧姆调零。由多用电表的读数规则可知该金属丝电阻的测量值应为表盘的读数与倍率的乘积，即该金属丝的电阻值约为【小问2】设电源输出的电流恒为，题图乙中，由欧姆定律得整理得，为了使图像为直线，横轴应为结合题意得，解得图丙中，由欧姆定律得整理得为了使图像为直线，横轴应为结合题意得，解得13.如图所示，导热性能良好的汽缸开口向上固定在水平面上，汽缸底部到汽缸口的距离为，将厚度不计的轻质活塞放在汽缸口，然后在活塞上放置一定质量的细沙，稳定时活塞到汽缸底部的距离为，然后缓慢地将环境温度升高，稳定时活塞到汽缸底部的距离为，大气压强保持恒定。（1）升温前，环境的温度为多少摄氏度；（2）如果取走的沙子，使环境的温度再次缓慢升高，再次稳定时活塞距离汽缸底部的间距为，求再次升高了多少摄氏度。【答案】（1）（2）【解析】【小问1】设活塞的横截面积为，重力加速度为，环境的大气压强为，气体初始状态：体积，压强，温度。设放在活塞上的沙子的质量为，此时气体的体积，温度，压强为气体经等温变化，有，则由以上各式解得当气体温度升高时，温度为，体积为由于该过程为等压变化，则由盖•吕萨克定律得代入数据解得则【小问2】如果取走的沙子后，封闭气体的压强为，解得设环境的温度再次升高，此时封闭气体的体积为，气体的温度为对封闭的气体由理想气体状态方程得代入数据解得14.如图所示，质量为的物体a用长为的轻绳拴接，轻绳的另一端固定于点，质量为的物体b静止在点正下方平台上的点，平台右侧的挡板上固定一轻弹簧，轻弹簧原长时左端恰好位于点，点的右侧光滑、左侧粗糙。点左侧的水平面上放置一质量为的长木板，长木板的上表面与右侧的平台等高。现将物体a向左拉开角度，使轻绳刚好拉直，将物体a由静止释放，经过一段时间与物体b发生正碰同时轻绳断裂，最终物体a滑上长木板且未离开长木板。已知a、b两物体与平台间的动摩擦因数均为，物体a与长木板上表面的动摩擦因数为，长木板与水平面间的动摩擦因数为，之间的距离为，物体a、b均可视为质点，每次碰撞的时间极短且均为弹性碰撞，重力加速度，。求：（1）弹簧的最大弹性势能；（2）物体b能否从点离开平台，若能，求出离开平台的速度；若不能，求出最终物体到点的距离；（3）若物体a最终刚好停在长木板的最左端，求长木板的长度以及物体a从滑上长木板到最终停止所用的时间。【答案】（1）（2）不能，（3），【解析】【小问1】物体a从释放到与物体b碰撞的过程，由机械能守恒定律得代入数据解得物体a与物体b发生弹性碰撞，设物体a、b碰后的速度分别为、，由动量守恒定律和机械能守恒定律得，解得，物体b从到的过程，由动能定理得解得此后物体b与弹簧组成的系统机械能守恒，物体b的速度为0时，弹簧的弹性势能最大，则有【小问2】物体a、b第一次碰后，对物体a由动能定理得解得物体b被弹簧弹开，返回到的动能为12J，设物体b返回到a所在处的速度为，对物体由动能定理得解得物体a、b发生第二次碰撞，设物体a、b碰后的速度分别为、，由动量守恒定律以及机械能守恒定律得，解得，第二次碰后设物体b在段通过的路程为速度减为0，对物体b由动能定理得解得显然物体b不能离开平台，物体b停止时到点的距离为解得【小问3】第二次碰后，物体a向左减速运动到点后滑上长木板c，设物体a滑上长木板瞬间的速度为，对物体a由动能定理得解得对物体a由牛顿第二定律得解得对长木板