高考数学大一轮复习 第八章 立体几何与空间向量 8.6 立体几何中的向量方法(一)——证明平行与垂直课件 理 苏教版

1、8.6立体几何中的向量方法(一)证明平行与垂直,基础知识自主学习,课时作业,题型分类深度剖析,内容索引,基础知识自主学习,1.直线的方向向量与平面的法向量的确定 (1)直线的方向向量：在直线上任取一 向量作为它的方向向量. (2)平面的法向量可利用方程组求出：设a，b是平面内两不共线向量， n为平面的法向量，则求法向量的方程组为,知识梳理,非零,2.用向量证明空间中的平行关系 (1)设直线l1和l2的方向向量分别为v1和v2，则l1l2(或l1与l2重合) . (2)设直线l的方向向量为v，与平面共面的两个不共线向量v1和v2，则l或l . (3)设直线l的方向向量为v，平面的法向量为u，则l

2、或l . (4)设平面和的法向量分别为u1，u2，则 .,v1v2,存在两个实数x，y，使vxv1yv2,vu,u1u2,3.用向量证明空间中的垂直关系 (1)设直线l1和l2的方向向量分别为v1和v2，则l1l2 . (2)设直线l的方向向量为v，平面的法向量为u，则l . (3)设平面和的法向量分别为u1和u2，则 .,v1v2,v1v20,vu,u1u2,u1u20,判断下列结论是否正确(请在括号中打“”或“”) (1)直线的方向向量是唯一确定的.() (2)平面的单位法向量是唯一确定的.() (3)若两平面的法向量平行，则两平面平行.() (4)若两直线的方向向量不平行，则两直线不平行

3、.() (5)若ab，则a所在直线与b所在直线平行.() (6)若空间向量a平行于平面，则a所在直线与平面平行.(),考点自测,1.(2017宿迁质检)已知a(1,0,0)，b(0,1,0)，c(0,0,1)，则下列向量是平面abc法向量的是_. (1,1,1) (1，1,1),答案,解析,设n(x，y，z)为平面abc的法向量，,xyz.正确.,2.已知直线l的方向向量为v(1,2,3)，平面的法向量为u(5,2，3)，则l与的位置关系是_.,答案,解析,l或l,vu0， vu， l或l.,3.平面的法向量为(1,2，2)，平面的法向量为(2，4，k)，若，则k_.,答案,解析,4,，两平面

4、法向量平行，,4.(教材改编)设u，v分别是平面，的法向量，u(2,2,5)，当v(3，2,2)时，与的位置关系为_；当v(4，4，10)时，与的位置关系为_.,答案,解析,当v(3，2,2)时，uv(2,2,5)(3，2,2)0. 当v(4，4，10)时，v2u.,5.(教材改编)如图所示，在正方体abcda1b1c1d1中，o是底面正方形abcd的中心，m是d1d的中点，n是a1b1的中点，则直线on，am的位置关系是_.,答案,解析,垂直,以a为原点，分别以 所在直线为x，y，z轴，建立空间直角坐标系，,设正方体棱长为1， 则a(0,0,0)，m(0,1， )，o( ，0)，n( ，0,

5、1)，,on与am垂直.,题型分类深度剖析,题型一利用空间向量证明平行问题 例1(2016扬州模拟)如图所示，平面pad平面abcd，abcd为正方形，pad是直角三角形，且paad2，e，f，g分别是线段pa，pd，cd的中点.求证：pb平面efg.,证明,平面pad平面abcd，abcd为正方形，pad是直角三角形，且paad， ab，ap，ad两两垂直，以a为坐标原点， 建立如图所示的空间直角坐标系axyz， 则a(0,0,0)，b(2，0,0)，c(2,2,0)，d(0,2,0)， p(0，0,2)，e(0,0,1)，f(0,1,1)，g(1，2,0)., (2,0，2)， (0，1,

6、0)， (1,1，1)，,即(2,0，2)s(0，1,0)t(1,1，1)，,pb平面efg，pb平面efg.,引申探究 本例中条件不变，证明平面efg平面pbc.,证明, (0,1,0)， (0,2,0)， ，bcef. 又ef平面pbc，bc平面pbc， ef平面pbc， 同理可证gfpc，从而得出gf平面pbc. 又efgff，ef平面efg，gf平面efg， 平面efg平面pbc.,(1)恰当建立空间直角坐标系，准确表示各点与相关向量的坐标，是运用向量法证明平行和垂直的关键. (2)证明直线与平面平行，只需证明直线的方向向量与平面的法向量的数量积为零，或证直线的方向向量与平面内的不共线

7、的两个向量共面，或证直线的方向向量与平面内某直线的方向向量平行，然后说明直线在平面外即可.这样就把几何的证明问题转化为向量运算.,思维升华,跟踪训练1(2016北京海淀区模拟)正方体abcda1b1c1d1中，m，n分别是c1c，b1c1的中点.求证：mn平面a1bd.,证明,如图所示，以d为坐标原点，da，dc，dd1所在直线分别为x轴，y轴，z轴建立空间直角坐标系. 设正方体的棱长为1， 则m(0,1， )，n( ，1,1)，d(0,0,0)，a1(1,0,1)，b(1,1,0)，,设平面a1bd的法向量为n(x，y，z)，,取x1，得y1，z1. 所以n(1，1，1).,又mn平面a1b

8、d，所以mn平面a1bd.,题型二利用空间向量证明垂直问题 命题点1证线面垂直 例2如图所示，正三棱柱(底面为正三角形的直三棱柱)abca1b1c1的所有棱长都为2，d为cc1的中点.求证：ab1平面a1bd.,证明,如图所示，取bc的中点o，连结ao. 因为abc为正三角形， 所以aobc. 因为在正三棱柱abca1b1c1中， 平面abc平面bcc1b1， 所以ao平面bcc1b1. 取b1c1的中点o1，以o为原点，分别以 所在直线为x轴，y轴，z轴建立空间直角坐标系，如图所示， 则b(1,0,0)，d(1,1,0)，a1(0,2， )，a(0,0， )，b1(1,2,0).,设平面a1

9、bd的法向量为n(x，y，z)， (1,2， )， (2,1,0).,令x1，则y2，z ，,故n(1,2， )为平面a1bd的一个法向量，,故ab1平面a1bd.,命题点2证面面垂直 例3(2016盐城模拟)如图，在四棱锥pabcd中，底面abcd是边长为a的正方形，侧面pad底面abcd，且papd ，设e，f分别为pc，bd的中点. (1)求证：ef平面pad；,证明,如图，取ad的中点o，连结op，of. 因为papd，所以poad. 因为侧面pad底面abcd， 平面pad平面abcdad， 所以po平面abcd. 又o，f分别为ad，bd的中点，所以ofab. 又abcd是正方形，

10、所以ofad.,因为papd ，所以papd，opoa .,以o为原点，oa，of，op所在直线分别为x轴，y轴，z轴建立空间直角坐标系，,则a( ，0,0)，f(0， ，0)，d( ，0,0)，p(0,0， )，b( ，a,0)，c( ，a,0).,因为e为pc的中点，所以e,易知平面pad的一个法向量为 (0， ，0)，,因为 ( ，0， )，,所以ef平面pad.,(2)求证：平面pab平面pdc.,证明,因为 ( ，0， )， (0，a,0)，,所以 ( ，0， )(0，a,0)0，,所以 ，所以pacd.,又papd，pdcdd， 所以pa平面pdc. 又pa平面pab， 所以平面p

11、ab平面pdc.,证明垂直问题的方法 (1)利用已知的线面垂直关系构建空间直角坐标系，准确写出相关点的坐标，从而将几何证明转化为向量运算.其中灵活建系是解题的关键. (2)其一证明直线与直线垂直，只需要证明两条直线的方向向量垂直；其二证明线面垂直，只需证明直线的方向向量与平面内不共线的两个向量垂直即可，当然 ，也可证直线的方向向量与平面的法向量平行；其三证明面面垂直：证明两平面的法向量互相垂直；利用面面垂直的判定定理，只要能证明一个平面内的一条直线的方向向量为另一个平面的法向量即可.,思维升华,跟踪训练2(2016淮安模拟)如图，在多面体abca1b1c1中，四边形a1abb1是正方形，aba

12、c，bc ，b1c1綊 ，二面角a1abc是直二面角.求证： (1)a1b1平面aa1c；,证明,二面角a1abc是直二面角， 四边形a1abb1为正方形， aa1平面bac. 又abac，bc ， cab90，即caab， ab，ac，aa1两两互相垂直. 建立如图所示的空间直角坐标系， 点a为坐标原点， 设ab2，则a(0,0,0)，b1(0,2,2)，a1(0,0,2)，c(2,0,0)，c1(1,1,2).,设平面aa1c的一个法向量n(x，y，z)，,即 取y1，则n(0,1,0)., 2n，即 n.,2n，即 n.,a1b1平面aa1c.,(2)ab1平面a1c1c.,证明,易知

13、(0,2,2)， (1,1,0)， (2,0，2)，,设平面a1c1c的一个法向量m(x1，y1，z1)，,令x11，则y11，z11，即m(1，1,1)., m012(1)210，, m.,又ab1平面a1c1c，ab1平面a1c1c.,题型三利用空间向量解决探索性问题 例4(2016北京)如图，在四棱锥p-abcd中，平面pad平面abcd，papd，papd，abad，ab1，ad2，accd . (1)求证：pd平面pab；,证明,平面pad平面abcd， 平面pad平面abcdad，abad，ab平面abcd， ab平面pad. 又papd，paaba，且pa，pb平面pab， pd

14、平面pab.,pd平面pad，abpd.,(2)求直线pb与平面pcd所成角的正弦值；,解答,取ad中点o，连结co，po，papd， poad. 又po平面pad，平面pad平面abcd， po平面abcd，co平面abcd， poco，accd，coad. 以o为原点建立如图所示空间直角坐标系. 易知p(0,0,1)，b(1,1,0)，d(0，1,0)，c(2,0,0).,则 (1,1，1)， (0，1，1)， (2,0，1).,(2，1,0).,设n(x0，y0,1)为平面pcd的一个法向量.,设pb与平面pcd的夹角为.,(3)在棱pa上是否存在点m，使得bm平面pcd？若存在，求 的

15、值；若不存在，说明理由.,解答,设m是棱pa上一点，则存在0,1使得 ，,因此点m(0,1，)， (1，)，,bm平面pcd，bm平面pcd，, n0，即(1，) 0， 解得 ，,在棱pa上存在点m使得bm平面pcd，此时 .,对于“是否存在”型问题的探索方式有两种：一种是根据条件作出判断，再进一步论证；另一种是利用空间向量，先设出假设存在点的坐标，再根据条件求该点的坐标，即找到“存在点”，若该点坐标不能求出，或有矛盾，则判定“不存在”.,思维升华,跟踪训练3(2016镇江模拟)如图所示，四边形abcd是边长为1的正方形，md平面abcd，nb平面abcd，且mdnb1，e为bc的中点. (1

16、)求异面直线ne与am所成角的余弦值；,解答,如图，以d为坐标原点，建立空间直角坐标系dxyz， 依题意得d(0,0,0)，a(1,0,0)，m(0,0,1)，c(0,1,0)， b(1,1,0)，n(1,1,1)，e( ，1,0)，,所以异面直线ne与am所成角的余弦值为 .,(2)在线段an上是否存在点s，使得es平面amn？若存在，求线段as的长；若不存在，请说明理由.,解答,假设在线段an上存在点s， 使得es平面amn. 连结ae，如图所示.,因为 (0,1,1)，可设 (0，)，,由es平面amn，,经检验，当as 时，es平面amn.,故线段an上存在点s， 使得es平面amn，

17、 此时as .,典例(16分)如图1所示，正abc的边长为4，cd是ab边上的高，e，f分别是ac和bc边的中点，现将abc沿cd翻折成直二面角adcb，如图2所示. (1)试判断直线ab与平面def的位置关系，并说明理由； (2)求二面角edfc的余弦值； (3)在线段bc上是否存在一点p，使apde？证明你的结论.,利用向量法解决立体几何问题,思想与方法系列19,思想方法指导,规范解答,几何画板展示,对于较复杂的立体几何问题可采用向量法 (1)用向量法解决立体几何问题，是空间向量的一个具体应用，体现了向量的工具性，这种方法可把复杂的推理证明、辅助线的作法转化为空间向量的运算，降低了空间想象

18、演绎推理的难度，体现了由“形”转“数”的转化思想. (2)两种思路：选好基底，用向量表示出几何量，利用空间向量有关定理与向量的线性运算进行判断.建立空间直角坐标系，进行向量的坐标运算，根据运算结果的几何意义解释相关问题.,返回,解(1)ab平面def，理由如下： 在abc中，由e，f分别是ac，bc中点，得efab. 又ab平面def，ef平面def， ab平面def. 2分 (2)以d为原点，建立如图所示的空间直角坐标系， 则a(0,0,2)，b(2,0,0)，c(0,2 ，0)，e(0， ，1)， f(1， ，0)， 4分 易知平面cdf的法向量为 (0,0,2)，,设平面edf的法向量为

19、n(x，y，z)，,二面角edfc的余弦值为 . 9分,(3)设p(x，y,0)，则 0，,又 (x2，y,0)， (x, y,0)，, ，(x2)( y)xy，, y . 12分,把y 代入上式得x ，,在线段bc上存在点p( ，0)，使apde. 16分,返回,课时作业,1.(2016南京调研)已知a(2，1,3)，b(1,4，2)，c(7,5，). 若a，b，c三向量共面，则实数_.,答案,解析,由题意得ctab(2t，t4，3t2)，,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,13,2.(2016泰州模拟)设点c(2a1，a1,2)在点p(2,0,0)、a(1，3,2)、b

20、(8，1，4)确定的平面上，则a_.,答案,解析,16,(1，3,2)， (6，1,4).,根据共面向量定理，设 (x、yr)，,则(2a1，a1,2)x(1，3,2)y(6，1,4) (x6y，3xy,2x4y)，,解得x7，y4，a16.,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,13,3.已知平面内有一点m(1，1,2)，平面的一个法向量为n(6，3,6)，则下列点p中，在平面内的是_. p(2,3,3) p(2,0,1) p(4,4,0) p(3，3,4),答案,解析,逐一验证法，对于， (1,4,1)，, n61260， n，,点p在平面内，同理可验证其他三个点不在平面内

21、.,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,13,4.若 ，则直线ab与平面cde的位置关系是_.,答案,解析,平行或在平面内,ab与平面cde平行或在平面cde内.,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,13,5.设u(2,2，t)，v(6，4,4)分别是平面，的法向量.若，则t_.,答案,解析,5,， 则uv262(4)4t0， t5.,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,13,6.(2016苏州模拟)如图所示，在正方体abcda1b1c1d1中，棱长为a，m，n分别为a1b和ac上的点，a1man ，则mn与平面bb1c1c的位置关系是_.

22、,答案,解析,平行,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,13,建立如图所示的空间直角坐标系，,由于a1man ，,又c1d1平面bb1c1c，,所以 (0，a,0)为平面bb1c1c的一个法向量.,因为 0，,所以 ，又mn平面bb1c1c，,所以mn平面bb1c1c.,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,13,7.(2016徐州质检)已知平面内的三点a(0,0,1)，b(0,1,0)，c(1,0,0)，平面的一个法向量n(1，1，1)，则不重合的两个平面与的位置关系是_.,答案,解析,设平面的法向量为m(x，y，z)，,由m 0，得x0yz0yz，,由m

23、0，得xz0 xz，取x1，,m(1,1,1)，mn， mn，.,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,13,8.已知点p是平行四边形abcd所在的平面外一点，如果 (2，1，4)， (4,2,0)， (1,2，1).对于结论：apab；apad； 是平面abcd的法向量； .其中正确的是_.,答案,解析,abap，adap，则正确.,又 与 不平行，, 是平面abcd的法向量，则正确., 与 不平行，故错误.,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,13,*9.如图，圆锥的轴截面sab是边长为2的等边三角形，o为底面中心，m为so中点，动点p在圆锥底面内(包括圆

24、周).若ammp，则点p形成 的轨迹长度为_.,答案,解析,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,13,由题意可知，建立空间直角坐标系，如图所示.,则a(0，1,0)，b(0,1,0)，s(0,0， )，m(0,0， )， 设p(x，y,0)，,点p的轨迹方程为y .,根据圆的弦长公式，可得点p形成的轨迹长度为,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,13,10.(2016盐城模拟)如图所示，已知直三棱柱abca1b1c1中，abc为等腰直角三角形，bac90，且abaa1，d，e，f分别为b1a，c1c，bc的中点.求证： (1)de平面abc；,证明,1,2,

25、3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,13,以a为坐标原点，ab，ac，aa1所在直线为x轴，y轴，z轴， 建立如图所示空间直角坐标系axyz， 令abaa14， 则a(0,0,0)，e(0,4,2)，f(2,2,0)， b(4,0,0)，b1(4,0,4). 取ab中点为n，连结cn， 则n(2,0,0)，c(0,4,0)，d(2,0,2)，, (2,4,0)， (2,4,0)，, ，denc，,又nc平面abc，de平面abc.,故de平面abc.,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,13,(2)b1f平面aef.,证明,(2,2，4)， (2，2，2)， (2,

26、2,0).,(2)22(2)(4)(2)0，,(2)222(4)00.,即b1fef，b1faf，,又afeff，b1f平面aef.,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,13,11.如图，在三棱锥p-abc中，abac，d为bc的中点，po平面abc，垂足o落在线段ad上.已知bc8，po4，ao3，od2. (1)证明：apbc；,证明,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,13,如图所示，以o为坐标原点，od，op所在直线为y轴，z轴，建立空间直角坐标系oxyz. 则o(0,0,0)，a(0，3,0)， b(4,2,0)，c(4,2,0)，p(0,0,4)

27、.,于是 (0,3,4)， (8,0,0)，, (0,3,4)(8,0,0)0，, ，即apbc.,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,13,(2)若点m是线段ap上一点，且am3.试证明平面amc平面bmc.,证明,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,13,由(1)知ap5，又am3，且点m在线段ap上，,又 (8,0,0)， (4,5,0)， (4，5,0)，, ，即apbm，,又根据(1)的结论知apbc，且bmbcb， ap平面bmc，于是am平面bmc. 又am平面amc，故平面amc平面bmc.,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,13,12.(2016淮安模拟)如图，在四