南方新高考2018版高考物理大一轮复习专题提升十一动量守恒中几种常见的模型课时作业

1、主题提升中十一动量守恒的几种常见模型1.质量为m的块a在光滑的水平面上以3 m/s的速度移动，其上固定有一个轻弹簧，质量为m的另一个物体b以4 m/s的速度相对于块a移动，如图KZ111所示。然后()图KZ111A.在弹簧压缩过程中，由于弹性力的作用，块a和块b的动量不守恒B.当两个块彼此最接近时，第一块的速度为零C.当a区块的速度为1米/秒时，b区块的速度可能为2米/秒或0D.A区块的速度可能达到5米/秒2.载人气球最初静止在H的高度，气球的质量是m，人的质量是m。如果一个人沿着绳梯滑到地面，绳梯至少有多长？3.(2016广州志新中学)如图KZ112所示，在质量为m=0.5 kg的木板左端放

2、置一块质量为m=245 g(可视为颗粒)的木块，一块足够长的木板仍在光滑的水平面上，木块与木板的动摩擦系数为=0.4。质量为m0=5 g的子弹以v0=300 m/的速度运动。(1)滑块相对于板的滑动时间。(2)块相对于木板的滑动位移。图KZ1124.如图KZ113所示，轻质弹簧一端固定，另一端与滑块b连接，滑块b仍在水平导轨上，弹簧处于原来的长状态。另一个与b具有相同质量的滑块a以一定的初始速度从导轨上的p点滑动到b点，当a滑过距离l1时，它与b发生碰撞，并且碰撞时间非常短。碰撞后，a和b靠得很近，但它们不会粘在一起。众所周知，正义终于回到了起点。图KZ1135.如图KZ114所示，AB是一条

3、倾角=37的粗糙斜坡轨道，它通过一条光滑的小圆弧与光滑的水平轨道BC相连。质量为m2的球b停在水平轨道上，质量为m1的球a以速度v0与球b弹性碰撞。如果m1 m2=1 2，并且轨迹足够长，则有必要使两个球第二次碰撞，并找到球b和斜坡之间的运动。图KZ1146.(天津卷，2014)如图KZ115所示，质量马=4公斤的小车A仍放置在水平地面上，上表面光滑，小车与地面之间的摩擦力很小，可以忽略不计。质量B，可以看作一个粒子，放在A的最右端，它的质量MB=2千克。现在，一个恒定的力F=10 N被施加到一个物体上，在物体移动一段时间后，碰撞时间非常短。碰撞后，A和B粘在一起，在f的作用下继续一起运动。碰

4、撞后，时间t=0.6秒，双方速度达到VT=2米/秒；(1)a开始移动时加速度a的大小。(2)碰撞后甲和乙的共同速度的大小。(3)a的上表面的长度l .图KZ1157.在光滑的水平面上有n个相同的块体排成一条直线，块体间的均匀距离为d。首先，块体1以初始速度v0向块体2移动，碰撞后粘在一起，然后向块体3移动，然后粘在一起后向块体4移动.(1)n区的速度是多少？(2)从块1开始移动到块n开始移动的总时间是多少？(让每次碰撞的时间极短，并忽略不计)主题提升中十一动量守恒的几种常见模型1.C2.解决方案：气球和人类仍然在空中，这意味着系统的合力为零，在老人下降期间系统的动量保持不变。当人们着陆时，绳梯

5、至少应该接触地面。如果绳梯长度为L，人们沿着绳梯滑行到地面的时间为T，这由动量守恒定律求解，m=mL=h。3.解答：(1)子弹射入块体的过程是由动量守恒定律得到的m0v0=(m0+m )v1板块在板块上的滑动过程是由动量守恒定律得到的(m0+m )v1=(m0+m+M )v2对于整个子弹和质量，它是由动量定理得到的-(m0+m)gt=(m0+m)(v2-v1)滑块相对于小车的滑动时间通过同时求解获得t=1 s。(2)子弹射入靶块后，根据能量守恒定律，得到由子弹、靶块和靶板组成的系统4.解决方案：过程1:对于滑块A，在与B碰撞之前，做从P到的均匀减速直线运动，让滑块A和B在碰撞之前的速度为v1，

6、这是由动能定理得到的-mgl1=mv-mv 过程二：滑块甲与滑块乙碰撞，由于碰撞时间很短，内力远大于外力，由A和B组成的系统动量守恒。让碰撞后A和B的速度为v2，这是由动量守恒定律得到的mv1=(m+m)v2 过程3: A和B一起压缩弹簧，直到A和B的速度变为零，然后A和B在弹簧弹力的作用下一起返回，直到弹簧回到其原始长度。假设当弹簧回到其原始长度时，A和B的速度为v3。在这个过程中，弹簧的弹性势能在开始和结束时为零。对于弹簧，它是由能量守恒定律得到的。(2m)v-(2m)v=(2m)g(2l2) 过程4:当弹簧回到它原来的长度时，滑块甲和乙分开了(为什么？学生讨论)，A单独滑向右边，在P处停

7、止；在未来，我们只需要分析滑块A的运动。对于滑块A，当A和B分开后，在滑动摩擦的作用下，运动被均匀减速到p处停止。根据动能定理，-mgl1=0-mv 将等式 合并，解为v0=。5.解决方法：假设碰撞后A的速度为v1，B的速度为v2，这是基于动量守恒和能量守恒的关系m1v0=m1v1+m2v2 m1v=m1v+m2v 同时 解决方案：v1=v0=-v0，v2=v0=v0。假设向上滑动的最大位移为S，向下滑动到斜面底部的速度为V，这由动能定理决定(m2gsin 37+m2gcos 37)s=m2v (m2gsin 37-m2gcos 37)s=m2v2 同步解：2=如果乙能赶上甲，那么：V 5溶液为0.45。6.解答：(1)以A为研究对象，牛顿第二定律有F=mAa A=2.5m米/S2。通过替换数据解决方案获得(2)用动量定理得到了碰撞后甲和乙一起运动的过程，t=0.6秒Ft=(mA+mB)vt-(mA+mB)v 代入数据解，得到v=1 m/s。(3)假设在甲和乙碰撞前甲的速度为vA，甲和乙碰撞的过程由动量守恒定律给出mAvA=(mA+mB)v 从A运动开始到与B碰撞，动