2026年江苏苏锡常镇四市高三一模高考数学试卷（答案详解）

试卷第=page11页，共=sectionpages33页试卷第=page11页，共=sectionpages33页2025~2026学年度苏锡常镇高三教学情况调研（一）数学注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、考生号、考场号、座位号填写在答题卡上．2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号．回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效．3．本卷满分150分，考试时间120分钟．考试结束后，将答题卡交回．一、选择题：本题共8小题，每小题5分，共40分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．1．已知集合，则（

）A． B． C． D．2．“”是“”的（

）A．充分不必要条件 B．必要不充分条件C．充要条件 D．既不充分也不必要条件3．已知复数，则（

）A．0 B．1 C． D．4．的二项展开式的第6项系数是（

）A． B． C． D．5．若椭圆的长轴长是短轴长的倍，右焦点是抛物线的焦点，则（

）A． B． C．2 D．6．已知是函数的图象上的任意一点，过分别向直线和轴作垂线，垂足分别为，则（

）A． B． C．0 D．7．已知的内角的对边分别为，，则的最大值为（

）A． B． C． D．38．已知函数的定义域为为的导函数，，．若，则（

）A．2026 B．1013 C．1 D．-1二、选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分．在每小题给出的选项中，有多项符合题目要求．全部选对的得6分，部分选对的得部分分，有选错的得0分．9．已知函数，则（

）A．是偶函数B．的最小正周期为C．在区间上单调递增D．的图象关于点对称10．甲、乙两个不透明的袋子里分别装有若干个除颜色外均相同的球，其中甲袋子里有2个红球，乙袋子里有3个红球和2个白球．现从乙袋子里随机取出2个球放入甲袋子里，再从甲袋子里随机取出1个球．记从甲袋子里取出红球的个数为，则（

）A． B．C． D．11．已知异面直线，四点不共面，是线段的中点，，则（

）A．当时，B．当时，直线所成角为C．点到直线的距离为D．三棱锥的体积的最大值为3三、填空题：本题共3小题，每小题5分，共15分．12．已知等比数列，则___________．13．求值：___________．14．已知圆是上的两个动点，点．若四边形是矩形，则的取值范围为______．四、解答题：本题共5小题，共77分．解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤．15．已知数列．(1)若是等差数列，求的通项公式；(2)设，证明：数列是等比数列.16．某兴趣小组研究昼夜温差大小与患感冒人数多少之间的关系，他们到气象局和医院抄录了1~7月份每月5日的昼夜温差情况与因患感冒而就诊的人数，得到如下资料：日期1月5日2月5日3月5日4月5日5月5日6月5日7月5日昼夜温差10111312876感冒人数2325292616139该兴趣小组确定的研究方案是：先从这7组数据中选取2组，用剩下的5组数据求经验回归方程，再用被选取的2组数据进行检验．(1)求选取的2组数据是不相邻的两个月的概率；(2)若该小组选取的是1月与6月的两组数据，请根据剩下5个月份的数据：①求出关于的经验回归方程；②若由经验回归方程得到的估计数据与所选出的检验数据的误差均不超过2人，则认为得到的经验回归方程是理想的，问：该小组所得经验回归方程是否理想？说明理由．附：17．把一副三角板按如图所示的方式拼接，其中，．将沿翻折至，使得二面角为直二面角．(1)证明：平面；(2)若在同一个球面上，求该球的半径；(3)求平面与平面所成角的余弦值．18．已知函数．(1)当时，求曲线在处的切线方程；(2)讨论的零点个数；(3)当时，证明：．19．已知双曲线的一条渐近线的倾斜角为分别为左、右焦点，为右顶点，为左支上的两个动点（不包括顶点）．(1)求的离心率；(2)是否存在常数，使得总成立？若存在，求的值；若不存在，请说明理由；(3)若为定值，直线经过，求的最小值．答案第=page11页，共=sectionpages22页答案第=page11页，共=sectionpages22页1．B【详解】由，则.2．A【分析】根据对数函数的性质化简不等式，即可根据真子集的关系判断.【详解】由可得，解得或，由于是或的真子集，故“”是“”的充分不必要条件.3．D【详解】由，则.4．C【分析】由二项式展开式求解指定项的系数即可.【详解】的二项展开式的第6项为，所以第6项系数是.5．A【分析】由椭圆与抛物线的基本概念及性质求解即可.【详解】椭圆的长轴长是短轴长的倍，所以，即，所以，抛物线的焦点为，该焦点为椭圆的右焦点，所以，所以，即.故选：A6．B【分析】设，，利用向量垂直的坐标表示求出点的坐标，即可求出的值．【详解】设，，由，即，解得，所以，则，所以．7．B【分析】利用正弦定理、两角和的正弦公式、两角和的正切公式以及基本不等式求解即可.【详解】因为，由正弦定理得：，又，则，所以，即,所以，由，则，因为为边长，所以，所以，所以角为钝角，，所以角为锐角即，此时，所以由，所以，即，因为，所以，所以，当且仅当即时，等号成立，所以的最大值为.8．D【详解】因为且，所以，因为，所以关于直线对称，则原函数关于点对称，所以所以，令，则，即，所以，所以的周期为，又，即，所以的周期也为，由得，由得，所以，由得，所以，又，所以，所以，所以，又，所以.9．BCD【分析】利用奇偶性的定义，举反例可判断A；利用周期公式可判断B；利用复合函数的单调性法则可判断C；利用三角函数对称中心的求法可判断D.【详解】函数可化为，据此分析各选项：A：取，则：，，由于，因此不是偶函数，A选项错误；B：正弦型函数的最小正周期为，B选项正确；C：当时，令，，由于在上单调递增，且在上单调递增，故C选项正确；D：令，解得，当时，，即的一个对称中心为，故D选项正确.10．BC【分析】分别求出从乙袋子中取出2个红球、2个白球和1个红球和1个白球的概率，分析X的可能取值，求出各个概率，可判断A、B的正误，代入期望公式，可判断C、D的正误.【详解】设从乙袋子中取出2个红球为事件A，则，从乙袋子中取出2个白球为事件B，则，从乙袋子中取出1个红球和1个白球为事件C，则，由题意，X的可能取值为0和1，则，故A错误，B正确；所以，故C正确，D错误.11．ABC【分析】建立空间直角坐标系，利用空间向量一一判定选项即可.【详解】过B点作，根据题意，以B为坐标原点建立空间直角坐标系，如图所示，设，易知，，若，则，由，此时，所以；对于A，易知，故A正确；对于B，，所以直线所成角为，故B正确；对于C，易知，则点到直线的距离，故C正确；对于D，，当且仅当时取得等号，故D错误.12．2【分析】利用等比数列通项公式以及等比数列性质求解即可.【详解】等比数列的首项，设公比为，当时，，由，解得，当时，由不成立，所以，，由，又，将代入上式得：解得：或（舍去），所以.13．【详解】.14．【详解】由四边形为矩形，知对角线与互相平分且相等，设的中点为，则也是的中点，且，故问题转化为求的取值范围.设，由可得，又由垂径定理得：，即，即，整理得，即的轨迹是以为圆心、为半径的圆，，而的取值范围可由的轨迹求得：，其中，所以的范围为：所以，故的取值范围为.

15．(1)(2)证明见解析【分析】（1）利用等差数列的定义及通项公式求法计算即可；（2）根据递推关系及等比数列的定义证明即可.【详解】（1）由题意.因为是等差数列，所以公差.所以.满足，符合题设条件，所以的通项公式为.（2）因为，所以，由及可知，则，所以，所以是等比数列.16．(1)(2)①；②是理想的，理由见解析【分析】（1）利用组合数和对立事件概率公式直接求解即可；（2）①利用最小二乘法直接求解即可；②分别将和代入回归直线方程，由此可得预估值，与检验数据之差的绝对值均不超过2可确定结论.【详解】（1）记事件为“选取的2组数据是不相邻的两个月”，则（2）①由题意，，.132485则，即，所以关于的经验回归方程为.②当时，；当时，.所以该小组所得经验回归方程是理想的.17．(1)证明见解析(2)(3)【分析】（1）根据面面垂直的性质可得平面，进而根据线线垂直证明平面．（2）建立空间直角坐标系，根据两点距离公式列方程，可求解球心的坐标，即可求解，（3）根据面面垂直的性质，结合二面角的定义可得为所求的角，即可根据三角形的边角关系求解，或者求解平面法向量，根据法向量的夹角求解.【详解】（1）二面角为直二面角，即平面平面，又因为平面，平面平面，所以平面．又因为平面，所以．由题意平面，所以平面．（2）取中点中点，连接，则，因为平面，平面，所以，所以，在中，为中点，所以.以为正交基底建立如图所示空间直角坐标系，则．设该球的球心坐标为，则解得.所以该球的半径为.（3）法一：取中点，在中，过作，垂足为，连接，平面平面平面，平面平面，所以平面．而平面，故，又因为，平面，故平面，而平面，所以，则为平面与平面的所成角.直角三角形中，，所以平面与平面所成角的余弦值为.法二：平面的一个法向量为，设平面的法向量为，则即取，得平面的一个法向量为.所以平面与平面所成角的余弦值为.18．(1)；(2)当时，的零点个数为0；当时，的零点个数为1；当时，的零点个数为2；(3)证明见解析【分析】（1）根据导数的几何意义可得切线方程；（2）先进行参数分离，再转化为与图象交点的个数可得；（3）分两种情况讨论：当时，用导数可判断的单调性可得；当时，先证，进而再用导数证明，从而可证明不等式.【详解】（1）当时，．所以曲线在处的切线方程为，即．曲线在处的切线方程为.（2）因为，令，得，即.令，所以的零点个数等价于与的图象交点的个数.又因为，当时，；当时，.所以函数在上单调递增，在上单调递减，且，有极大值也是最大值，如图：由图可知，当时，函数与的图象无交点；当时，函数与的图象有1个交点；当时，函数与的图象有2个交点.综上，时，的零点个数为0；时，的零点个数为1；时，的零点个数为2.（3）①当时，，令，因为，所以，而，即，，所以在区间上单调递增，所以，即，所以在区间上单调递增．所以.②当时，令，所以单调递增，所以，即.又因为，令，当时，，单调递减；当时，，单调递增；当时，的极小值为．若，即，则，所以．若，即，则在区间上单调递减，所以．所以，即．综上可得，.19．(1)2(2)存在常数，理由见解析(3)【分析】（1）根据渐近线的倾斜角，可得其斜率，即可得a，b的关系，求出a与c的关系，代入公式，即可得答案.（2）当时，根据条件，求出，即可得关系；当时，分别求出的表达式，化简整理，分析即可得关系.（3）设出直线的方程，与双曲线方程联立，