高考物理一轮总复习 专题十三 第1讲 动量守恒定律课件 新人教版.ppt

1、专题十三,动量、波粒二象性和近代物理初步,第1讲,动量守恒定律,一、动量 1定义：运动物体的质量和_的乘积叫做物体的动,量，用 p 表示,速度,mv,kgm/s,2表达式：p_.,速度,3单位：由速度单位和质量单位共同确定，即_ 4动量是矢量，其方向和_方向相同,二、冲量,力的作用时间,Ft,力,1定义：力和_的乘积叫做力的冲量 2表达式：I_.单位：Ns. 3标矢性：冲量是矢量，它的方向由_的方向决定 三、动量定理 1内容：物体在一个过程始末的_等于它在这,个过程中所受力的冲量,动量变化量,F合 t,2表达式：pp_或_(矢量式，注,意选取正方向),mvmv,动量变化,3意义：合外力的冲量是

2、引起物体_的原因,【基础检测】 1(2015 年湖北大学附中检测)质量是 60 kg 的建筑工人， 不慎从高空跌下，由于弹性安全带的保护，他被悬挂起来已 知安全带的缓冲时间是 1.2 s，安全带长 5 m，取 g10 m/s2，,则安全带所受的平均冲力的大小为(,),B600 N,C1100 N D100 N,A500 N 答案：C,四、动量守恒定律,m1v1m2v2,1内容：相互作用的物体组成的系统_或所受 合外力为_时，这个系统的总动量将保持不变 2公式：m1v1m2v2_. 3动量守恒定律成立的条件 (1)系统不受外力或者所受外力之和为零 (2)系统受外力，但外力远小于内力，可以忽略不计

3、 (3)系统在某一个方向上所受的合外力为零，则该方向上动 量守恒 (4)全过程的某一阶段系统所受的合外力为零，则该阶段系 统动量守恒,不受外力,零,【基础检测】 2(2015 年浙江自选模块)如图 13-1-1 所示，甲木块的质量 为 m1，以 v 的速度沿光滑水平地面向前运动，正前方有一静止 的、质量为 m2 的乙木块，乙上连有一轻质弹簧甲木块与弹簧,接触后(,),图13-1-1,A甲木块的动量守恒 B乙木块的动量守恒 C甲、乙两木块所组成系统的动量守恒 D甲、乙两木块所组成系统的动能守恒 答案：C,考点1 对动量和动量定理的理解 重点归纳,1动量的变化及其计算,(1)若初、末动量均在同一直

4、线上，首先以某一动量的方向 为正方向，根据pp2p1，若p0，则动量的变化量与所选 正方向同向；若p0，则动量的变化量与所选正方向反向 (2)应用动量定理pFt，可求合外力为恒力的情况下动量,的增量,2动量、动能、动量的变化量的比较,【考点练透】 1(多选)质量为m的物体以初速度v0 开始做平抛运动，经 过时间 t，下降的高度为 h，速度变为 v，在这段时间内物体动,量变化量的大小为(,),答案：BCD,考点2 对动量守恒定律的理解和应用 重点归纳,1动量守恒定律的不同表达形式,(1)pp(系统相互作用前的总动量 p 等于相互作用后的,总动量 p)具体又有以下三种常见的形式：,m1v1m2v2

5、m1v1m2v2(适用于作用前后都运动的,两个物体组成的系统),0m1v1m2v2(适用于原来静止的两个物体组成的系统，,比如爆炸、反冲等情况),m1v1m2v2(m1m2)v(适用于两物体作用后结合在一,起或具有共同速度的情况),(2)p0(系统总动量的增量等于零),(3)p1p2(两个物体组成的系统中，各自动量的增量大,小相等、方向相反),2应用动量守恒定律的步骤,(1)确定系统：确定系统由哪几个物体组成，并分析系统的,受力情况，判断是否符合动量守恒条件,(2)选取时刻：根据题设条件，选取有关的两个(或几个)瞬,间，找出对应时刻系统的总动量,(3)规定方向：凡与规定的正方向一致的动量取正值

6、，与规,定的正方向相反的动量取负值,(4)列出方程：根据动量守恒定律，列出所选时刻的动量守,恒方程，并求出结果,3要注意动量守恒定律的“五性”,(1)矢量性：动量是矢量，根据动量守恒定律列出的是矢量,方程,(2)瞬时性：动量是一个瞬时量，动量守恒定律指的是系统,任一瞬间的动量恒定,(3)相对性：动量与参考系的选择有关，通常以地面为参考,系，作用前后的动量都必须相对于地面,(4)整体性：应用动量守恒定律时，要明确研究的对象是整,个系统，且这个系统始末状态的质量应相等,(5)普适性：适用于多物体系统，适用于宏观和微观情形，,适用于低速和高速运动,典例剖析,例1：(2015 年山东烟台二模)两块厚度

7、相同的木块 A 和 B，紧 靠着放在光滑的水平面上，其质量分别为 mA2.0 kg，mB0.90 kg，它们的下底面光滑，上表面粗糙，另有一质量 mC0.10 kg 的 滑块 C，以 vC10 m/s 的速度恰好水平地滑到 A 的上表面，如图 13-1-2 所示由于摩擦，滑块最后停在木块 B 上，B 和 C 的共同 速度为 0.50 m/s.求：,图13-1-2,(1)木块 A 的最终速度 vA；,(2)滑块 C 离开 A 时的速度 vC.,思维点拨：由动量守恒的条件可知，A、B、C 组成的系统,动量守恒，故可用动量守恒定律来解题,解：C 从开始滑上 A 到恰好滑到 A 的右端过程中，A、B、

8、,C 组成的系统动量守恒 mCvC(mBmA)vAmCvC C 刚滑上 B 到两者相对静止，B、C 组成的系统动量守恒 mBvAmCvC(mBmC)v 解得 vA0.25 m/s vC2.75 m/s.,备考策略：在运用动量守恒定律解题时，(1)首先要根据守 恒条件判断动量是否守恒；(2)一定要正确选取研究过程和哪些 物体组成的系统；(3)最后根据动量守恒定律建方程求解.,【考点练透】 2(2014 年福建卷)如图 13-1-3 所示，一枚火箭搭载着卫星 以速率 v0 进入太空预定位置，由控制系统使箭体与卫星分离 已知前部分的卫星质量为 m1，后部分的箭体质量为 m2，分离后 箭体以速率 v2

9、 沿火箭原方向飞行，若忽略空气阻力及分离前后,),图13-1-3,系统质量的变化，则分离后卫星的速率 v1 为(,答案：D,A,v,0,v,2,B,v,0,v,2,C,v,0,m,2,m,1,v,2,D,v,0,m,2,m,1,(,v,0,v,2,),易错点 动量守恒过程分析,例2：(2016 年重庆第一中学月考)如图13-1-4 所示，光滑水平 面上有三个滑块A、B、C，质量分别为mA2m，mBm，mC3m， A、B 用细绳连接，中间有一压缩的轻弹簧(与滑块不栓接)开始 时 A、B 以共同速度 v0 向右运动，C 静止某时刻细绳突然断开， A、B 被弹开，然后 B 又与 C 发生碰撞并粘在一起，最终三滑块速 度恰好相同求 B、C 碰撞前的瞬间 B 的速度,图13-1-4,解：A、B 被弹开过程 A、B 系统动量守恒，以向右为正方,向，由动量守恒定律得,(mAmB)v0mAvAmBvB,对 B、C 碰撞过程，由动量守恒定律得 (mCmB)vCmBvB,且vCvA，故由以上各式解得vB2v0.,指点迷津：这种类型的题目从动量守恒定律的应用角度看 并不难，但要分析清楚各个物体的运动关系.A、B组成的系统， 在细绳断开的过程中动量守恒，B与C 碰撞过程中动量守恒， 抓住三者最后速度相同，根据动量守恒定律求出B与C碰撞前 B的速度.,【