2017年陕西省宝鸡市高考物理一模试卷(解析版)

1、2017年陕西省宝鸡市高考物理一模试卷二、选择题：本题共8小题，每小题6分在每小题给出的四个选项中，第14-18题只有一项符合题目要求，第19-21题有多项符合题目要求全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分1一个物体以初速度v0水平抛出，经过一段时间t后其速度方向与水平方向夹角为45，若重力加速度为g，则t为（）ABCD2实际生活中常常利用如图所示的装置将重物吊到高处现有一质量为M的同学欲将一质量也为M的重物吊起，已知绳子在水平天花板上的悬点与定滑轮固定点之间的距离为L，不计滑轮的大小、滑轮与绳的重力及滑轮受到的摩擦力当该同学把重物缓慢拉升到最高点时，动滑轮与天花板间的距离为（）

2、A LB LC LD L3如图所示，垂直纸面放置的两根平行长直导线分别通有方向相反的电流I1和I2，且I1I2，纸面内的一点H到两根导线的距离相等，则该点的磁感应强度方向可能为图中的（）AB1BB2CB3DB44放射性同位素钍Th经一系列、衰变后生成氡Rn，以下说法正确的是（）A每经过一次衰变原子核的质量数会减少2个B每经过一次衰变原子核的质子数会增加1个C放射性元素钍Th的原子核比氡Rn原子核的中子数少4个D钍Th衰变成氡Rn一共经过2次衰变和3次衰变5宇航员在某星球上为了探测其自转周期做了如下实验：在该星球两极点，用弹簧秤测得质量为M的砝码所受重力为F，在赤道测得该砝码所受重力为F他还发现

3、探测器绕该星球表面做匀速圆周运动的周期为T假设该星球可视为质量分布均匀的球体，则其自转周期为（）ATBTCTDT6如图所示，两个条形磁铁的N和S相向水平放置，一竖直放置的矩形线框从两个磁铁之间正上方自由落下，并从两磁铁中间穿过下列关于线框受到安培力及从右向左看感应电流方向说法正确的是（）A感应电流方向先逆时针方向，后顺时针方向B感应电流方向先顺时针方向，后逆时针方向C安培力方向一直竖直向上D安培力方向先竖直向上，后竖直向下7如图所示，一个内壁光滑的圆锥筒固定在地面上，圆锥筒的轴线竖直一个小球贴着筒的内壁在水平面内做圆周运动，由于微弱的空气阻力作用，小球的运动轨迹由A轨道缓慢下降到B轨道，则在此

4、过程中（）A小球的向心加速度逐渐减小B小球运动的角速度逐渐减小C小球运动的线速度逐渐减小D小球运动的周期逐渐减小8光滑水平面上放有质量分别为2m和m的物块A和B，用细线将它们连接起来，两物块中间加有一压缩的轻质弹簧（弹簧与物块不相连），弹簧的压缩量为x现将细线剪断，此刻物块A的加速度大小为a，两物块刚要离开弹簧时物块A的速度大小为v，则（）A物块B的加速度大小为a时弹簧的压缩量为B物块A从开始运动到刚要离开弹簧时位移大小为xC物块开始运动前弹簧的弹性势能为mv2D物块开始运动前弹簧的弹性势能为3mv2三、非选择题：包括必考题和选考题两部分第22题第32题为必考题，每个试题考生都必须作答第33题

5、第38题为选考题，考生根据要求作答（一）必考题（共129分）9在“测定金属丝的电阻率”的实验中，为了安全、准确、方便地测出电阻丝的电阻Rx，设计了如图所示实验电路图来完成实验，实验仪器如下：A待测金属丝（Rx约5）B电压表V（量程1V，内阻RV=1K）C电流表A（量程0.6A，内阻RA=1）D定值电阻R1（阻值R1=0.5K）E定值电阻R2（阻值R2=2K）F滑动变阻器R3（010）G滑动变阻器R4（01000）H电源（电动势为3V，内阻很小）I开关、导线若干（1）实验中定值电阻应选用，滑动变阻器应选用（选填仪器前面字母）；（2）用图中电路测量该金属丝的电阻，若某次测量中，电压表的读数为U，电

6、流表的读数为I，该金属丝电阻的表达式为：Rx=（用测出或已知的物理量的符号表示）10某同学利用如图甲所示装置探究“加速度与力、物体质量的关系”，图中装有砝码的小车放在长木板上，左端栓有一不可伸长的细绳，跨过固定在木板边缘的滑轮与一砝码盘相连在砝码盘的牵引下，小车在长木板上做匀加速直线运动，图乙是该同学做实验时打点计时器在纸带上打出的一些连续的点，该同学测得相邻点之间的距离分别是S1、S2、S3、S4、S5、S6，打点计时器所接交流电的周期为T小车及车中砝码的总质量为M，砝码盘和盘中砝码的总质量为m，当地重力加速度为g（1）根据以上数据可得小车运动的加速度表达式为a=（2）该同学先探究合外力不变

7、的情况下，加速度与质量的关系，以下说法正确的是A平衡摩擦力时，要把装有砝码的砝码盘用细线通过定滑轮系在小车上，把木板不带滑轮的一端缓慢抬起，反复调节直到纸带上打出的点迹均匀为止B由于小车受到的摩擦力与自身重力有关，所以每次改变小车质量时，都要重新平衡摩擦力C用天平测出M和m后，小车运动的加速度可以直接用公式a=求出D在改变小车质量M时，会发现M的值越大，实验的误差就越小（3）该同学接下来探究在质量不变的情况下，加速度与合外力的关系他平衡摩擦力后，每次都将小车中的砝码取出一个放在砝码盘中，用天平测得砝码盘及盘中砝码的总质量m，并通过打点计时器打出的纸带求出加速度得到多组数据后，绘出如图丙aF图象

8、，发现图象是一条过坐标原点的倾斜直线图象中直线的斜率表示（用本实验中可测量的量表示）（4）该同学在这个探究实验中采用的物理学思想方法为A理想化模型法 B控制变量法 C极限法 D比值法11如图所示，ABC为光滑的固定在竖直面内的半圆形轨道，轨道半径为R=0.4m，A、B为半圆轨道水平直径的两个端点，O为圆心在水平线MN以下和竖直线OQ以左的空间内存在竖直向下的匀强电场，电场强度E=1.0106N/C现有一个质量m=2.0102kg，电荷量q=2.0107C的带正电小球（可看作质点），从A点正上方由静止释放，经时间t=0.3s到达A点并沿切线进入半圆轨道，g=10m/s2，不计空气阻力及一切能量损

9、失，求：（1）小球经过C点时对轨道的压力大小；（2）小球经过B点后能上升的最大高度12某工厂为实现自动传送工件设计了如图所示的传送装置，由一个水平传送带AB和倾斜传送带CD组成，水平传送带长度LAB=4m，倾斜传送带长度LCD=4.45m，倾角为=37，AB和CD通过一段极短的光滑圆弧板过渡，AB传送带以v1=5m/s的恒定速率顺时针运转，CD传送带静止已知工件与传送带间的动摩擦因数均为=0.5，重力加速度g=10m/s2现将一个工件（可看作质点）无初速度地放在水平传送带最左端A点处，求：（1）工件被第一次传送到CD传送带上升最大高度和所用的时间；（2）要使工件恰好被传送到CD传送带最上端，C

10、D传送带沿顺时针方向运转的速度v2大小（v2v1）选考题：共45分请考生从给出的2道物理题，2道化学题，2道生物题中每科任选一题作答，如果多做，则每学科按第一题计分选修3-313下列说法正确的是（）A布朗运动说明了液体分子与悬浮颗粒之间存在着相互作用力B物体的内能在宏观上只与其所处状态及温度和体积有关C一切自发过程总是沿着分子热运动的无序性增大的方向进行D液体密度越大表面张力越大，温度越高表面张力越小E气体对器壁的压强就就是大量气体分子作用在器壁单位面积上的平均作用力14如图所示，两端开口的汽缸水平固定，A、B是两个厚度不计的活塞，面积分别为S1=20cm2，S2=10cm2，它们之间用一根细

11、杆连接，B通过水平细绳绕过光滑的定滑轮与质量为M的重物C连接，静止时汽缸中的空气压强p=1.3105Pa，温度T=540K，汽缸两部分的气柱长均为L已知大气压强p0=1105Pa，取g=10m/s2，缸内空气可看作理想气体，不计一切摩擦求：重物C的质量M是多少；逐渐降低汽缸中气体的温度，活塞A将向缓慢右移动，当活塞A刚靠近D处而处于平衡状态时缸内气体的温度是多少选修3-415一列简谐横波沿着x轴正方向传播，波中A、B两质点在平衡位置间的距离为0.5m，且小于一个波长，如图甲所示，A、B两质点振动图象如图乙所示由此可知（）A波中质点在一个周期内通过的路程为8cmB该机械波的波长为4mC该机械波的

12、波速为0.5m/sDt=1.5s时A、B两质点的位移相同Et=1.5s时A、B两质点的振动速度相同16有一个上、下表面平行且足够大的玻璃平板，玻璃平板的折射率为、厚度为d=12cm现在其上方的空气中放置一点光源S，点光源距玻璃板的距离为L=18cm，从S发出的光射向玻璃板，光线与竖直方向夹角最大为=53，经过玻璃板后从下表面射出，形成一个圆形光斑，如图所示求玻璃板下表面圆形光斑的半径（sin53=0.8）2017年陕西省宝鸡市高考物理一模试卷参考答案与试题解析二、选择题：本题共8小题，每小题6分在每小题给出的四个选项中，第14-18题只有一项符合题目要求，第19-21题有多项符合题目要求全部选

13、对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分1一个物体以初速度v0水平抛出，经过一段时间t后其速度方向与水平方向夹角为45，若重力加速度为g，则t为（）ABCD【考点】平抛运动【分析】根据题意速度与水平方向的夹角为450，将该速度进行分解，根据水平方向上的速度求出竖直方向上的分速度，根据竖直方向上做自由落体运动求出物体飞行的时间【解答】解：将末速度分解为水平和竖直方向的分速度，由得，故B正确，ACD错误；故选：B2实际生活中常常利用如图所示的装置将重物吊到高处现有一质量为M的同学欲将一质量也为M的重物吊起，已知绳子在水平天花板上的悬点与定滑轮固定点之间的距离为L，不计滑轮的大小、滑轮与绳的重

14、力及滑轮受到的摩擦力当该同学把重物缓慢拉升到最高点时，动滑轮与天花板间的距离为（）A LB LC LD L【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成的平行四边形定则【分析】以人为研究对象确定物体达到最高点时人的拉力大小，再以滑轮处为研究对象，根据受力情况确定细线与竖直方向的夹角，再根据几何关系求解【解答】解：当该同学把重物缓慢拉升到最高点时，绳子的拉力等于人的重力，即为Mg，而重物的重力也为Mg，则设绳子与竖直方向的夹角为，可得2Mgcos=Mg，则=60；此时动滑轮与天花板的距离为d=；所以A正确、BCD错误故选：A3如图所示，垂直纸面放置的两根平行长直导线分别通有方向相反的电流I1和I2，

15、且I1I2，纸面内的一点H到两根导线的距离相等，则该点的磁感应强度方向可能为图中的（）AB1BB2CB3DB4【考点】通电直导线和通电线圈周围磁场的方向；磁感应强度【分析】根据右手螺旋定则判断出两电流在H点的磁感应强度方向，根据平行四边形定则得出合场强的方向【解答】解：根据右手螺旋定则得出两电流在H点的磁场方向，如图，根据平行四边形定则知H点的合场强可能为方向故C正确，A、B、D错误故选：C4放射性同位素钍Th经一系列、衰变后生成氡Rn，以下说法正确的是（）A每经过一次衰变原子核的质量数会减少2个B每经过一次衰变原子核的质子数会增加1个C放射性元素钍Th的原子核比氡Rn原子核的中子数少4个D钍

16、Th衰变成氡Rn一共经过2次衰变和3次衰变【考点】原子核衰变及半衰期、衰变速度【分析】经过一次衰变，电荷数多1，质量数不变，经过一次衰变，电荷数少2，质量数少4，结合电荷数守恒、质量数守恒分析判断【解答】解：A、经过一次衰变，电荷数少2，质量数少4，故A错误B、经过一次衰变，电荷数多1，质量数不变，质子数等于电荷数，则质子数增加1个，故B正确C、元素钍Th的原子核的质量数为232，质子数为90，则中子数为142，氡Rn原子核的质量数为220，质子数为86，则中子数为134，可知放射性元素钍Th的原子核比氡Rn原子核的中子数多8个，故C错误D、钍Th衰变成氡Rn，可知质量数少12，电荷数少4，因

17、为经过一次衰变，电荷数少2，质量数少4，经过一次衰变，电荷数多1，质量数不变，可知经过3次衰变，2次衰变，故D错误故选：B5宇航员在某星球上为了探测其自转周期做了如下实验：在该星球两极点，用弹簧秤测得质量为M的砝码所受重力为F，在赤道测得该砝码所受重力为F他还发现探测器绕该星球表面做匀速圆周运动的周期为T假设该星球可视为质量分布均匀的球体，则其自转周期为（）ATBTCTDT【考点】万有引力定律及其应用【分析】在两极点，物体所受的万有引力等于重力，在赤道，万有引力的一个分力等于重力，另一个分力提供绕地轴转动所需的向心力探测器绕地球表面做圆周运动，靠万有引力提供向心力，联立求出星球的自转周期【解答

18、】解：设星球及探测器质量分别为m、m在两极点，有：，在赤道，有：，探测器绕该星球表面做匀速圆周运动的周期为T，则有：；联立两式解得T自=T故D正确，A、B、C错误故选：D6如图所示，两个条形磁铁的N和S相向水平放置，一竖直放置的矩形线框从两个磁铁之间正上方自由落下，并从两磁铁中间穿过下列关于线框受到安培力及从右向左看感应电流方向说法正确的是（）A感应电流方向先逆时针方向，后顺时针方向B感应电流方向先顺时针方向，后逆时针方向C安培力方向一直竖直向上D安培力方向先竖直向上，后竖直向下【考点】楞次定律【分析】明确磁场分布，再分析线圈下落过程中磁通量的变化，从而根据楞次定律分析感应电流的方向，同时根据

19、楞次定律的”来拒去留“分析安培力的方向【解答】解：AB、由图可知，磁感线向左向右，则中间磁感应强度最大，而向两边越来越小，故在线圈从高处下落过程中，穿过线圈的磁通量一直向右，且先增大后减小，则由楞次定律可知，感应电流先顺时针后逆时针，故B正确，A错误；CD、产生的感应电流一直阻碍物体间的相对运动，故安培车一定一直竖直向上，故C正确，D错误故选：BC7如图所示，一个内壁光滑的圆锥筒固定在地面上，圆锥筒的轴线竖直一个小球贴着筒的内壁在水平面内做圆周运动，由于微弱的空气阻力作用，小球的运动轨迹由A轨道缓慢下降到B轨道，则在此过程中（）A小球的向心加速度逐渐减小B小球运动的角速度逐渐减小C小球运动的线

20、速度逐渐减小D小球运动的周期逐渐减小【考点】向心力；线速度、角速度和周期、转速【分析】对小球受力分析，受重力和支持力，合力提供向心力，根据牛顿第二定律列式求解即可【解答】解：A、以小球为研究对象，对小球受力分析，小球受力如图所示：由牛顿第二定律得：mgtan=ma=mr2可知A、B的向心力大小相等，a=gtan，向心加速度不变，故A错误B、角速度，由于半径减小，则角速度变大，故B错误C、线速度，由于半径减小，线速度减小，故C正确D、周期T=，角速度增大，则周期减小，故D正确故选：CD8光滑水平面上放有质量分别为2m和m的物块A和B，用细线将它们连接起来，两物块中间加有一压缩的轻质弹簧（弹簧与物

21、块不相连），弹簧的压缩量为x现将细线剪断，此刻物块A的加速度大小为a，两物块刚要离开弹簧时物块A的速度大小为v，则（）A物块B的加速度大小为a时弹簧的压缩量为B物块A从开始运动到刚要离开弹簧时位移大小为xC物块开始运动前弹簧的弹性势能为mv2D物块开始运动前弹簧的弹性势能为3mv2【考点】功能关系【分析】当A的加速度大小为a，根据胡克定律和牛顿第二定律求得此时的弹力物块B的加速度大小为a时，对物块，由胡克定律和牛顿第二定律求弹簧的压缩量根据系统的动量守恒，求得物块B刚要离开弹簧时的速度，由系统的机械能守恒求物块开始运动前弹簧的弹性势能【解答】解：A、当物块A的加速度大小为a，根据胡克定律和牛顿

22、第二定律得 kx=2ma当物块B的加速度大小为a时，有：kx=ma，对比可得：x=，即此时弹簧的压缩量为故A正确B、取水平向左为正方向，根据系统的动量守恒得：2mm=0，又 xA+xB=x，解得A的位移为：xA=x，故B错误CD、根据动量守恒定律得 0=2mvmvB，得物块B刚要离开弹簧时的速度 vB=2v，由系统的机械能守恒得：物块开始运动前弹簧的弹性势能为：Ep=2mv2+mvB2=3mv2故C错误，D正确故选：AD三、非选择题：包括必考题和选考题两部分第22题第32题为必考题，每个试题考生都必须作答第33题第38题为选考题，考生根据要求作答（一）必考题（共129分）9在“测定金属丝的电阻

23、率”的实验中，为了安全、准确、方便地测出电阻丝的电阻Rx，设计了如图所示实验电路图来完成实验，实验仪器如下：A待测金属丝（Rx约5）B电压表V（量程1V，内阻RV=1K）C电流表A（量程0.6A，内阻RA=1）D定值电阻R1（阻值R1=0.5K）E定值电阻R2（阻值R2=2K）F滑动变阻器R3（010）G滑动变阻器R4（01000）H电源（电动势为3V，内阻很小）I开关、导线若干（1）实验中定值电阻应选用E，滑动变阻器应选用F（选填仪器前面字母）；（2）用图中电路测量该金属丝的电阻，若某次测量中，电压表的读数为U，电流表的读数为I，该金属丝电阻的表达式为：Rx=（用测出或已知的物理量的符号表示

24、）【考点】测定金属的电阻率【分析】（1）依据电源的电动势，结合电压表的量程，即可选取定值电阻，再根据所测电阻阻值，及限流式接法，即可判定求解；（2）依据串联电阻，电压与电阻成正比，结合欧姆定律，即可求解【解答】解：（1）电源的电动势为3V，而电压表V的量程1V，内阻RV=1K，必须通过串联电阻来扩大量程，因此定值电阻应选用定值电阻R2（阻值R2=2K），从而达到3V量程，所待测金属丝（Rx约5），且滑动变阻器是限流式接法，因此滑动变阻器应选用须小电阻，即滑动变阻器R3（010），（2）电压表的读数为U，那么金属丝与电流表两端的电压为3U，由于电流表的读数为I，则金属丝电阻Rx=；故答案为：（1

25、）E、F；（2）10某同学利用如图甲所示装置探究“加速度与力、物体质量的关系”，图中装有砝码的小车放在长木板上，左端栓有一不可伸长的细绳，跨过固定在木板边缘的滑轮与一砝码盘相连在砝码盘的牵引下，小车在长木板上做匀加速直线运动，图乙是该同学做实验时打点计时器在纸带上打出的一些连续的点，该同学测得相邻点之间的距离分别是S1、S2、S3、S4、S5、S6，打点计时器所接交流电的周期为T小车及车中砝码的总质量为M，砝码盘和盘中砝码的总质量为m，当地重力加速度为g（1）根据以上数据可得小车运动的加速度表达式为a=（2）该同学先探究合外力不变的情况下，加速度与质量的关系，以下说法正确的是DA平衡摩擦力时，

26、要把装有砝码的砝码盘用细线通过定滑轮系在小车上，把木板不带滑轮的一端缓慢抬起，反复调节直到纸带上打出的点迹均匀为止B由于小车受到的摩擦力与自身重力有关，所以每次改变小车质量时，都要重新平衡摩擦力C用天平测出M和m后，小车运动的加速度可以直接用公式a=求出D在改变小车质量M时，会发现M的值越大，实验的误差就越小（3）该同学接下来探究在质量不变的情况下，加速度与合外力的关系他平衡摩擦力后，每次都将小车中的砝码取出一个放在砝码盘中，用天平测得砝码盘及盘中砝码的总质量m，并通过打点计时器打出的纸带求出加速度得到多组数据后，绘出如图丙aF图象，发现图象是一条过坐标原点的倾斜直线图象中直线的斜率表示（用本

27、实验中可测量的量表示）（4）该同学在这个探究实验中采用的物理学思想方法为BA理想化模型法 B控制变量法 C极限法 D比值法【考点】探究加速度与物体质量、物体受力的关系【分析】（1）注意为了减小实验误差，应采用逐差法求木块的加速度（2）探究加速度与拉力的关系实验时，要平衡摩擦力，平衡摩擦力时，要求小车在无动力的情况下平衡摩擦力，不需要挂任何东西小车的加速度应根据打点计时器打出的纸带求出；平衡摩擦力时，是重力沿木板方向的分力等于摩擦力，即：mgsin=mgcos，可以约掉m，只需要平衡一次摩擦力；小车的加速度应由纸带求出（3）对M、m分别由牛顿第二定律列式，结合合力F等于mg，导出a与F的函数关系

28、式，分析图线的斜率；（4）该实验采用控制变量法，先控制小车的质量不变，研究加速度与力的关系，再控制砝码盘和砝码的总重力不变，研究加速度与质量的关系【解答】解：（1）为了减小偶然误差，采用逐差法处理数据，有：S6S3=3a1T2，S5S2=3a2T2，S4S1=3a3T2，为了更加准确的求解加速度，我们对三个加速度取平均值得：a=（a1+a2+a3）解得：a=（2）A、在该实验中，我们认为绳子的拉力就等于小车所受的合外力，故在平衡摩擦力时，细绳的另一端不能悬挂装砝码的砝码盘，故A错误；B、由于平衡摩擦力之后有Mgsin=Mgcos，故tan=所以无论小车的质量是否改变，小车所受的滑动摩擦力都等于

29、小车的重力沿斜面的分力，改变小车质量时不需要重新平衡摩擦力，故B错误；C、小车运动的加速度通过纸带求出，不能通过a=求出故错误；D、本实验中，只有满足盘和砝码的总质量远小于小车质量M时，近似认为细线拉力等于细线的拉力，所以在改变小车质量M时，会发现M的值越大，实验的误差就越小，故D正确；故选：D（3）对盘和砝码：mgF=ma对小车：F=Ma联立得：mg=（M+m）a认为合力F=mg所以F=（M+m）a即，aF图象是过坐标原点的倾斜直线，直线的斜率表示（4）该实验采用控制变量法，先控制小车的质量不变，研究加速度与力的关系，再控制砝码盘和砝码的总重力不变，研究加速度与质量的关系故选：B故答案安为：

30、（1） （2）D （3） （4）B11如图所示，ABC为光滑的固定在竖直面内的半圆形轨道，轨道半径为R=0.4m，A、B为半圆轨道水平直径的两个端点，O为圆心在水平线MN以下和竖直线OQ以左的空间内存在竖直向下的匀强电场，电场强度E=1.0106N/C现有一个质量m=2.0102kg，电荷量q=2.0107C的带正电小球（可看作质点），从A点正上方由静止释放，经时间t=0.3s到达A点并沿切线进入半圆轨道，g=10m/s2，不计空气阻力及一切能量损失，求：（1）小球经过C点时对轨道的压力大小；（2）小球经过B点后能上升的最大高度【考点】带电粒子在匀强电场中的运动；动能定理的应用【分析】（1）根

31、据动能定理求出小球到达C点的速度，结合牛顿第二定律求出小球在C点的支持力，从而根据牛顿第三定律求出压力的大小（2）从C到最高点的过程运用机械能守恒定律，求出小球通过B点后能上升的最大高度【解答】解：（1）由题意可知，小球进入电场前做自由落体运动，设下落的高度为h，到达C的速度为vC，由题意可得：（1）小球进入电场后做圆周运动，从A点运动到C点过程由动能定理可得：（2）可得：（3）设到达C时轨道对小球的支持力为N，由受力分析可得：（4）由牛顿第三定律可得小球对轨道的压力大小为N=N=1.65N（5）（2）设小球经过B点后上升的最大高度为h，小球从C点经过B点上升到最高点的过程中，由机械能守恒定律

32、可得：（6）代入数据可得：h=0.85m（7）答：（1）小球经过C点时对轨道的压力大小为1.65N；（2）小球经过B点后能上升的最大高度0.85m12某工厂为实现自动传送工件设计了如图所示的传送装置，由一个水平传送带AB和倾斜传送带CD组成，水平传送带长度LAB=4m，倾斜传送带长度LCD=4.45m，倾角为=37，AB和CD通过一段极短的光滑圆弧板过渡，AB传送带以v1=5m/s的恒定速率顺时针运转，CD传送带静止已知工件与传送带间的动摩擦因数均为=0.5，重力加速度g=10m/s2现将一个工件（可看作质点）无初速度地放在水平传送带最左端A点处，求：（1）工件被第一次传送到CD传送带上升最大

33、高度和所用的时间；（2）要使工件恰好被传送到CD传送带最上端，CD传送带沿顺时针方向运转的速度v2大小（v2v1）【考点】动能定理的应用；牛顿第二定律【分析】（1）工件刚放在传送带AB上，在滑动摩擦力作用下做匀加速运动，根据牛顿第二定律求得加速度，由速度公式求出匀加速运动的时间，并求得位移工件与传送带共速后做匀速运动，由位移时间公式求得匀速运动的时间，即可求得总时间工件滑上CD传送带后在重力和滑动摩擦力作用下做匀减速运动，根据牛顿第二定律和运动学速度位移公式求最大高度（2）CD传送带以速度v2大小向上传送时，当工件的速度大于v2时，滑动摩擦力沿传送带向下加速度大小仍为a2；当工件的速度小于v2

34、时，滑动摩擦力沿传送带向上，设其加速度大小为a3，分别根据牛顿第二定律和运动学速度位移公式结合解答【解答】解：（1）工件刚放在传送带AB上，在摩擦力作用下做匀加速运动，设其加速度大小为a1，速度增加到v1时所用时间为t1，位移大小为s1，则由受力分析图甲以及牛顿运动定律可得：N1=mgf1=N1=ma1联立解得：a1=5m/s2由运动学公式有：t1=s=1ss1=2.5m由于s1LAB，随后在传送带AB上做匀速直线运动到B端，则匀速运动的时间t2为：工件滑上CD传送带后在重力和滑动摩擦力作用下做匀减速运动，设其加速度大小为a2，速度减小到零时所用时间为t3，位移大小为s2，则由受力分析图乙以及

35、牛顿运动定律可得：N2=mgcosmgsin+N2=ma2由运动学公式有：s2=联立解得：a2=10m/s2s2=1.25m工作沿CD传送带上升最大高度为：h=s2sin=1.250.6m=0.75m沿CD上升的时间为：t3=0.5s故总时间为：t=t1+t2+t3=1.8s（2）CD传送带以速度v2大小向上传送时，当工件的速度大于v2时，滑动摩擦力沿传送带向下加速度大小仍为a2；当工件的速度小于v2时，滑动摩擦力沿传送带向上，设其加速度大小为a3，两个过程的位移大小分别为s3和s4，则由受力分析图丙由运动学公式和牛顿运动定律可得：mgsinN2=ma3LCD=s3+s4解得：v2=4m/s答

36、：（1）工件被第一次传送到CD传送带上升最大高度是0.75m，所用的时间是1.8s；（2）要使工件恰好被传送到CD传送带最上端，CD传送带沿顺时针方向运转的速度v2大小是4m/s选考题：共45分请考生从给出的2道物理题，2道化学题，2道生物题中每科任选一题作答，如果多做，则每学科按第一题计分选修3-313下列说法正确的是（）A布朗运动说明了液体分子与悬浮颗粒之间存在着相互作用力B物体的内能在宏观上只与其所处状态及温度和体积有关C一切自发过程总是沿着分子热运动的无序性增大的方向进行D液体密度越大表面张力越大，温度越高表面张力越小E气体对器壁的压强就就是大量气体分子作用在器壁单位面积上的平均作用力

37、【考点】热力学第二定律；布朗运动；物体的内能；气体压强的微观意义【分析】明确布朗运动的性质，知道布朗运动是液体分子无规则运动的反映；内能在宏观上对应了物质量、温度和体积；明确热力学第二定律的内容，知道热现象的方向性；明确液体表面张力的性质和决定因素；知道气体压强的微观意义，知道气体对器壁的压强就就是大量气体分子作用在器壁单位面积上的平均作用力【解答】解：A、布朗运动是悬浮在液体中的固体小颗粒的运动，说明了液体分子在做无规则运动，无法说明分子间是否存在作用力，故A错误；B、物体的内能在宏观上与温度和体积和物质的量有关，故B错误；C、根据热力学第二定律可知，一切自发过程总是沿着分子热运动的无序性增

38、大的方向进行，故C正确；D、根据表面张力的形成可知，液体密度越大表面张力越大，温度越高表面张力越小，故D正确；E、气体对器壁的压强就就是大量气体分子作用在器壁单位面积上的平均作用力，故E正确故选：CDE14如图所示，两端开口的汽缸水平固定，A、B是两个厚度不计的活塞，面积分别为S1=20cm2，S2=10cm2，它们之间用一根细杆连接，B通过水平细绳绕过光滑的定滑轮与质量为M的重物C连接，静止时汽缸中的空气压强p=1.3105Pa，温度T=540K，汽缸两部分的气柱长均为L已知大气压强p0=1105Pa，取g=10m/s2，缸内空气可看作理想气体，不计一切摩擦求：重物C的质量M是多少；逐渐降低汽缸中气体的温度，活塞A将向缓慢右移动，当活塞A刚靠近D处而处于平衡状态