安徽省芜湖市2019届高三上学期期末考试理综物理试题

1、绝密启用前【市级联考】安徽省芜湖市2019届高三上学期期末考试理综物理试题试卷副标题考试范围：xxx；考试时间：100分钟；命题人：xxx题号一二三四五总分得分注意事项：1答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息2请将答案正确填写在答题卡上第I卷（选择题)请点击修改第I卷的文字说明评卷人得分一、单选题1下列说法中正确的是A伽利略通过“斜面实验”成功测出了自由落体加速度B奥斯特首先提出“电场线”的概念用来直观描述电场C卡文迪许成功设计扭秤实验测量出万有引力常量D“北斗”导航卫星的发射速度大于第二宇宙速度2如图所示，PQ为圆的竖直直径，AQ、BQ、CQ为三个光滑斜面轨道，分别与圆相交于A、B、C三

2、点。现让三个小球（可以看作质点）分别沿着AQ、BQ、CQ轨道自端点由静止滑下到Q点，运动的平均速度分别为v1、v2和v3。则有：Av2v1v3Bv1v2v3Cv3v1v2Dv1v3v23我国自主研制的“蛟龙号”深海载人潜水器，是目前世界上下潜能力最强的潜水器之一。假设某次深海探测活动中，“蛟龙号”完成海底科考任务后竖直上浮，从上浮速度为v时开始匀减速并计时，经过时间t，“蛟龙号”上浮到海面，速度恰好减为零，则“蛟龙号”在t0(t0t)时刻距离海面的深度为Avt0(1-t02t) Bv(t-t0)22t Cvt2 Dvt022t4用长为L的细线系着一个质量为m的小球（可以看作质点），以细线端点O

3、为圆心，在竖直平面内做圆周运动。P点和Q点分别为圆轨迹的最低点和最高点，不考虑空气阻力，小球经过P点和Q点所受细线拉力的差值为A2mgB4mgC6mgD8mg5某静电场在x轴上各点的电势随坐标x的分布图象如图。x轴上A、O、B三点的电势值分别为A、O、B，电场强度沿x轴方向的分量大小分别为EAx、EOx、EBx，电子在A、O、B三点的电势能分别为EPA、EPO、EPB。下列判断正确的是（ ）AOB ABEOxEBxEAxCEPOEPBEPADEPOEPAEPOEPB评卷人得分二、多选题62018年12月8日2时23分，嫦娥四号探测器在西昌卫星发射中心由长征三号乙运载火箭成功发射。2019年1月

4、3日10时26分，嫦娥四号成功着陆在月球背面南极-艾特肯盆地冯卡门撞击坑的预选着陆区。“玉兔二号”月球车则于22时22分到达月面开始巡视探测。如图所示，为嫦娥四号在地月转移轨道的S点实施“刹车”制动，成功被月球捕获，进入近月点100km、远月点400km椭圆轨道，再变轨进入近月点15km轨道，然后开始进行动力下降阶段，在距离月面100米处时，探测器悬停了一会儿。P点是椭圆轨道的切点，PQ连线（图中未画出）是椭圆轨道的长轴。关于嫦娥四号绕月落月，下列说法正确的是A“刹车”制动是为了保证嫦娥四号不直接撞击月球表面BP点和Q点距离月面的高度分别为100km和15kmC探测器在轨道和轨道上运动经过P点

5、时的加速度和动能都相等D探测器在距离月面100米处时悬停就是相对于月球表面处于静止状态7足够长的传送带与水平面成30角，动摩擦因数=32，当传送带以2.5m/s的速度逆时针传动时，质量为m2kg的小碳块从传送带的下端以5m/s的初速度沿传送带向上滑行。关于碳块在传送带上的运动，下列说法中正确的是A碳块在传送带上运动的总时间为0.8sB传送带对碳块做的功为-18.75JC碳块在传送带上留下的划痕长度为1mD全过程产生的热量为33.75J8如图所示，坐标系xOy平面的一、二、三象限内存在垂直纸面向外，磁感应强度B2.0T的匀强磁场，ON为处于y轴负方向的弹性绝缘薄固定挡板，长度为9m，M点为x轴上

6、一点，OM3m。现有一个比荷大小为qm=1.0C/kg可视为质点带正电的粒子（重力不计）从挡板下端N处小孔以某一速度沿x轴负方向射入磁场，若与挡板相碰就以原速率弹回，且碰撞时间不计，碰撞时电量不变，最后都能经过M点，则粒子射入的速度大小可能是A10m/sB8m/sC6m/sD3m/s第II卷（非选择题)请点击修改第II卷的文字说明评卷人得分三、实验题9阿特武德机是早期测量重力加速度的装置，由英国数学家、物理学家阿特武德于1784年制成。某同学根据其原理设计出测量当地重力加速度的装置如图所示，一根不可伸长的轻绳绕过光滑的轻质定滑轮，两端分别连接正方体物块A和物块B（A、B的质量分别为m1和m2，

7、且m1m2），让两物块组成的系统从静止开始做匀加速运动，测出物块A先后通过光电门1和光电门2的遮光时间。保持物块A的质量不变，逐渐增大物块B的质量，重复以上操作，测出物块B不同质量时A、B的加速度。（1）测得物块A的边长为d，在某次实验中它先后通过两个光电门所用的遮光时间分别为t1和t2，则其通过光电门的速度分别为_，_。（2）为了测算A、B的加速度大小，还需要测量的物理量有_A两个光电门的间距 B物块B的边长C物块A的初始高度 D轻绳的长度（3）某次实验中测得物块A和物块B的质量分别为m1、m2，测算出A、B的加速度大小为a，可以得到g_（用m1、m2、a表示）10某同学研究电子元件R1(3

8、V，1.6W)的伏安特性曲线，要求多次测量并尽可能减小实验误差，备有下列器材：A直流电源（3V，内阻不计）B电流表G（满偏电流3 mA，内阻r10 ）C电流表A（00.6 A，内阻未知）D滑动变阻器R(020 ，5 A)E滑动变阻器R(0200 ，1 A)F定值电阻R0（阻值为990 ）G定值电阻R0（阻值为1990 ）H开关与导线若干（1）在实验中，为了操作方便且能够准确地进行测量，定值电阻应选用_，滑动变阻器应选用_（填写器材前面的字母序号）。（2）根据题目提供的实验器材，请在方框内设计出描绘电子元件R1伏安特性曲线的电路原理图（R1可用“”表示）（3）在正确操作的情况下，某同学根据实验所

9、得的数据画出该电子元件的伏安特性曲线如图所示。若将上述电子元件R1和另一个阻值为5的定值电阻串联在电动势为3V，内阻为1的直流电源上，则此时电子元件R1的阻值为_。（结果均保留三位有效数字）评卷人得分四、解答题11如图所示，长为L的轻绳竖直悬挂着一质量为m的小球A，恰好挨着放置在水平面上质量为m的物块B。现保持细绳绷直，把小球向左上方拉至细绳与竖直方向成60角的位置，然后从静止释放小球。小球A到达最低点时恰好与物块B发生弹性碰撞，物块向右滑行了L的距离停下。求：（1）物块与水平面间的动摩擦因数。（2）若仅改变A的质量，使物块B与A发生弹性碰撞后能向右滑行的距离为2L，则小球A的质量应该多大。1

10、2在一空间范围足够大区域内可能存在竖直向上的匀强电场，其电场线与坐标xOy平面平行。以坐标原点O为圆心，作半径为R的圆交坐标轴于A、B两点，C点为AB圆弧中点位置，如图所示。在原点O处有带正电小球，以某一初动能沿x轴正向水平抛出。（1）空间电场强度为0时，小球以Ek0的初动能从O点平抛，刚好能经过C点位置，求小球经过C点位置时的动能。（2）空间电场强度不为0时，小球以Ek0的初动能从O点平抛，当小球经过图中圆周上D点时动能大小为2Ek0，求D点位置坐标（图中未标出D点）。（3）空间电场强度不为0时，小球以某一初动能从O点平抛，小球经过图中圆周上C点时动能大小为2Ek0，若已知带电小球的质量为m

11、，电量为q，求空间所加匀强电场的场强大小（用m、q、g表达）。13如图所示，横截面积为10 cm2的圆柱形气缸内有a、b两个质量忽略不计的活塞，两个活塞把气缸内的气体分为A、B两部分，A部分和B部分气柱的长度都为15cm。活塞a可以导热，气缸和活塞b是绝热的。与活塞b相连的轻弹簧劲度系数为100 N/m。初始状态A、B两部分气体的温度均为27，活塞a刚好与气缸口平齐，弹簧为原长。若在活塞a上放上一个5kg的重物，则活塞a下降一段距离后静止。然后通过B内的电热丝（图中未画出）对B部分气体进行缓慢加热，使活塞a上升到与气缸口再次平齐的位置，则此时B部分气体的温度为多少？（已知外界大气压强为p011

12、05Pa，重力加速度大小g10 m/s2，不计活塞与气缸间的摩擦，不计弹簧及电热丝的体积）14某均匀介质制成的柱形棱镜的横截面如图所示，其中CD是圆心为O，半径为4m的四分之一圆弧，ABOD是矩形。若光线从CD上的某一点沿半径方向入射，进入棱镜后在BC上的O点发生全反射，然后由AB的M点射出，测得出射光线与法线夹角的正弦值为56。已知OB2m，BM=3m，真空中的光速为c，sin370.6，cos370.8。求：（1）光在该介质中的传播速度v；（2）光线从CD沿半径方向入射，从AB射出时，入射光与OD夹角的范围.评卷人得分五、填空题15下列说法正确的是_。（填正确答案标号）A用显微镜观察到花粉

13、颗粒在水中做布朗运动，反映了花粉分子在不停地做无规则运动B两个分子的间距从极近逐渐增大到极远的过程中，它们的分子势能先减小后增大C多晶体和非晶体都表现为各向同性，单晶体则表现为各向异性D在一定温度下，水的饱和汽压随着水蒸气体积的增大而减小E第二类永动机虽然不违背能量守恒定律，但是违背了热力学第二定律16一列简谐横波，某时刻的波形如图甲所示，P、Q、A为该横波上的三个质点，各自的纵坐标位置分别为-2m，-2m，0m。从该时刻开始计时，波上A质点的振动图象如图乙所示，则下列说法正确的是_。（填正确答案标号。）A该波波速是25 m/s，传播方向沿x正方向B若此波在同一介质中能与另一列简谐横波发生稳定

14、干涉，则另一列波的频率为1.25HzC若该波能发生明显的衍射现象，则该波所遇到的障碍物尺寸一定比20m大很多D从该时刻起，再经过0.7s质点P通过的路程为(6+2)mE从该时刻起，质点Q将比质点P先回到平衡位置参考答案1C【解析】【详解】伽利略利用斜面实验和逻辑推理证明了自由落体运动的加速度都相同，是匀变速直线运动，并没有测出自由落体运动的加速度，选项A错误；法拉第首先提出“电场线”的概念用来直观描述电场，选项B错误；卡文迪许成功设计扭秤实验测量出万有引力常量，测出C正确；“北斗”导航卫星的发射速度大于第一宇宙速度，选项D错误；故选C.2A【解析】【分析】设任一斜面的倾角为，圆槽直径为d，根据

15、牛顿第二定律得出加速度与的关系，由运动学求出时间与和d的关系，由数学知识分析时间关系，然后分析平均速度【详解】设任一斜面的倾角为，圆槽直径为d。根据牛顿第二定律得到：a=gsin，斜面的长度为x=dsin，则有：x=12at2得t=2xa=2dsingsin=2dg，可见，物体下滑时间与斜面的倾角无关。则有t1=t2=t3。根据v=xt可知，因x2x1x3 ，可知v2v1v3，故选A.3A【解析】蛟龙号上浮时的加速度大小为：a=vt，根据逆向思维，可知蛟龙号在t0时刻距离海平面的深度为：h=12at-t02=12vt(t-t0)2=v(t-t0)22t，故选C。【点睛】解决本题的关键掌握匀变速

16、直线运动的速度时间公式和位移时间公式，并能灵活运用，注意末速度为零的匀减速运动可以逆向视为初速度为零的匀加速直线运动进行分析，从而快速求解。4C【解析】【分析】小球在最高点和最低点时所受合力提供圆周运动向心力，根据牛顿第二定律列式分析即可【详解】在Q点，拉力和重力的合力提供向心力，故：F1+mg=mv12L；对从最高点到最低点过程，根据动能定理，有：mg（2R）=12mv2212mv12；在最低点，拉力和重力的合力提供向心力，故：F2-mg=mv22L；联立三式有：F2-F1=6mg，故选C.【点睛】对竖直平面内的圆周运动的绳模型问题，关键是明确最高点和最低点的向心力来源，根据牛顿第二定律列式

17、求解，同时要结合动能定理列式分析5D【解析】【详解】由图知，OBA故A错误。根据图象切线斜率的大小等于电场强度沿x轴方向的分量大小，则知，EOxEBxEAx故B错误。电子带负电，根据电势能公式Ep=q=-e分析得知，EPOEPBEPA 故C错误。由图知，OA间电势差大于OB间电势差，即有UAOUBO，即AOBO，电子带负电，则根据电势能公式Ep=q=-e得：EPA EPOEPB EPO即EPO EPAEPO EPB，故D正确。故选D。【点睛】解决本题的关键要掌握电势能公式Ep=q，知道负电荷在电势高处电势能小。明确-x图象的斜率表示电场强度。6BD【解析】【分析】卫星从高轨道进入低轨道要制动减

18、速，反之由低轨道进入高轨道要点火加速；在不同轨道的交点处万有引力相同，加速度相同.【详解】“刹车”制动是为了保证嫦娥四号能被月球俘获，从而进入月球的低轨道，选项A错误；P点是轨道的近点，也是轨道的远点，距离月面的高度为100km；Q点是轨道的近点，距离月面的高度为15km，选项B正确；根据a=GMr2可知，探测器在轨道和轨道上运动经过P点时的加速度相等；但是由于在P点由轨道进入轨道要减速制动，则动能要减小，选项C错误；探测器在距离月面100米处时悬停就是相对于月球表面处于静止状态，选项D正确；故选BD.7BD【解析】【分析】炭块刚放上传送带时，向上沿传送带做匀减速运动，当速度减为零后反向加速，

19、到与传送带共速后与传送带相对静止一起运动到底端；根据牛顿第二定律求解加速度，结合运动公式求解相对位移，根据Q=fs相对求解热量。【详解】炭块刚滑上传送带时的加速度：mgsin300+mgcos300=ma1，解得a1=12.5m/s2，上滑到速度减为零的时间t1=v0a1=0.4s；位移x1=v02t1=1m 下滑时：mgsin300+mgcos300=ma2，则a2=12.5m/s2，加速到与传送带共速时的时间：t2=va2=0.2s；位移：x2=v2t2=0.25m，以后炭块随传送带匀速下滑，用时间为t3=x1-x2v=0.752.5s=0.3s，则碳块在传送带上运动的总时间为t=t1+t

20、2+t3=0. 9s；选项A错误；上滑过程中，传送带的位移x1=vt1=2.50.4m=1m，则碳块相对传送带向上的位移为x=x1+x1=2m，下滑过程中碳块相对传送带向上的位移为x=vt2-12a2t22=0.25m，则碳块在传送带上留下的划痕长度为2.25m，选项C错误；上滑过程中皮带对炭块做功：W1=-mgcos300x1=-15J；下滑过程中在炭块加速阶段皮带对炭块做功：W2=mgcos300x2=3.75J，随传送带匀速下滑到底端时皮带对传送带做功：W3=-mgsin300(x1-x2)=-7.5J，则传送带对碳块做的功为W=W1+W2+W3=-18.75J，选项B正确；全过程产生的

21、热量为Q=mgcos300(x+x)=33.75J，选项D正确；故选BD.8ABD【解析】试题分析：带正电的小球从挡板下端N处小孔向x轴负方向射入磁场，若与挡板相碰就以原速率弹回，所以小球运动的圆心的位置一定在y轴上，然后由几何关系得出可能的碰撞的次数，以及圆心可能的位置，然后由比较公式即做出判定小球运动的圆心的位置一定在y轴上，所以小球做圆周运动的半径r一定要大于等于3m，而ON=9m3r，所以小球最多与挡板ON碰撞一次，碰撞后，第二个圆心的位置在O点的上方也可能小球与挡板ON没有碰撞，直接过M点由于洛伦兹力提供向心力，所以qvB=mv2r，得v=qmBr（1）若小球与挡板ON碰撞一次，则轨

22、迹可能如图1，设OO=s，由几何关系得r2=OM2+s2=9+s2，3r-9=s，联立得：r1=3m；r2=3.75m，分别代入得：v1=qmBr1=113m/s=3m/s，v2=qmBr2=113.75m/s=3.75m/s（2）若小球没有与挡板ON碰撞，则轨迹如图2，设OO=s，由几何关系得r32=OM2+x2=9+x2，x=9-r3，联立得r3=5m，代入得v3=qmBr3=115m/s=5m/s，故BD正确9dt1 dt2 A m1+m2m2-m1a 【解析】【分析】遮光片经过光电门的平均速度可近似认为等于瞬时速度；根据v22-v12=2ah判断要测量的物理量；根据牛顿第二定律分别对两

23、物体列方程求解g.【详解】（1）A通过光电门的速度分别为:v1=dt1和v2=dt2（2）根据v22-v12=2ah可知为了测算A、B的加速度大小，还需要测量的物理量有两个光电门的间距h，故选A.（3）对物体B：m2g-T=m2a；对物体A：T m1g =m1a；联立解得g=m1+m2m2-m1a【点睛】解决本题的关键是搞清实验的原理，能通过牛顿第二定律和运动学公式得出重力加速度的表达式。10F，D 2.502.60 【解析】【分析】（1）定值电阻与已知内阻的电流表串联可构成量程较大的电压表，根据欧姆定律进行计算；（2）电子元件的电阻远小于电压表内阻，可采用电流表外接电路，滑动变阻器用分压电路

24、；（3）在电子元件的伏安特性曲线中作出电源的伏安特性曲线，两图象的交点即为灯泡的工作点，再根据欧姆定律即可求得电阻大小【详解】（1）电流表G（满偏电流3 mA，内阻r10 ）与定值电阻R0（阻值为990 ）串联，相当与量程为U=Ig(r+R0)=3V的电压表；故定值电阻选F；滑动变阻器要接成分压电路，则可选择阻值较小的D即可； （2）电子元件的电阻为R1=U2P=321.65.6，远小于电压表内阻1000，可采用电流表外接电路，电路图如图； （3）在灯泡的伏安特性曲线中作出电源（电动势3V，定值电阻做为电源内阻，电源等效内阻为6）的伏安特性曲线，如图所示；由图可知，灯泡的电压为0.9V，电流为

25、0.35A，故电阻R=0.90.352.6.【点睛】本题考查电子元件的伏安特性曲线的描绘实验，要注意明确本实验中一般采用滑动变阻器分压接法和电流表外接法，同时要注意掌握仪表的选择方法，明确伏安特性曲线的应用方法11（1）0.5 （2）(2+1)m【解析】【分析】（1）小球向下摆动过程机械能都守恒，根据机械能守恒分别求出碰撞前小球的速度大小根据动量守恒定律以及能量守恒关系求出碰撞后物块的速度大小，根据动能定理研究向右滑动过程，求出物块与水平面间的动摩擦因数（2）小球向下摆动过程机械能都守恒根据动量守恒定律以及能量守恒关系列出碰撞后物块和小球的速度关系式，根据动能定理研究向右滑动过程，联立方程求解

26、小球A的质量【详解】（1）设小球与物块碰撞前瞬间的速度为v0，由机械能守恒定律得：122mv02=2mg(L-Lcos60)解得：v0=gL设碰撞后瞬间小球、物块的速度大小分别为v1、v2，由于碰撞是弹性的有：mv0mv1+mv2 12mv02=12mv12+12mv22解得：v2=v0=gL对于物块向右滑行的过程，由动能定理有：mgL=12mv220.5（2）设小球与物块碰撞前瞬间的速度为v0，由机械能守恒定律得：12Mv02=Mg(L-Lcos60)解得：v0=gL设碰撞后瞬间有：Mv0Mv1+mv212Mv02=12Mv12+12mv22解得：v2=2MM+mgL若B物体前进2L停下则有

27、：mg2L=12mv22得v2=2gL则有v2=2MM+mgL=2gL得：M=(2+1)m【点睛】本题采用程序思维进行分析，即按照物理过程发生发展的顺序，选择合适的物理规律列式，然后联立求解，把握各个过程的物理规律是关键12（1）5Ek0 （2）xD=255R，yD=55R （3）3mg5q【解析】【分析】（1）小球从O到C做平抛运动，结合平抛运动的规律求解小球经过C点位置时的动能。（2）空间电场强度不为0时，根据平抛运动的规律和几何关系求解D点位置坐标；（3）结合第（1）问的结论，根据能量关系列式求解空间所加匀强电场的场强.【详解】（1）小球从O到C做平抛运动有xc=22R=v0t yc=2

28、2R=12gt22=12vyt可得vy2v0则vC=v02+vy2=5v0得EkC5Ek0（2）小球过D点时有xDv0tyD=12vytEkD2Ek0即12m(v02+vy2)=212mv02可得vD=2v0则有vyv0代入位移公式得：yD=12xD又由几何关系得xD2+yD2=R2解得xD=255R，yD=55R（3）在（1）问中由22R=v0t和22R=12gt22可得v02=224gR空间有电场时小球过C点有：xcv0tyc=12at22其中a=mg-Eqm，xc=yc=22Rvy2v0EkC2Ek0即12m(v02+vy2)=212mv02可得v0=12v0代入位移公式得：a=42v0

29、25R=2g5代入加速度公式得E=3mg5q13620K【解析】【分析】对A部分气体，发生等温变化，根据玻意耳定律求解气体的长度；对B部分气体，根据气体的状态变化方程求解B部分气体的最后的温度；【详解】对于A部分气体，初态PA1105Pa，VAl1S末态PA=P0+mgS=1.5105Pa根据玻意耳定律PAVAPAVA解得l110cm若使活塞A返回原处，B部分气体末状态时气柱长为l220cm，此时弹簧要伸长5cm对活塞B有PAS+klPBS解得PB1.55105Pa，VBl2S根据理想气体状态方程PBVBTB=PBVBTB解得TB620K【点睛】本题考查了理想气体状态方程和力学知识的综合应用，关键是确定气体的状态变化过程和确定状态参量，这是高考重点，要加强这方面的练习。14（1）0.6c （2）(53，90)【解析】【分析】（1）由光的可逆性原理，根据光的折射定律求解折射率，再根据n=c/v求解光在该介质中的传播速度；（2） 通过求解光线在AB面内恰能发生全反射的临界角来求解入射光与OD夹角的范围.【详解】（1）根据光路的可逆性原理，光线在M点在玻璃内的光线与法线的夹角为300，则n=sinsin30=53根据光速与折射