上海市宝山区2020届高考一模物理试题

1、上海市宝山区2019届高三模拟一考试物理试题一、单选题（本大题共12小题，共40.0分）1.首先发现“磁”能生“电”的物理学家是（）a. 安培 b. 奥斯特 c. 法拉第 d. 楞次【答案】c【解析】【详解】法拉第首先发现了电磁感应现象，即是首先发现“磁”能生“电”的物理学家，故选c.2.描述运动和力的关系的物理定律是（）a. 牛顿第一定律和牛顿第二定律b. 牛顿第一定律和牛顿第三定律c. 牛顿第二定律和牛顿第三定律d. 牛顿第一定律、牛顿第二定律和牛顿第三定律【答案】a【解析】【详解】描述运动和力的关系的物理定律是牛顿第一定律和牛顿第二定律；牛顿第三定律描述的是作用力

2、和反作用力之间的关系；故选a.3.科学思维在物理问题的研究中十分重要，历史上有一位物理学家受到万有引力定律的启发，运用类比创建了另一个物理定律，该定律是（）a. 牛顿第二定律 b. 库仓定律c. 楞次定律 d. 闭合电路欧姆定律【答案】b【解析】【分析】明确理想模型、控制变量、等效替代、类比等各种方法的应用即可正确解答本题【详解】科学方法在物理问题的研究中十分重要，历史上有一位物理学家受到牛顿万有引力定律的启发，运用类比方法方法在电磁学领域中建立了一个物理学定律，该定律的名称为库仑定律。故选b。4.关于能量的转化下列说法中正确的是（）a. 满足能量守恒定律的物理过程都能自发地进行b. 不但能量

3、的总量保持不变，而且能量的可利用性在逐步提高c. 空调机既能致热又能制冷，说明热传递不存在方向性d. 热量不可能由低温物体传给高温物体而不发生其他变化【答案】d【解析】【分析】热力学第二定律反映了自然界的宏观过程具有方向性，虽然总能量守恒，但能量可以利用的品质降低了【详解】根据热力学第二定律，满足能量守恒定律的物理过程不一定都能自发地进行，选项a错误；能量在转化过程会由高品质能源转化为低品质的能源，故可利用性会降低，选项b错误；空调机既能致热又能制冷，但是要耗电，即热传递有方向性，热量只能自发地由高温物体传向低温物体，故c错误；根据热力学第二定律，热量不可能由低温物体传给高温物体而不发生其他变

4、化，选项d正确；故选d.5.振动着的单摆摆球，通过平衡位置时，它受到的回复力（）a. 指向地面 b. 指向悬点c. 数值为零 d. 垂直摆线，指向运动方向【答案】c【解析】【分析】单摆的回复力是重力沿圆弧切线方向上的分力，方向指向平衡位置.【详解】摆球受到的回复力是重力沿圆弧切线方向上的分力，经过平衡位置时，回复力为零。由于单摆做圆周运动在平衡位置，合力不为零，合力提供向心力，方向指向悬点。故c正确，abd错误。故选c。【点睛】解决本题的关键知道单摆做简谐运动回复力的来源，知道在平衡位置，回复力为零，合力不为零6.两列机械波在介质中产生干涉现象，它们的振幅分别为a1和a2，某一时刻介质中质点p

5、的位移大小为a1+a2，则（）a. 质点p的振幅一直为a1+a2b. 质点p的振幅再过半个周期为|a1-a2|c. 质点p的位移大小一直为a1+a2d. 质点p的位移大小再过半个周期为零【答案】a【解析】【分析】相干简谐横波相遇时，波峰与波谷相遇处质点的振幅等于两列波振幅之差；波峰与波峰相遇处质点的振幅等于两列波振幅之和；【详解】对于两列振动方向相同、振幅分别为a1和a2的相干简谐横波相遇，波峰与波峰相遇处质点的振幅等于两列波振幅之和，即振幅一直为a1+a2但质点离开平衡位置的位移不总是最大的，某一时刻介质中质点p的位移大小为a1+a2，则再过半个周期质点p的位移大小仍为a1+a2，所以a正确

6、，bcd错误；故选a；7.在静电场中将一负电荷从a点移到b点，电场力做了负功，则（）a. a点电势高于b点电势 b. a点电场强度大于b点电场强度c. a点电势能大于b点电势能 d. 电场线方向从b指向a【答案】a【解析】【分析】根据电场力做功公式w=qu分析电势的高低，抓住电场强度与电势无关，不能确定电场强度的大小和电场线的方向电场力做正功时负电荷的电势能减小【详解】根据电场力做功公式wab=quab，知wab0，因此a点电势高于b点电势，故a正确。电场强度与电势无关，不能确定电场强度的大小，故b错误。电场力做了负功，负电荷的电势能增加，因此a点电势能小于b点电势能，故c错误。电场力做功与路

7、径无关，所以不能确定电场线的方向，故d错误。故选a。【点睛】本题是功能关系的角度分析电场力做功与电势能变化的关系，也可以利用推论“负电荷在电势能高处电势能小”分析电势的高低电势与场强无关，电势高，场强不一定大8.如图所示，在倾斜的环形赛道上有若干辆小车正在行驶，假设最前面的小车做匀速圆周运动，则它所受的合外力（）a. 是一个恒力，方向沿oa方向b. 是一个恒力，方向沿ob方向c. 是一个变力，此时方向沿oa方向d. 是一个变力，此时方向沿ob方向【答案】d【解析】【分析】做匀速圆周运动的物体所受的合力大小不变，方向指向圆心.【详解】做匀速圆周运动的物体所受的合力大小不变，方向指向圆心，则最前面

8、的小车所受的合外力是大小不变，方向不断变化的变力，此时方向沿ob方向，故选d.9.探测器探测到土星外层上有一个环为了判断它是土星的一部分还是土星的卫星群，可以测量环中各层的线速度v与该层到土星中心的距离r之间的关系来确定（）a. 若v2r，则该环是土星的一部分b. 若v2r，则该环是土星的卫星群c. 若v，则该环是土星的一部分d. 若v2，则该环是土星的卫星群【答案】ad【解析】试题分析: a、c、若小环是土星的一部分则各层自转的角速度相等，根据v=r得：vr，故a正确，c错误；b、d、若该层小环是土星的卫星群，则向心力等于万有引力，根据得：，即，故b错误，d正确故选ad考点：考查人造卫星的加

9、速度、周期和轨道的关系【名师点睛】解决本题要知道若是土星的一部分，则各层转动的角速度相等，若该层是土星的卫星群，则根据向心力等于万有引力求解。10.如图所示，用绳牵引小船，设水的阻力不变，则在小船匀速靠岸的过程中（）a. 绳子拉力不断减小 b. 绳子拉力不断增大c. 船的浮力不变 d. 船的浮力增大【答案】b【解析】【分析】对小船进行受力分析，受重力、浮力、绳子的拉力，阻力做匀速直线运动，根据共点力平衡判断绳子的张力和浮力的变化【详解】对小船进行受力分析，如图，因为小船做匀速直线运动，所以小船处于平衡，设拉力与水平方向的夹角为，有：fcos=ffsin+f浮=mg船在匀速靠岸的过程中，增大，阻

10、力不变，根据平衡方程知，绳子的张力增大，根据平衡方程知，张力增大，sin增大，所以船的浮力减小。故b正确，acd错误。故选b。【点睛】解决本题的关键掌握共点力平衡，知道小船在做匀速直线运动时，所受合力为0，根据角的变化，判断力的变化11.如图，a、b、c三个上下平行的圆形线圈同轴水平放置，现闭合b线圈中的电键s，则在闭合s的瞬间，由上向下观察（）a. a、c线圈中无感应电流b. a、c线圈中的感应电流都沿顺时针方向c. a、c线圈中的感应电流都沿逆时针方向d. a、c线圈中感应电流的方向相反【答案】b【解析】【分析】根据安培定则确定电流产生的磁场方向，根据楞次定律判断上方线圈中感应电流的方向；

11、【详解】闭合时，b线圈中电流由上向下观察逆时针方向，根据安培定则穿过a、c线圈的磁场方向向上，磁通量增大，根据楞次定律，感应电流的磁场方向向下，由安培定则判断，由上向下观察a、c线圈的感应电流均为顺时针方向；故选b.【点睛】该题考查楞次定律的应用，楞次定律应用的题目我们一定要会做，大胆的去找原磁场方向，磁通量的变化情况，应用楞次定律常规的步骤进行判断即可。12.压敏电阻的阻值会随所受压力的增大而增大。某同学利用压敏电阻设计了一个判断电梯运动状态的装置，其装置示意图如图1所示。将压敏电阻平放在电梯内，受压面朝上，在上面放一物体m，电梯静止时电流表示数为2i0电梯在不同的运动过程中，电流表的示数分

12、别如图2中甲、乙、丙、丁所示，则下列判断中正确的是（）a. 甲图表示电梯可能做匀加速上升运动b. 乙图表示电梯可能做匀减速上升运动c. 丙图表示电梯可能做匀加速下降运动d. 丁图表示电梯可能做匀减速下降运动【答案】a【解析】【分析】据题知，压敏电阻的阻值会随所受压力的增大而增大，而电流变大说明电路中电阻变小，则电流变大说明压力变小；反之，电流变小说明压力变大；物体加速上升和减速下降是超重状态，减速上升和加速下降是失重状态【详解】甲图中，电流从2i0逐渐变大，电阻变小，则压力逐渐变小，且小于重力，所以加速度向下逐渐变大，电梯可能变加速下降，也可能变减速上升。故a错误；乙图中，电流从i0逐渐变大到

13、2i0，电阻变小，则压力逐渐变小，且大于重力，所以加速度向上逐渐变小，电梯可能变加速上升，也可能变减速下降。故b错误；丙图中，电流从2i0逐渐变小，电阻变大，则压力逐渐变大，且大于重力，所以加速度向上逐渐变大，电梯可能变加速上升，也可能变减速下降。故c错误；丁图中，电流恒为i0，压力大于重力，故电梯处于超重状态，可能匀加速上升，也可能匀减速下降，故d正确；故选d。【点睛】本题关键根据电流变化情况判断压力变化情况，根据牛顿第二定律判断加速度变化情况，从而判断电梯的可能运动情况二、填空题（本大题共4小题，共16.0分）13.人们知道鸽子有很强的返巢能力，有人猜想鸽子体内可能有_，通过地磁场对它的作

14、用来辨认方向。为了证实这个假设，在鸽子翅膀下系上一小块_，以扰乱鸽子对地磁场的“感觉”，结果鸽子不能飞回家了。由此，猜想得到了证实。【答案】 (1). 生物磁体； (2). 磁石【解析】【详解】人们知道鸽子有很强的返巢能力，有人猜想鸽子体内可能有生物磁体，通过地磁场对它的作用来辨认方向。为了证实这个假设，在鸽子翅膀下系上一小块磁石，以扰乱鸽子对地磁场的“感觉”，结果鸽子不能飞回家了。由此，猜想得到了证实。【点睛】在关于信鸽是靠什么来辨别方向的实验中，一群信鸽的身上绑了小磁体，一群信鸽身上绑了小铜块，放飞后，结果是绑了铜块的信鸽大部分回到了巢穴，而绑了小磁铁的信鸽一只也没有飞回巢穴，由此可以验证

15、信鸽的辨别方向靠的是地磁场14.将一小球竖直向上抛出，小球在第3内的位移是零，再过2.5s小球落至地面，则抛出时小球的速度大小为_m/s，抛出点距地面的高度为_m（不计空气阻力，g=10m/s2）【答案】 (1). 25； (2). 13.75【解析】【分析】小球在第3秒内的位移是零，第3秒内的平均速度也为零，而平均速度等于中间时刻的速度，即第2.5秒瞬间速度为零，故小球上升的时间为2.5s，下落时间为3s，根据hgt2分别求出上升和下落的高度，二者之差即所求高度【详解】小球在第3秒内的位移是零，第3秒内的平均速度也为零，而平均速度等于中间时刻的速度，即第2.5秒瞬间速度为零，故小球上升的时间

16、为t1=2.5s，下落时间为t2=3s，由小球的初速度v=gt1=102.5=25m/s；小球上升的高度：h1gt12=102.52=31.25m下落的高度：h2gt22=1032=45m故小球抛出点离地面的高度h=h2-h1=13.75m【点睛】本题考查自由落体运动和竖直上抛运动，关键根据题目条件明确上升和下落的时间，根据hgt2列式求解.15.如图所示，l形直角细管，竖直部分管内两水银柱长度分别为56cm和20cm，竖直管和水平管各封闭了一段气体a和b，长度分别为19cm和28cm，且上端水银面恰至管口，外界大气压强为76mhg现以水平管为轴缓慢转动使l形管变为水平，此过程中气柱b的长度变

17、为_cm，溢出的水银柱长度为_cm。【答案】 (1). 56； (2). 42【解析】【分析】分别以上下各液柱为研究对象，由平衡可求得a、b内气体的压强；l水平后两部分气体的压强都应等于大气压强，则由玻意耳定律可得出气体长度的变化，得出溢出的水银长度【详解】由图可知，a中的气体压强pa=（76+56）cmhg=132cmhg；b中气体压强pb=（132+20）cmhg=152cmhg； l形管变为水平后，两部分气体压强均等于大气压强p=76mchg； 由玻意耳定律可知：pblbs=plbs； palas=plas； 代入以上数据解得：la=33cm； lb=56cm；故a气体长度增加了33-1

18、9cm=14cm； b中气体长度增加56-28=28cm；溢出的水银长度为14+28cm=42cm；【点睛】本题考查玻意耳定律及封闭气体压强，要求能正确理解题意：转后整体装置是平放在地面上的，故气体压强为大气压强16.如图为水力发电的示意图，一台发电机能提供6.4106w的电功率。假定水轮机和发电机的效率都是80%，则从上游冲下来的水每秒钟提供给水轮机_j的能量。若上、下游水面落差为24.8m，且上游水的流速为2m/s，则每秒钟需要_kg质量的水通过水轮机，才能产生这样的电功率。（g=10m/s2）【答案】 (1). ； (2). 【解析】【分析】根据题意，从上游冲下来的水每秒钟提供给水轮机的

19、能量满足：；提供给水轮机的能量来自水的重力势能和动能.【详解】从上游冲下来的水每秒钟提供给水轮机的能量： 根据，即，解得m=4.0104 kg.【点睛】求能量的转化效率时，要确定有效利用的能量和总能量。三、实验题探究题（本大题共2小题，共14.0分）17.有一根足够长的水平弹性轻绳，绳的左端o振动了3s，产生的波形如图所示，（1）o点的振动频率为_hz；（2）若从此时刻起波源停止振动，试在图中画出，从该时刻起经过3s后的波形图。【答案】（1）0.5（2）图见解析；【解析】【分析】（1）根据波形图求出周期，再根据周期和频率的关系求解频率；（2）若从此时刻起波源停止振动，从该时刻起经过3s该波形先

20、后平移3段，由此画图。【详解】（1）根据波形图可知， 解得周期t=2s；则振动频率为f=0.5hz；（2）若从此时刻起波源停止振动，从该时刻起经过3s该波形先后平移3段，其波形图如图所示：18.有一种电池，电动势约为9v，内阻约为30，若该电池允许输出的最大电流为50ma，为了测定这个电池的电动势和内阻，某同学选用的实验器材有：电键、电压传感器、定值电阻r0、电阻箱r(阻值范围为09999)，设计的实验电路如图甲所示。(1)定值电阻r0起_作用，实验室备有的r0有以下几种规格：a.100 2.0w b.200 1.0w c.500 2.0w d.2000 5.0w本实验应选用哪一种规格?（ ）

21、(2)该同学接入符合要求的r0后，闭合开关k，调整电阻箱的阻值r，读取电压表的示数u，计录多组数据，作出了如图乙所示的图线，则乙图中的横坐标表示_(用所给物理量的字母来表示)。若乙图中图线的截距为a，斜率为b，则电池的电动势为_，内阻为_。【答案】 (1). 保护电路； (2). b； (3). ； (4). ； (5). 【解析】【分析】（1）已知电源电动势、内阻及最大电流，由闭合电路欧姆定律可得出电路中最小电阻，则可找出保护电阻；（2）由闭合电路欧姆定律可得出表达式，再结合图象和数学知识可得出图象的截距及斜率的含义，则可求得电动势和内电阻。【详解】（1）定值电阻r0起保护电路的作用；根据，

22、即，解得r0=150，可知r0选择b；（2）由闭合电路欧姆定律可得：变形得：，则乙图中的横坐标表示；由数学知识可知，图象中的斜率；截距a=；解得：，【点睛】本题关键在于能由图象知识（斜率与截距的意义）结合闭合电路欧姆定律求解，在解题时要注意题目中给出的条件及坐标中隐含的信息。四、计算题（本大题共2小题，共30.0分）19.如图（a）所示，倾角=37的粗糙斜面固定在水平地面上，质量m=2kg的物体置于其上。t=0时对物体施加一个平行于斜面向上的拉力f，t=1s时撤去拉力，斜面足够长，物体运动的部分v一t图如图（b）所示。（1）物体在第2s运动过程中加速度的大小是多少m/s2？（2）求斜面的动摩擦

23、因素；（3）物体运动到斜面最高位置时能否保持静止？请说明理由。（4）物体在何时具有最大机械能？若以地面为零势能面，则最大机械能是多少j？【答案】(1)10m/s2；(2)0.5；(3)不能保持静止；(4)520j【解析】【分析】（1）根据v-t图像的斜率可求解加速度；（2）根据牛顿第二定律列式求解动摩擦因数；（3）比较mgsin和mgcos的大小关系可进行判断；（4）外力做功结束后机械能最大，根据能量公式求解最大机械能。【详解】（1）加速度的大小是 （2）根据牛顿第二定律: 解得=0.5；（3）不能静止；因为，这表明，物体在最高点位置时所受的合力不为零，所以不能保持静止；（4）物体在第1s末具有最大机械能 【点睛】此题关键是知道机械能的变化等于除重力以外的其它力的功，所以外力撤去的瞬间，机械能最大20.如图甲所示，mn、pq为水平放置的足够长的平行光滑导轨，导轨间距l为0.5m，导轨左端连接一个阻值为2的定值电阻r，将一根质量为0.2kg的金属棒