江苏省沭阳县修远中学2018_2019学年高二物理上学期第一次月考试卷（含解析）.docx

修远中学2018-2019学年度第一学期第一次阶段测试高二物理试题一单项选择题（本题共10小题，每小题4分，共40分。在每小题给出的答案中，只有一个是正确的，选错或不答的得0分）1.下列关于电功、电功率和焦耳定律的说法中正确的是 ( )A. 电功率越大，电流做功越快，电路中产生的焦耳热一定越多B. WUIt适用于任何电路，而WI2Rtt只适用于纯电阻电路C. 在非纯电阻电路中，UII2RD. 焦耳热QI2Rt适用于任何电路【答案】BCD【解析】A. 电功率越大，表示电流做功越快，但是电路中产生的焦耳热量的多少还与做功的时间的长短有关，所以A错误；B. 公式W=UIt是计算电路的总功的大小,适用于任何的电路,当为纯电阻电路时,根据欧姆定律I=U/R,可以推到出,所以W=I2Rt,W=U2Rt只能适用于纯电阻电路，所以B正确；C. 在不是纯电阻的电路中,UIt表示的是总功的大小,而I2Rt只是电路中产生的热量,还有对外做的功,所以UItI2Rt，所以C正确；D. 焦耳热Q=I2Rt适用于任何电路中的焦耳热量的计算，所以D正确。故选：BCD。2. 如图所示，环形导线中通有顺时针方向的电流I，则该环形导线中心处的磁场方向为（ ）A. 水平向右 B. 水平向左C. 垂直于纸面向里 D. 垂直于纸面向外【答案】C【解析】解：图中电流为环形电流，由右手螺旋定则可得：弯曲四指指向电流方向，大拇指方向为内部磁场方向，所以内部磁场应垂直于纸面向里故选：C【点评】右手螺旋定则在应用过程中容易出现错误，要加强练习，增加熟练程度3.一个电流表的满偏电流Ig1mA，内阻Rg500.要把它改装成一个量程为10V 的电压表，则应在电流表上()A. 串联一个10k的电阻B. 并联一个10k的电阻C. 串联一个9.5k的电阻D. 并联一个9.5k的电阻【答案】C【解析】把电流表改装成一个量程为10V的电压表，应串联电阻为；由上式知应串联9.5K的电阻故选C.4.如图所示，当闭合电键后，发现两只标有“3V，1W”字样的相同的小灯泡均不发光，用电压表测得Uac=Ubd=6V，如果各段导线及接线均无问题，下列说法正确的是A. L1灯丝断了B. L2灯丝断了C. 可变电阻器的电阻丝断了D. 电键接触不良【答案】B【解析】【分析】该题考查利用电压表探测电路断路、短路的一般方法。【详解】开关闭合后，因为两灯均不发光，可以确定该电路问题为断路。用电压表测得ac和bd两点间的电压均为6V，均为电源电动势，则ba段、ad段、dc段正常，与电源连接正常，故断路出现在bc段，即灯泡L2灯丝断了。故本题正确答案选B。【点睛】根据电压表在电路中的作用进行分析，即电路发生断路时，电压表检测时有电压的线路部分出现了断路（电源除外）。5.如图所示，厚薄均匀的矩形金属薄片边长ab=10 cm，bc=5 cm，当将A与B接入电压为U的电路中时，电流强度为1 A，若将C与D接入电压为U的电路中，则电流为A. 4 A B. 2 A C. A D. A【答案】A【解析】试题分析：根据电阻定律：，设矩形金属薄片的厚度是d，得：由欧姆定律：得：，所以：，A正确。考点：考查了电阻定律6.图中对通电导线在磁场中所受安培力的方向判断正确的是（ ）A. B. C. D. 【答案】A【解析】由左手定则可以判断：选项A正确；B中力F方向应向左，选项B错误；C中导线不受力，选项C错误；D中力F的方向应向右，选项D错误。7.如图所示，电流从A点分两路通过对称的环形支路汇合于B点，则环形支路的圆心O处的磁感应强度为 ()A. 垂直于环形支路所在平面，且指向“纸外”B. 垂直于环形支路所在平面，且指向“纸内”C. 大小为零D. 在环形支路所在平面内，指向B点【答案】C【解析】由安培定则可判断上边环形电流在O点处产生磁场的方向垂直纸面向里，下边环形电流在O点处产生磁场的方向垂直纸面向外，方向相反，两环形支路的电流相等，环形电流支路的圆心O与两支路间的距离相等，所以O处的磁感应强度为零故C对；综上所述本题答案是：C8.如图，表示磁流体发电机的发电原理：将一束等离子体（即高温下电离的气体，含有大量带正电和带负电的微粒，而从整体来说呈中性）沿图中所示方向喷射入磁场，磁场中有两块金属板A、B，这时金属板上就聚集了电荷，在磁极配置如图中所示的情况下，下述说法正确的是A. A板带正电B. 有电流从b经用电阻流向aC. 金属板A、B间的电场方向向下D. 等离子体发生偏转的原因是离子所受电场力大于所受洛伦兹力【答案】B【解析】【分析】该题考查学生利用左手定则判断洛伦兹力的方法。【详解】（1）根据左手定则知，离子体中带正电微粒下偏，带负电微粒向上偏，则A板带负电。故A错误；（2）B板带正电，A板带负电，所以电流的流向为b流向a。故B正确；（3）因为B板带正电，A板带负电，所以金属板间的电场方向向上。故C错误；（4）等离子体发生偏转的原因是离子所受洛伦兹力大于所受电场力。故D错误。故本题正确答案选B。【点睛】根据左手定则判断出正、负电荷所受洛伦兹力的方向，从而判断出正负电荷的偏转方向，带正电的极板电势高，电流从正极板流向负极板。9.运动电荷在磁场中受到洛伦兹力的作用，运动方向会发生偏转，这一点对地球上的生命来说有十分重要的意义从太阳和其他星体发射出的高能粒了流，称为宇宙射线，在射向地球时，由于地磁场的存在，改变了带电粒子的运动方向，对地球起到了保护作用如图所示为地磁场对宇宙射线作用的示意图现有来自宇宙的一束质子流，以与地球表面垂直的方向射向赤道上空的某一点，则这质子在进入地球周围的空间将A. 竖直向下沿直线射向地面 B. 向东偏转C. 向西偏转 D. 向北偏转【答案】B【解析】【分析】该题考查学生对地磁场分步情况的掌握情况，并能利用左手定则判断洛伦兹力的方法。【详解】根据地磁场的分步特点可知，地磁场的磁感线从地球的地理南极指向地理北极，由于磁场分步南北半球对称，故在赤道上空的磁场方向从南向北，平行于地面。质子带正电，由左手定则可以判断，质子会向东偏转。故本题正确答案选B。【点睛】根据地磁场分布的特点，可以判断出赤道上空磁场方向；由左手定则可以判断出质子偏转的方向。10.如图所示电路，电源内阻不可忽略开关S闭合后，在变阻器R0的滑动端向上滑动的过程中A. 电压表与电流表的示数都减小B. 电压表与电流表的示数都增大C. 电压表的示数增大，电流表的示数减小D. 电压表的示数减小，电流表的示数增大【答案】B【解析】解：当滑片下移时，滑动变阻器接入电阻减小，则外电路总电阻减小，电路中总电流增大，电源的内电压增大，则由闭合电路欧姆定律可知，电路的路端电压减小，故电压表示数减小；由欧姆定律可知，R1上的分压增大，而路端电压减小，故并联部分的电压减小，则通过R2的电流减小，根据并联电路的特点可知：通过R0的电流增大，则电流表的示数增大故D正确，ABC错误；故选：D【点评】分析闭合电路的欧姆定律的动态分析的题目时，一般要按先外电路、再内电路、后外电路的思路进行分析；重点分析电路中的路端电压、总电流及部分电路的电流及电压变化视频二多项选择题（本小题共5小题，每小题5分，共25分；在每题给出的四个选项中，有两个或两个以上的答案符合题意，全选对的得5分，选不全的得3分，有选错得0分）11.下列说法正确的是()A. 据R可知，若电阻两端的电压加倍，则导体的电阻也变为原来的2倍B. 不考虑温度对阻值的影响，通过导体的电流及所加电压改变时导体的电阻不变C. 据可知，导体的电阻率与导体的电阻和横截面积的乘积RS成正比，与导体的长度l成反比D. 导体的电阻率与导体的长度l、横截面积S、导体的电阻R有关【答案】B【解析】本题主要考查了电阻的决定因素和电阻率的决定因素导体的电阻是由导体本身的性质决定的，其决定式为Rl/S，而RU/I为电阻的定义式，所以选项A是不对的，选项B是正确的，而RS/l仅是导体电阻率的定义式，电阻率与式中的各物理量间都无关，所以选项C是不对的，选项D是正确的12.如图所示，图线1表示的导体的电阻为R1，图线2表示的导体的电阻为R2，则下列说法正确的是（ ）A. R1：R2=1：3B. R1：R2=3：1C. 将R1与R2串联后接于电源上，则电流比I1：I2=1：3D. 将R1与R2并联后接于电源上，则电流比I1：I2=3：1【答案】AD【解析】根据I-U图象知，图线的斜率表示电阻的倒数，所以串联电路电流相等，所以将与串联后接于电源上，电流比I1：I2=1：1并联电路，电压相等，电流比等于电阻之反比，所以将与并联后接于电源上，电流比I1：I2=3：1，A正确13.在某一匀强磁场中，长0.2 m的一根直导线，通以3 A的电流，与磁场垂直放置时受到的安培力是6102N，则A. 匀强磁场的磁感应强度大小为103TB. 匀强磁场的磁感应强度大小为101 TC. 如果该导线的电流减小一半，则该导线受到的安培力大小为3102ND. 如果该导线的电流为0，则该导线受处的位置的磁感应强度大小为0 T【答案】BC【解析】【分析】本题考查学生对磁场性质的理解，并要求学生会计算磁感应强度的大小。【详解】（1）当导线垂直磁场放置时，则其所受安培力大小为，故，故A错误，B正确；（2）在保持其它条件不变的情况下，由可知，若导线中的电流减小一半，则该导线受到的安培力大小也减为原来的一半，即3102N，C正确。（3）磁场是客观存在的，与导线有无电流无关，磁场的强弱只与磁场本身的性质有关。D错误。故本题正确答案选BC。【点睛】根据可以计算磁感应强度的大小；磁场的强弱只与磁场本身的性质有关，而与通电导线有无电流没有任何关系。14.在如图甲所示的电路中，L1、L2、L3 为三个相同规格的小灯泡，这种小灯泡的伏安特性曲线如图乙所示。当开关 S闭合后，电路中的总电流为0.25 A，则此时A. L1上的电压为L2上电压的2倍B. L1消耗的电功率为0.75 WC. L2的电阻为12 D. L1、L2消耗的电功率的比值大于41【答案】BD【解析】试题分析：L2和L3并联后与L1串联，L2和L3的电压相同，电流也相同，电路中的总电流为0.25A，从而求出通过三个灯泡的电流，由图乙读出三个灯泡两端的电压，由R=求出L2的电阻，根据P=UI求L1、L2消耗的电功率的比值解：A、L2和L3并联后与L1串联，L2和L3的电压和电流均相同，则L1的电流为L2电流的2倍，由于灯泡是非线性元件，所以L1的电压不是L2电压的2倍，故A错误；B、根据图象可知，当电流为0.25A时，电压U=3V，所以L1消耗的电功率 P=UI=0.75W，故B正确；C、L2的电流为0.125A，由图可知，此时L2的电压小于0.5V，根据R2=可知，L2的电阻小于4，故C错误；D、根据P=UI可知，L2消耗的电功率P20.1250.5=0.0625W，所以L1、L2消耗的电功率的比值大于4；1，故D错误；故选：B【点评】本题的关键是搞清电路的结构，能够从图中读出有效信息，对于线性元件，R=，但对于非线性元件，R=15.如图，条形磁铁放在水平桌面上，在磁铁右上方固定一根直导线，导线与磁铁垂直，当导线通入向里的电流时，则A. 磁铁对桌面的压力减小B. 磁铁对桌面的压力增大C. 磁铁相对桌面有向左动的趋势D. 磁铁相对桌面有向右动的趋势【答案】BC【解析】【分析】本题考查灵活运用牛顿第三定律选择研究对象的能力，关键点在先研究导线所受安培力。【详解】以导线为研究对象，由左手定则判断得知导线所受安培力方向斜向右上方，根据牛顿第三定律得知，导线对磁铁的安培力方向斜向左下方，磁铁有向左运动的趋势，受到向右的摩擦力，同时磁铁对地的压力增大。故B、C正确，A、D错误。故本题正确答案选BC。【点睛】以导线为研究对象，根据电流方向和磁场方向判断所受的安培力方向，再根据牛顿第三定律，分析磁铁所受的支持力和摩擦力情况来选择。三实验题（本小题共2小题，共21分，按题目要求作答）16.测量“水果电池”的电动势和内电阻的实验中，将一铜片和一锌片分别插入同一只苹果内，就构成了简单的“水果电池”，其电动势约为1.5V，可是这种电池并不能点亮额定电压为1.5V，额定电流为0.3A的手电筒上的小灯泡。原因是流过小灯泡的电流太小了，经实验测定电流约为3mA。现有下列器材：待测“水果电池”电流表：满偏电流3mA，电阻约10电压表：量程01.5V，电 阻约1000滑动变阻器R1：030滑动变阻器R2：03k开关、导线等实验器材（1）本实验选用上面所示的实验原理图，应该选用哪种规格的滑动变阻器？_。（填写仪器代号）（2）在实验中根据电压表的示数U与电流表的示数I的值，得到UI图象如上图所示，根据图中所给数据，则“水果电池”的电动势E_V，内电阻r_。（3）若不计测量中的偶然误差，用这种方法测量得出的电动势和内电阻的值与真实值相比较，电动势E_（选填“偏大”或“相等”或“偏小”），内电阻r_（选填“偏大”或“相等”或“偏小”）。【答案】 (1). R2 (2). 1.5 (3). 500 (4). 相等 (5). 偏大【解析】【详解】（1）由题意可知，电源的内阻越为，若选用0-30的滑动变阻器，不能方便的控制电流，电流变化范围不大。故滑动变阻器应选R2；（2）U-I图象在纵轴上的截距代表电源的电动势，图线的斜率的绝对值表示水果电池的内阻。图象纵轴截距为1.5，故E=1.5V；图象斜率的绝对值；（3）由于电流表的分压作用，导致路段电压的测量存在误差，但电流测量值等于真实值，运用图象法分别在U-I图象上由测量数据作出的图线1和修正误差后真实值作出的图线2，如下图所示。由图看出，电动势没有系统误差，即电动势测量值与真实值相等，而内阻的测量值偏大。【点睛】（1）通过水果电池的内阻大小，选择合适的滑动变阻器；（2）U-I图线的纵轴截距表示电源的电动势，图线斜率的绝对值表示水果电池的内阻；（3）由于电流表的分压，使得路端电压存在误差，运用图象法可以分析误差。17. 小明对2B铅笔芯的导电性能感兴趣，于是用伏安法测量其电阻值（1）图1是部分连接好的实物电路图，请用电流表外接法完成接线并在图1中画出（2）小明用电流表内接法和外接法分别测量了一段2B铅笔芯的伏安特性，并将得到的电流、电压数据描到UI图上，如图2在图中，由电流表外接法得到的数据点是用 （填“”或“”）表示的（3）请你选择一组数据点，在图2上用作图法作图，并求出这段铅笔芯的电阻为 【答案】（1）如图；（2）；（3）1.2【解析】解：（1）电流表外接法，为了比较精确测量，滑动变阻器连接实物图如答图1：（2）电流表外接法，由于电压表分流作用，测得的电流值会偏大，根据欧姆定律则电阻测量值偏小，即UI图线的斜率偏小，故由电流表外接法得到的数据点是用表示的；（3）选择数据点，在图2上用作图法作图，求出这段铅笔芯的电阻为R=1.2故答案为：（1）如图；（2）；（3）1.2【点评】本题考查了伏安法测量电阻的电路图以及数据处理问题，电路图连接时一定要注意电流表的内接外接以及滑动变阻器的分压、限流接法选择问题视频四、计算题（本小题共3小题，共44分）18.如图所示，线段A为某电源的UI图线，线段B为某电阻R的UI图线，由上述电源和电阻组成闭合电路时，求：（1）电源的输出功率P出是多大？（2）电源内部损耗的电功率P内是多少？（3）电源的效率是多大？【答案】（1）4W，（2）2W，（3）66.7%【解析】试题分析：（1）由电源的U-I图象读出电动势，求出内阻两图线交点表示电阻与电源组成闭合电路时的工作状态，读出电压和电流，由公式P=UI求出电源的输出功率（2）电源内部损耗的电功率由公式求解（3）电源的总功率为，电源的效率为代入数据求解即可（1）从A的图线可读出，电源的电动势 E=3V，内阻从图象的交点可读出：路端电压U=2V，电