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2014年理科一模答案1.D2.D3.C4.C5.B6.B7.A8.D9.A10.B11.D12.D13.314.6115.816.23xy17.1)6sin(cos4)(xxxf1)cos21sin23(cos4xxx(1分)1cos2cossin322xxxxx2cos2sin3(2分))62sin(2x(3分)(1)令.,226222Zkkxk(4分)递增区间是).(,6,3Zkkk(5分)(2),0C,613626C由1)(Cf,可得3C21cos2222Cabcab,(7分)22222cabcbaab,(9分)又4c.16ab343sin1621ABCS(11分)当且仅当4ba时,故ABC面积的最大值是34.(12分)18.解:(1)乙的中间有两个数187和188,因此乙的中位数为187.5cm(3分)(2)根据茎叶图知,“优秀品种”的有12株,“非优秀品种”的有18株.用分层抽样的方法抽取,每株被抽中的概率是51306“优秀品种”的有11226株,“非优秀品种”的有1183株.(5分)用事件A表示“至少有一株优秀品种的被选中”,则2325C37()11,C1010PA因此从5株树苗中选2株,至少有一株“优秀品种”的概率是710.(7分)(3)依题意,一共有12株优秀品种,其中乙种树苗有8株,甲种树苗有4株,则X的所有可能取值为0,1,2,3,321884331212CCC1428(0);(1);C55C55PXPX2134841212CCC121(2);(3).C55CPXPX(9分)因此X的分布列如下:X0123P145528551255155所以1428121()0123155555555EX.(12分)19.(1)由三视图可知NABBBC1面,建系)0,8,0(),0,4,4(),0,0,4(,)0,0,0(1BNAB,,),8,0(),4,0,0(1CC(1分))4,4,4(),0,4,4(),0,4,4(11NCNBBN(2分)01NBBN,01NCBN且NNCNB11,(4分)BN平面NBC11(5分)(2)设平面1CNB的法向量),(zyxn,则0CNn,01CBn0480444zyzyx)2,1,1(n(8分)设NC1与平面1CNB所成的角为,则32sin11nNCnNC(11分)直线NC1与平面1CNB所成角的正弦值为32.(12分)20.(I)由已知|32|MQMP,即32|MQMP(2分)且32大于|PQ(3分)所以M的轨迹是以(2,0),(2,0)为焦点,23为长轴长的椭圆,即其方程为2213xy(5分)(II)设AB的方程为tkxy代入椭圆方程得到0336)13(222tktxxk224(933)0kt,即2231kt方程有两个不同的解(6分)122631ktxxk,1223231xxktk122231yytk,(7分)1212112202yyxxk,化简得到2314kt(8分)得到04t又原点到直线的距离为2|1tdk(9分)22221224(933)|1|131ktABkxxkk(10分)222224(933)11|=|122311AOBkttSABdkkk化简得到21=3(4)4AOBStt,所以当2t时,即73k(11分)AOBS取得最大值32(12分)21.(1)(1)xxf1)(,(1分)1)1(f,(2分)故切线方程为1xy;(4分)(2))ln(2)(axxxaxxg,(5分)令axxxaxxFln)(,则)(xFy在,1上单调递增221ln)(xaxxxF,则当1x时,01ln2axx恒成立,即当1x时,1ln2xxa恒成立(6分)令1ln)(2xxxG,则当1x时,021)(2xxxG,故1ln)(2xxxG在,1上单调递减,从而2)1()(maxGxG,(7分)故2)(maxxGa(8分)(3)xxaxxaaxaxxg22222lnln22ln)(,令xxaxxaah222lnln22)(,则2ln)(2xxah(9分)令xxxQln)(,则xxxxQ111)(,显然)(xQ在1,0上单调递减,在,1上单调递增,(10分)则1)1()(minQxQ,(11分)则21)()(ahxg(12分)22.(1)证明:,ABCP共圆,又ABC为等边三角形,60QPBBAC,(1分)ABBCPQPB,QPB为等边三角形,60QBPABCA(2分)ABPCBQ(3分)CQAP;(4分)(2)设1AB,点P是弧BC的中点,ABAC,90ABP,60APB,(6分)33BP,(8分)221:1:33ABCBPQSSABBP(10分)23.(1)解:(I)由cos4sin2,得cos4)sin(2所以曲线C的直角坐标方程为xy42(4分)(2)将直线l的参数方程代入xy42,得032382tt(5分)设A、B两点对
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