2023年北京市通州区高考化学一模试卷

2023年北京市通州区高考化学一模试卷一、选择题〔14342分。每题只有一个选项符合题意〕1〔3分〕书法是中华文化之珍宝，其美尽在笔墨纸砚之间。以下关于传统文房四宝说法正确的选项是〔 〕A B C D制笔用的狼毫主要成分是蛋白质

墨汁是一种水溶液 宣纸是合成高分子材料

砚石的成分与水晶一样A．A B．B2〔3分〕以下化学用语表示正确的选项是〔 A．PCl3电子式为乙炔的球棍模型：聚氯乙烯的构造简式：

D．D离子构造示意图： 可表示16O2﹣，也可表示18O2﹣3〔3分〕以下表达正确的选项是〔 〕A．陶瓷盆的主要成分是合金B．铁粉、生石灰均可作食品抗氧化剂C．二氧化硫具有氧化性，可用于漂白纸浆D．二氧化硅可作中国天眼传输信息用的光纤材料4〔3分CO与O第一步：Fe*+N2O═FeO*+N2其次步：FeO*+CO═Fe*+CO2以下表达错误的选项是〔 〕第1页〔共16页〕A．Fe*是反响的催化剂B．两步反响的△H均小于0C．第一步反响比其次步反响快D．总反响为CO+N2O N2+CO25〔3分〕以下说法正确的选项是〔 〕A“8”消毒液的消毒原理与酒精的一样B．丝绸的主要成分是自然纤维素，属于高分子C．蛋白质在人体内水解为氨基酸和甘油等小分子物质后才能被吸取D“垃圾分类”将易腐垃圾转化成热值较高的可燃性气体，属于生物质能的热化学转6〔3分〕以下指定反响的离子方程式正确的选项是〔 〕醋酸钠的水解：CH3COO﹣+H3O+ CH3COOH+H2O铜与稀硝酸的反响：Cu+4H++2NO3﹣＝Cu2++2NO2↑+2H2OC．0.1mol/LMgCl2溶液中参加足量石灰乳：Mg2++Ca〔OH〕2＝Mg〔OH〕2+Ca2+D．饱和氯水中通入SO2至溶液颜色褪去：Cl2+SO2+H2O＝2H++2Cl﹣+SO42﹣73分“封管试验”具有简易、便利、节约、绿色等优点，关于如下图三个“封管试验〔夹持装置未画出〕的说法正确的选项是〔 〕A．加热时，①中上部集合了固体B．加热时，②中溶液变红，冷却后又变为无色C．加热时，③中溶液红色褪去，冷却后溶液变红三个“封管试验”中所发生的化学反响都是可逆反响8〔3分〕有机化合物W在工业上常用作溶剂和香料，其合成过程如下图，以下说法正确的选项是〔 〕第2页〔共16页〕A．M3种B．N、W组成上相差一个CH2原子团，互为同系物C．M、N、W均能发生加成反响和取代反响D．只有N能与氢氧化钠溶液反响9〔3分〕以下对于“试验操作”的“试验现象”和“试验结论”的描述均正确的选项是〔 〕选项试验操作试验现象试验结论A向两支盛有少量溴的四氯化碳溶液溶液均褪色溴与苯、乙烯都能发生的试管中分别参加适量苯和通入足反响量乙烯B向某钠盐中滴加盐酸品红溶液褪色该钠盐可能为Na2S2O3入品红溶液C向盛有10滴0.1mol/LAgNO3溶液的0.1mol/LKCl溶液至不先观看到白色沉淀，后沉淀颜色变为黄色再生成沉淀后，再向其中滴加0.1mol/LKI溶液DFe〔NO3〕2样品溶于稀硫酸，滴KSCN溶液溶液变红A．AB．BC．CD．D103分〕设阿伏加德罗常数的值为N。以下说法正确的选项是〔 A．pH＝13的Ba〔OH〕2溶液中Ba2+数目为0.1NAB．标准状况下，1.12L苯含有C一H键的个数为3NAC．7.8gNa2S与7.8gNa2O2中含有的阴离子数目均为0.1NAmolCl2Fe在肯定条件下充分反响，转移电子数为3NA1〔3分〕某种有机发光材料由不同主族的短周期元素RWXYZ组成5种元素的原子序数依次增大W和X的原子序数之和等于Z的原子序数，只有W、X、Y同周期〔 〕A．离子半径：Z＞Y＞XC．最高正价：R＜W＜X＜Z

B．RW能组成多种化合物D．X的含氧酸均为强酸123分〕试验室利用废旧电池的铜帽〔主要成分为CZ〕制备CuS45O的局部试验步骤如图：第3页〔共16页〕以下说法不正确的选项是〔 〕I”中，为加快溶解速率，可将铜帽粉碎I”中，溶质的主要成分为ZnSO4II”过程中，有大量的气体产生I”是将溶液直接加热蒸干得到CuSO4•5H2O晶体13〔3分COHCO与2在催化剂作用下合成COC〔+22〔g〕COg．按〔COH〕12向密闭容器中充入反响物，测得平衡时混合物中COH的体积分数在不同压强下随温度的变化如下图．以下说法中，正确的选项是〔 〕A．P1＜P2B．该反响的△H＞0C．平衡常数：K〔A〕＝K〔B〕D．在C点时，CO75%143分〕争论觉察，在酸性乙醇燃料电池中参加硝酸，可使电池持续大电流放电〔 〕A．参加HNO3降低了正极反响的活化能B．电池工作时正极区溶液的pH降低C．1molCH3CH2OH3molO2被复原D．负极反响式为CCOH+3O122C2+12+第4页〔共16页〕二、填空题〔558〕15〔12分〕有8种短周期主族元素，其中f随着原子序数的递增，其原子半径的相对大小〔0.01mol/L〕pH2所示。依据推断出的元素答复以下问题：〔1〕f在周期表中的位置是 ；〔2〕y、z、d的氢化物中最稳定的是〔写化学式〕 ；〔3〕x与y形成的多种化合物中，最简洁的化合物的空间构型是 ；描述e的单质在空气中燃烧的现象： ；锌元素对婴儿及青少年的智力和身体发育有重要的作用c〔eBr〕的水溶液间接将葡萄糖[CH2OH〔CHOH〕4CHO]氧化为葡萄糖酸[CH2OH〔CHOH〕4COOH]，进而制取3所示。①钛网与直流电源的 极相连；②石墨电极的电极反响式为 ；③写诞生成葡萄糖酸的化学反响方程式： 。16〔10分〕甲醇是有机化工中重要的合成原料，在催化剂的作用下利用甲醇合成乙烯和丙烯的技术被称为MTO技术。该技术涉及的主要反响为：ⅰ．2CH3OH〔g〕⇌C2H4〔g〕+2H2O〔g〕△H1＝﹣11.72kJ•mol﹣1；ⅱ．3CH3OH〔g〕⇌C3H6〔g〕+3H2O〔g〕△H2＝﹣30.98kJ•mol﹣1。请答复以下问题：反响3C2H4〔g〕⇌2C3H6〔g〕的反响热△H＝ kJ•mol﹣1。在特定催化剂条件下，两反响存在竞争关系，其反响进程中能量的变化如下图。该催化剂下生成的选择性更高〔填化学式，理由为 。第5页〔共16页〕TK1L1molCH3OH〔g〕发生反响ⅰ和反响ⅱ，5min后压强不再变2O〔g〕0.8mol/L。①5min内O〔〕的生成速率为 mol〔•mi；②上升温度后，C2H4的平衡产率反而提高，分析缘由为 .17〔12分〕相对分子质量为92的某芳香烃X是一种重要的有机化工原料，以X图〔局部产物、合成路线、反响条件略去A是一氯代物，链节组成为C7H5NO。：ⅠⅡ 〔苯胺，易被氧化〕请依据所学学问与此题所给信息答复以下问题：阿司匹林中含有的官能团的名称是 ，H的构造简式是 ；反响②的类型是 ；反响⑤的化学方程式是 ；有多种同分异构体写出其中两种含有醛基的芳香族化合物的构造简式： 、 ；请用合成反响流程图表示出：由 和其他无机物合成第6页〔共16页〕

最合理的方案〔4步。例： ……18〔12分〕磷酸铁FeP〕常用作电极材料。以硫铁矿〔主要成分是Fe2，含少量A2Si2和FO〕为原料制备磷酸铁的流程如图。几种金属离子沉淀的pH如表所示：金属氢氧化物Fe〔OH〕3Fe〔OH〕2Al开头沉淀的pH2.37.5完全沉淀的pH4.19.7请答复以下问题：

〔OH〕34.05.2滤渣3的主要成分为 〔写出化学式；用FeS复原F3+的目的是 ；参加FeO的作用是 〔用离子方程式表示；试剂R宜选择 〔填字母；A.高锰酸钾B.稀硝酸C.双氧水D.次氨酸钠检验“氧化”之后溶液是否含有Fe2+的操作是 ；〔〕mn〔a+n〔asp〔nAm﹣Ks〔FeP〕＝1.×1022“沉铁”中为了使〔F3+〕×15mol/，〔P43〕最小为 mol/19〔12分〕某试验小组争论KI和酸性KMn4溶液的反响。试验序号 Ⅰ Ⅱ第7页〔共16页〕试验操作试验现象KMnO4KMnO4紫色溶液快速变为棕褐色悬浊液，黄色 然后沉淀消逝，溶液变为棕黄色资料：ⅰ．MnO4﹣在酸性条件下最终被复原为Mn2+。ⅱ．酸性条件下氧化性：KMnO4＞KIO3＞I2。〔1〕试验Ⅰ中溶液呈棕黄色，推想生成了 。〔2 〕实验小组继续对实验Ⅱ反应中初始阶段的产物成分进行探究：①经检验，试验Ⅱ初始阶段I﹣的氧化产物不是I2，则“试验现象a”为 ；②黑色固体是 ；③经检验，在“紫色清液”中存在IO3﹣，写诞生成IO3﹣离子方程式 ；以下试验方案中，可用于检验“紫色清液”中I3的是 〔填字母；用干净的玻璃棒蘸取“紫色清液”滴在淀粉﹣碘化钾试纸上，观看试纸是否变蓝色。取少量“紫色清液”于试管中，向其中参加几滴淀粉溶液，溶液不变蓝3溶液，观看溶液是否变色。C．取少量“紫色清液”于试管中，向其中参加稀硝酸酸化，再参加几滴硝酸银溶液〔 3 〕 探 究 实 验 Ⅱ 中 棕 褐 色 沉 淀 消 失 的 原 因 。用离子方程式解释试验Ⅱ中棕褐色沉淀消逝的缘由： ；〔4〕试验后的反思：导致试验Ⅰ和试验Ⅱ中 KI和酸性KMnO4溶液反响产物变化的因素是〔写出两第8页〔共16页〕点： 、 。第9页〔共16页〕2023年北京市通州区高考化学一模试卷参考答案与试题解析一、选择题〔14342分。每题只有一个选项符合题意〕【解答】解：A．制笔用的狼毫属于动物的毛发，故A正确；B．墨汁属于胶体，故B错误；C．宣纸的主要成分是纤维素，故C错误；D．砚石的主要成分是无机盐，属于氧化物，故D错误。应选：A。【解答】解：A．PCl3为共价化合物，磷原子，氯原子最外层为8个电子，P原子含有5对孤电子 故A错误；乙炔分子中含有两个碳氢键和1个碳碳三键聚氯乙烯是氯乙烯的加聚反响产物

，故B错误；，故C错误；6O2﹣和18O6﹣是中子数不同的氧离子，氧离子的核内质子数为8，分层排布应选：D。

，故D正确；【解答】解：A．陶瓷是由黏土在高温下烧结而成的，所以陶瓷的主要成分是硅酸盐；B．铁粉具有复原性，生石灰具有吸水性，可以作枯燥剂；C．二氧化硫与有色物质化合生成无色物质，与二氧化硫的氧化性无关；D．二氧化硅晶体能传递光信号，所以二氧化硅可作中国天眼传输信息用的光纤材料；应选：D。【解答】解：A．由题意可知*Fe*又生成，说明Fe*是反响的催化剂，故A正确；B．依据反响历程图，则两步反响均为放热反响，故B正确；C．依据反响历程图，活化能越低，则第一步反响比其次步反响慢；D．依据盖斯定律：第一步反响+其次步反响＝2O═N2+CO8，故D正确，应选：C。8”消毒液的消毒原理是次氯酸钠的强氧化性使病毒蛋白质变性，但酒精可以使蛋白质变性，所以二者消毒原理不同；B．丝绸的主要成分是蛋白质，不是自然纤维素；第10页〔共16页〕C．蛋白质水解生成氨基酸，油脂水解生成甘油；D．将易腐垃圾经过发酵转化生成热值较高可燃气体如甲烷等，属于生物质能的热化学转化；应选：D。【解答】解C3CO﹣在溶液中存在水解平衡，其水解的离子方程式为C3CO+O 故A错误；B．铜与稀硝酸的反响生成硝酸铜，反响的离子方程式：3Cu+8H++2NO3﹣＝6Cu2++2NO↑+2H2OB错误；C．0.7 MgCl2溶液中参加足量石灰乳，反响生成氢氧化镁沉淀2++Ca〔OH〕7＝Mg〔OH〕2+Ca2+，故C正确；DSO3Cl2+SO2+5H2O＝4H++5Cl﹣+SO42﹣，故D错误；应选：C。【解答】解：A．加热氯化铵分解，则加热时4Cl固体，故A正确；B．氨气溶于水显碱性，则加热时，冷却后又变为红色；C．二氧化硫与品红化合生成无色物质，受热易分解，③C错误；D．NH4Cl受热易分解的反响不是可逆反响，故D错误；应选：A。【解答】解：A．M34种化学环境不同的氢原子，故A错误；B．N含有羧基，二者官能团不同，故B错误；C．均含有苯环，也可以发生取代反响、W分别含有的羧基，故C正确；D．W含有酯基，故D错误。应选：C。【解答】解：A.苯与溴的四氯化碳互溶，乙烯与溴发生加成反响，则现象不同；B.二氧化硫可使品红褪色，由操作和现象可知钠盐可能为Na2S2O3，故B正C.由操作和现象可知，发生沉淀的转化sAgC〕sp〔Ag，故C错误；D.酸性溶液中硝酸根离子可氧化亚铁离子，不能检验是否变质、滴加KSCN溶液检验是否变质；应选：B。【解答】解：A.题目未给溶液体积，无法求算离子数目；B.标准状况下，苯为液态，故B错误；C.7.8gNa3S与7.8gNa8O2中含有的阴离子数目均为 ×1×NA/mol＝0.3NA，故C正确；D.Cl2Fe在肯定条件下充分反响生成FeCl2，3mol22mol8NA，故D错误；应选：C。第11页〔共16页〕【解答】解：由上述分析可知，R为H、X为N、Z为Al，A.具有一样电子排布的离子中原子序数大的离子半径小，则离子半径：X＞Y＞Z；B.R与W能组成多种化合物，如烷烃，故B正确；C.主族元素的最高正价等于族序数，O、F除外，故C错误；D.X的含氧酸为亚硝酸时，亚硝酸不是强酸；应选：B。AA正确；BCu不溶于2S，Zn溶于HS4生成可溶于水的ZnS4ZnS，故B正确；CCu+2+4S4CuS+8OC错误；D．从溶液中猎取结晶水合物，则操作Ⅰ包括蒸发浓缩、过滤4•7H2O晶体，故D错误；应选：CD。【解答】解：A3003OH的体积分数增大，所以p1＞p2，故A错误；B．图可知，CH3OH的体积分数减小，平衡逆向移动，故B错误；C．A、B处的温度不同，故平衡常数不等；D1molCO5molH2，CO的转化率为x，则CO〔g〕+2H2〔g〕═CH3OH〔g〕起始150变化xx完毕1﹣xxC点时，CH7OH的体积分数＝

＝0.5，故D正确；应选：D。【解答】解：AHNO3起催化作用，可降低正极反响的活化能，故A正确；正极区发生复原反响2+5e﹣+4H+＝2H4O，正极区消耗H+且有水生成，即氢离子浓度减小，故B错误；燃料电池工作时，其中1molCH3CH6OH在负极被完全氧化时，转移12mol电子 ＝3molO6被复原，C正确；乙醇在负极发生氧化反响，则负极反响为CH3CH2OH+5H2O﹣12e﹣＝2CO3+12H+，故D正确；应选：B。二、填空题〔558〕【解答】解：由分析可知，x是H元素，z为N元素，e是Na元素，g为S元素。第12页〔共16页〕〔1〕h为Cl元素，处于周期表中第三周期第ⅦA族，故答案为：第三周期第ⅦA族；〔2〕非金属性：C＜N＜O，故三者氢化物中H2O最稳定，故答案为：H2O；〔3〕xy形成最简洁化合物为CH5，其空间构型为正四周体，故答案为：正四周体；Na在氧气中燃烧生成过氧化钠，反响的现象：燃烧，放热，故答案为：燃烧，发出黄色火焰，生成淡黄色固体；在钛网极生成，故钛网极为阳极，钛网与直流电源的正极相连，故答案为：正；②石墨极为阴极，电极反响式为：3H2O+2e﹣＝H2↑+2OH﹣，故答案为：2H5O+2e﹣＝H2↑+3OH﹣；③C2O〔CHO4CHO被B7氧化为CO〔CHO4COOCOCHOCHO+B2+O→CH2OH〔CHOH〕4COOH+7HBr，故答案为：CH2OH〔CHOH〕4CHO+Br7+H2O→CH2OH〔CHOH〕6COOH+2HBr。16〕依据盖斯定律，由②3①可得8〔⇌2〕＝8×〔30.98k•mo﹣1〕﹣3×〔﹣11.72kJ•mol﹣7〕＝﹣26.8kJ•mol﹣1，故答案为：﹣26.6；由〔1〕计算分析可知，3C2H2〔g〕⇌2C3H6〔g〕为放热反响，即乙烯的总能量比丙烷的总能量高，M〔g〕代表：C〔+〔〔〕代表：C〔+g，而生成7的活化能更小，所以该催化2H4的选择性更高，故答案为：C8H4；生成C2H6的活化能小；①由题意可知，v〔H2O〕＝

＝ mol〔•mi〕＝4.16mol〔•mi，0.16mol〔•mi；②iii都是放热反响，上升温度，但反响ii3OH的浓度增大，导致更多的CH8OH参与反响i，C2H4的平衡产率提高，故答案为：上升温度，反响ii5OH的浓度增大，导致更多的CH3OH参与反响i，C2H2的平衡产率提高。第13页〔共16页〕【解答】解〔〕由构造简式可知有机物含有羧基、酯基 ，故答案为：羧基、酯基； ；〔2〕F为 ，发生氧化反响生成 故答案为：氧化反响；〔3〕反应⑤是 与银氨溶液发生氧化反应生成 ，反应方程式为，故答案为： ；〔 4 〕 有 多 种 同 分 异 构 体 ， 苯 环 上 含 有 醛 基等，故答案为： ； 等；〔5〕 在催化剂条件下发生加成反响生成 ，再在氢氧化钠醇溶液、加热条件下发生消去反响生成，与氯气发生加成反响生成 ，最终在氢氧化钠水溶液中发生水解反响生成 ，合成反响流程图为，第14页〔共16页〕答： 。〔〕参加FeO调整p，可以使Al元素以AO3形式沉淀除去时，所用滤渣3的主要成分Al〔OH〕2，故答案为：Al〔OH〕3；〔2〕依据表格中的数据以及流程，让Al元素以Al〔OH〕3形式沉淀除去时，Fe5+必先沉淀，因此用FeS复原Fe3+的目的是避开在除去Al3+Fe3+FeO的目的是调整pH3+Al〔OH〕3形式沉淀而除去，Al5+发生水解：Al3++3H6O⇌Al〔OH〕3+3H+FeO+6H+＝Fe2++H2O，促使平衡向正反响方向进展，总反响为4Al3++3FeO+7H2O＝2Al〔OH〕7+3Fe2+，故答案为：避开在除去Al3+时Fe3+一并沉淀；Al3++7H2O⇌Al〔OH〕3+3H+，FeO+