物理（山东卷03）-2024年高考押题预测卷含答案

2024年高考押题预测卷03【山东卷】高三物理（考试时间：90分钟试卷满分：100分）注意事项：1.答卷前，考生务必将自己的姓名、考生号等填写在答题卡和试卷指定位置。2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分。每小题只有一个选项符合题目要求。1．潜水钟是一种水下作业工具。将潜水钟的大铁罩倒扣在水面后使之下沉，如图是潜水钟缓慢下沉的示意图，不计下沉过程中水温的变化，关于潜水钟内被封闭的气体，下列说法正确的是（）A．气体向外界放出热量B．钟壁单位面积上单位时间内分子碰撞的次数不变C．运动速率大的分子占比减小D．气体的体积不变2．在我国汉代，劳动人民就已经发明了辘轳，如图所示，可转动的把手边缘上点到转轴的距离为，辘轳边缘上点到转轴的距离为，忽略空气阻力。在水桶离开水面后加速上升的过程中，下列说法正确的是（

）A．点与点的角速度之比为B．点的线速度大小与水桶上升的速度大小之比为C．点与点的向心加速度大小之比为D．绳的拉力对水桶（含桶内的水）的冲量大小等于重力对水桶（含桶内的水）的冲量大小3．扇车在我国西汉时期就已广泛被用来清选谷物。谷物从扇车上端的进谷口进入分离仓，分离仓右端有一鼓风机提供稳定气流，从而将谷物中的秕粒a（秕粒为不饱满的谷粒，质量较轻）和饱粒b分开。若所有谷粒进入分离仓时，在水平方向获得的动量相同。之后所有谷粒受到气流的水平作用力可视为相同。下图中虚线分别表示a、b谷粒的轨迹，、为相应谷粒所受的合外力。下列四幅图中可能正确的是（

）A． B．C． D．4．如图，波长为的单色光，照射到间距为d的双缝上，双缝到屏的距离为，屏上观察到明暗相间的条纹。现将屏向右平移，则移动前和移动后，屏上两相邻亮条纹中心的间距之比为（）A． B． C． D．5．氢原子光谱按波长展开的谱线如图甲所示，此谱线满足巴耳末公式，…，图乙为氢原子能级图。普朗克常量约为，则（

）A．垂直入射到同一单缝衍射装置，光的衍射中央亮条纹宽度小于B．氢原子从跃迁到能级时会辐射出γ射线C．氢原子从跃迁到与跃迁到产生光子的动量之比为286∶255D．在同一光电效应装置中，光照射产生的光电子初动能都大于光照射产生的光电子6．如图所示，一理想变压器的原线圈由双线圈ab和cd构成，双线圈匝数各为，副线圈的匝数为。用和表示变压器的输入电流和电压，和表示变压器输出电流和电压。下列说法正确的是（）A．若A接a，B接b，cd空置，电键闭合前后，发生变化B．若A接a，B接b，cd空置，负载变化时，电源输出功率恒定C．若A接a，B接c，b接d，原副线圈的电压比为D．若A接a，B接d，b接c，负载变化时，和相应变化且成正比7．某校天文小组通过望远镜观察木星周围的两颗卫星a、b，记录了不同时刻t两卫星的位置变化如图甲。现以木星中心为原点，测量图甲中两卫星到木星中心的距离x，以木星的左侧为正方向，绘出图像如图乙。已知两卫星绕木星近似做圆周运动，忽略在观测时间内观察者和木星的相对位置变化，由此可知（

）A．a公转周期为 B．b公转周期为C．a公转的角速度比b的小 D．a公转的线速度比b的大8．如图所示，两位同学分别拉一根长为1.2m的绳两端A、B，时刻，两同学同时上下抖动绳子两端，使A、B开始在竖直方向做简谐振动，产生沿绳传播的两列波。时，两列波恰好传播到P、Q两点，波形如图所示，则（）A．两列波起振方向相反B．两列波属于相干波C．到两列波恰好相遇时，质点A经过的路程为25cmD．时，处的质点偏离平衡位置的位移为多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。每小题有多个选项符合题目要求。全部选对得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。9．如图所示，真空中有一正方体，在正方体的顶点A、处分别固定一个电荷量相等的正点电荷，则下列说法正确的是（

）A．B点和点的电势相等B．B点和点的场强相同C．若有一个质子以某一初速度射入该空间中，可能做匀速圆周运动D．若有一个电子以某一初速度射入该空间中，可能做匀速圆周运动10．蹦床运动可以简化为如图甲所示模型，轻质弹簧原长为4L，弹簧的弹力与形变量的关系如图乙所示。第一次将质量为m的小球A在距离弹簧顶端为L的位置由静止释放，小球下落过程中速度最大值为；第二次将质量为2m的小球B在相同位置由静止释放，不考虑空气阻力，弹簧始终在弹性限度内，两小球均可视为质点。下列说法正确的是（

）A．两小球在相同的位置达到最大速度B．当两小球达到最大速度时，第一次和第二次弹簧的弹性势能之比为1∶4C．小球B在下落过程中的最大速度为D．小球B在下落过程中的最大速度为11．如图，水平放置的刚性汽缸内用活塞封闭两部分气体A和B，质量一定的两活塞用杆连接。汽缸内两活塞之间保持真空，活塞与汽缸壁之间无摩擦，左侧活塞面积较大，A、B的初始温度相同。略抬高汽缸左端使之倾斜，再使A、B升高相同温度，气体最终达到稳定状态。若始末状态A、B的压强变化量、均大于零，对活塞压力的变化量，则（）

A．A体积增大 B．A体积减小 C．> D．<12．2022年6月17日，我国003号航母“福建舰”下水，该舰是我国完全自主设计建造的首艘电磁弹射型航母。某同学采用如图甲所示装置模拟电磁弹射，线圈可在圆柱形铁芯上无摩擦滑动，并通过电刷与导轨保持良好接触；铁芯上存在垂直于表面向外的辐向磁场，线圈所在处的磁感应强度大小均为B=0.1T。将开关S与1连接，恒流源输出电流使线圈向右匀加速一段时间，之后将开关S掷向2与阻值为R=4Ω的电阻相连，同时施加水平外力F，使线圈向右匀减速到零，线圈运动的v-t图像如图乙所示。已知线圈匝数：n=100，质量m=0.5kg，每匝周长l=0.1m，不计线圈及导轨电阻，忽略电刷与导轨间摩擦及空气阻力，则线圈（）A．0~0.2s，电流从恒流源a端流出，且电流大小为I=2500AB．0~0.2s，线圈所受安培力的功率不变C．0.2~0.3s，水平外力F随时间t变化的关系为F=42.5+25t（N）D．0~0.2s与0.2~0.3s，通过线圈的电荷量之比为40：1非选择题：本题共6小题，共60分。13．某同学利用手机“声音图像”软件辅助测量物块与长木板间的动摩擦因数。实验装置如图甲所示，将长木板固定在水平桌面上，物块置于长木板上且两端分别通过跨过定滑轮的细线与小球A、B相连，实验前分别测量出小球A、B底部到地面的高度、（）。打开手机软件，烧断一侧细绳，记录下小球与地面两次碰撞声的时间图像（两小球落地后均不反弹）。(1)烧断细线前，用分度值为1cm的刻度尺测量，刻度尺的0刻度线与地面齐平，小球A的位置如图乙所示，则；(2)实验时烧断物块左侧的细绳，若算得A下落的时间为0.40s，由图丙可知，物块加速运动的时间为s；若将手机放在靠近小球B的地面上测量物块加速运动的时间，测量结果会（选填“偏大”、“偏小”或“不变”）；(3)仅改变小球B实验前离地高度，测量不同高度下物块加速运动的时间t，作出图像如图丁所示，由图像可求得斜率为，若小球B的质量为，物块质量为，重力加速度大小为，则物块与木板间的动摩擦因数（用字母、、、表示）。14．某实验小组使用多用电表测量电学中的物理量，并探究欧姆表的原理。(1)某次测量时，多用电表表盘指针指在如图甲所示的位置，下列说法错误的是。A．若该读数是选用欧姆挡“”倍率得到的，应该更换“”倍率，欧姆调零后再次进行测量B．多用电表的欧姆挡是靠内部电源提供电流的．若选用“”倍率测量电阻，则欧姆表内阻约为C．测直流电流时，应让红表笔接外电路的正极，黑表笔接外电路的负极(2)该小组进一步探究欧姆表的原理，设计了如图乙所示的电路，通过调节开关S，可使欧姆表具有“”和“”的两种倍率，可用器材如下：A．干电池（电动势，内阻不计）；B．电流表G（满偏电流，内阻）；C．定值电阻（阻值为）；D．滑动变阻器（最大阻值为）；E．定值电阻（阻值为）、；F．开关一个红、黑表笔各一支，导线若干．①表笔B是（填“红或“黑”）表笔；②虚线框内是双量程电流表，已知当S接a时，对应电流表量程是，那么定值电阻；③当开关S拨向（填“a”或“b”）时，欧姆表的倍率是“”，欧姆调零后，欧姆表内阻为。15．在一个平静的湖面上，距离水面高度处有一条水平缆索，缆索上每隔就从站台以速度沿一个方向持续开出一辆缆车。湖水深，缆索中央正下方的湖底有一员潜水员，该潜水员只能看到湖面半径的圆面有亮光，又在透过湖面半径的圆面上才能清晰的看到缆索上的缆车。已知，，，求:（1）湖水的折射率的大小（用分式表示）；（2）潜水员最多能清晰的看到缆索上缆车的数量。16．如图，一中空建材板下端固定于水平地面上的P点，通过物体M的支撑使得该板与水平地面间夹角。建材板中为格子形状，每个格子的规格相同。一质量为m的小滑块从板底端P点以一定初速度沿板向上射出，小滑块沿着板面做了一次往返直线运动，小滑块在运动过程中受到的摩擦力大小不变。用频闪照相机连续记录了小滑块在板面中段运动过程中的部分位置，图甲和图乙分别是上滑过程和下滑过程的频闪照片。已知小滑块运动的最高点相对于板底端的距离为s，不计空气阻力，重力加速度为g，，。求：（1）小滑块所受摩擦力的大小；（2）小滑块下滑过程中，在距离板底端多远处其重力势能是动能的3倍（以板底端所在水平面为零势能面）。17．如图甲所示，平行边界之间存在垂直纸面向外、磁感应强度大小为的匀强磁场，之间的距离为d。时刻，有一质量为的带电粒子从磁场边界上A点处以速度垂直磁场方向射入，方向与边界的夹角为，粒子恰好从点垂直边界射出磁场。紧靠磁场边界右侧，有两个间距为、足够大的平行板，平行板间存在电场，两板间电势差的变化规律如图乙，其中已知。带电粒子在运动过程中始终不与板相碰，粒子重力不计。求:（1）该带电粒子的电性及电荷量大小；（2）若，带电粒子从A点到第一次到达点的时间及时刻带电粒子的速度与的比值；（3）若满足（2）条件，带电粒子第二次离开磁场时的位置与A点的距离（结果用根号表示）。18．如图甲所示，B物块静止在足够长的固定斜面上，时刻将质量为的A物块从距离B物块处由静止释放，时刻A、B发生第一次碰撞，时刻发生第二次碰撞，在两次碰撞间A物块的图线如图乙所示（其中均为未知量），每次碰撞均为弹性碰撞且碰撞时间极短，两物块与斜面的最大静摩擦力均等于滑动摩擦力，求：（1）第一次碰撞后A物块沿科面向上运动们最大距离；（2）B物块的质量及A、B物块与斜面间的动摩擦因数之比；（3）B物块沿斜面下滑的最大距离。2024年高考押题预测卷03【山东卷】物理·全解全析123456789101112ACBCCDDDADBDADCD2024年高考押题预测卷03【山东卷】高三物理（考试时间：90分钟试卷满分：100分）注意事项：1.答卷前，考生务必将自己的姓名、考生号等填写在答题卡和试卷指定位置。2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分。每小题只有一个选项符合题目要求。1．潜水钟是一种水下作业工具。将潜水钟的大铁罩倒扣在水面后使之下沉，如图是潜水钟缓慢下沉的示意图，不计下沉过程中水温的变化，关于潜水钟内被封闭的气体，下列说法正确的是（）A．气体向外界放出热量B．钟壁单位面积上单位时间内分子碰撞的次数不变C．运动速率大的分子占比减小D．气体的体积不变【答案】A【详解】AD．下潜过程中，随着深度的增加，钟内气体体积减小，则单位体积内分子数增大，不计下沉过程中水温的变化，气体体积减小，该过程外界对气体做功，向外界放出热量，故A正确，D错误；B．根据钟内气体体积减小，不计下沉过程中水温的变化，故压强增大，故钟壁单位面积上单位时间内分子碰撞的次数发生变化，故B错误；C．不计下沉过程中水温的变化，则温度不变，故气体分子速率分布规律不变，故C错误。故选A。2．在我国汉代，劳动人民就已经发明了辘轳，如图所示，可转动的把手边缘上点到转轴的距离为，辘轳边缘上点到转轴的距离为，忽略空气阻力。在水桶离开水面后加速上升的过程中，下列说法正确的是（

）A．点与点的角速度之比为B．点的线速度大小与水桶上升的速度大小之比为C．点与点的向心加速度大小之比为D．绳的拉力对水桶（含桶内的水）的冲量大小等于重力对水桶（含桶内的水）的冲量大小【答案】C【详解】A．把手边缘上点与辘轳边缘上点属于共轴转动，所以角速度相同，故A错误；B．根据角速度与线速度的关系，可得水桶上升的速度大小为把手边缘上点的线速度大小为所以把手边缘上点的线速度大小与水桶上升的速度大小之比为，故B错误；C．由公式可知，把手边缘上点与辘轳边缘上点的向心加速度大小之比为，故C正确；D．对水桶分析，根据动量定理有可知拉力对水桶（含桶内的水）的冲量大小等于重力对水桶（含桶内的水）的冲量大小与水桶（含桶内的水）动量的变化量大小之和，故D错误。故选C。3．扇车在我国西汉时期就已广泛被用来清选谷物。谷物从扇车上端的进谷口进入分离仓，分离仓右端有一鼓风机提供稳定气流，从而将谷物中的秕粒a（秕粒为不饱满的谷粒，质量较轻）和饱粒b分开。若所有谷粒进入分离仓时，在水平方向获得的动量相同。之后所有谷粒受到气流的水平作用力可视为相同。下图中虚线分别表示a、b谷粒的轨迹，、为相应谷粒所受的合外力。下列四幅图中可能正确的是（

）A． B．C． D．【答案】B【详解】从力的角度看，水平方向的力相等，饱粒b的重力大于秕粒a的重力，如图所示从运动上看，在水平方向获得的动量相同，饱粒b的水平速度小于秕粒a的水平速度，而从竖直方向上高度相同运动时间相等所以综合可知B正确。故选B。4．如图，波长为的单色光，照射到间距为d的双缝上，双缝到屏的距离为，屏上观察到明暗相间的条纹。现将屏向右平移，则移动前和移动后，屏上两相邻亮条纹中心的间距之比为（）A． B． C． D．【答案】C【详解】移动前屏上两相邻亮条纹中心的间距移动后屏上两相邻亮条纹中心的间距屏上两相邻亮条纹中心的间距之比为故选C。5．氢原子光谱按波长展开的谱线如图甲所示，此谱线满足巴耳末公式，…，图乙为氢原子能级图。普朗克常量约为，则（

）A．垂直入射到同一单缝衍射装置，光的衍射中央亮条纹宽度小于B．氢原子从跃迁到能级时会辐射出γ射线C．氢原子从跃迁到与跃迁到产生光子的动量之比为286∶255D．在同一光电效应装置中，光照射产生的光电子初动能都大于光照射产生的光电子【答案】C【详解】A．由图甲可知，的波长大于，垂直入射到同一单缝衍射装置，光的衍射中央亮条纹宽度大于，A错误；B．氢原子从跃迁到能级辐射出光的波长由；求得氢原子从跃迁到能级时会辐射出光，不会辐射出γ射线，B错误；C．根据及可得因此动量之比为，C正确；D．在同一光电效应装置中，光的能量大于光，照射产生的光电子最大初动能大于光照射产生的光电子的最大初动能，而不是光照射产生的光电子初动能都大于光照射产生的光电子，D错误。故选C。6．如图所示，一理想变压器的原线圈由双线圈ab和cd构成，双线圈匝数各为，副线圈的匝数为。用和表示变压器的输入电流和电压，和表示变压器输出电流和电压。下列说法正确的是（）A．若A接a，B接b，cd空置，电键闭合前后，发生变化B．若A接a，B接b，cd空置，负载变化时，电源输出功率恒定C．若A接a，B接c，b接d，原副线圈的电压比为D．若A接a，B接d，b接c，负载变化时，和相应变化且成正比【答案】D【详解】AB．若A接a，B接b，cd空置，则线圈cd的存在不影响变压器的工作，电键闭合前后，不会发生变化。负载变化时，根据可知电源输出功率不恒定。故AB错误；C．若A接a，B接c，b接d，双线圈ab和cd的互感作用会抵消掉，从而理想变压器不会正常工作，副线圈的电压为零。故C错误；D．若A接a，B接d，b接c，双线圈ab和cd为串联关系，满足可知负载变化时，和相应变化且成正比。故D正确。故选D。7．某校天文小组通过望远镜观察木星周围的两颗卫星a、b，记录了不同时刻t两卫星的位置变化如图甲。现以木星中心为原点，测量图甲中两卫星到木星中心的距离x，以木星的左侧为正方向，绘出图像如图乙。已知两卫星绕木星近似做圆周运动，忽略在观测时间内观察者和木星的相对位置变化，由此可知（

）A．a公转周期为 B．b公转周期为C．a公转的角速度比b的小 D．a公转的线速度比b的大【答案】D【详解】A．由图像可知，a公转周期为，故A错误；BCD．由万有引力提供向心力可得可知，，由于b的轨道半径大于a的轨道半径，则b的公转周期大于a的公转周期，即b公转周期大于；a公转的角速度比b的大；a公转的线速度比b的大，故BC错误，D正确。故选D。8．如图所示，两位同学分别拉一根长为1.2m的绳两端A、B，时刻，两同学同时上下抖动绳子两端，使A、B开始在竖直方向做简谐振动，产生沿绳传播的两列波。时，两列波恰好传播到P、Q两点，波形如图所示，则（）A．两列波起振方向相反B．两列波属于相干波C．到两列波恰好相遇时，质点A经过的路程为25cmD．时，处的质点偏离平衡位置的位移为【答案】D【详解】A．图示时刻两列波恰好传播到P、Q两点，根据同侧法可得P、Q两点起振方向竖直向上，因此两列波起振方向相同，故A错误；B．机械波的传播速度由介质决定，故两列波传播速度相同，均为但由图可知左侧的波长为0.4m，右侧的波长为0.2m，由，可知两列波的频不同，不是相干波，故B错误；C．由图可知在时，两列波相遇在0.6m位置处，A质点已经经过了1.5个周期，路程为6个振幅，应为30cm，故C错误；D．左右两列波的周期为左面的波传到0.5m所需要的时间；时处质点左侧波在波振动时间为0.75s，振动时间为，处于波谷位置，右面波传到0.5m所用时间为右侧波振动时间为0.25s半个周期，右侧波在平衡位置，叠加后合位移为，故D正确。故选D。多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。每小题有多个选项符合题目要求。全部选对得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。9．如图所示，真空中有一正方体，在正方体的顶点A、处分别固定一个电荷量相等的正点电荷，则下列说法正确的是（

）A．B点和点的电势相等B．B点和点的场强相同C．若有一个质子以某一初速度射入该空间中，可能做匀速圆周运动D．若有一个电子以某一初速度射入该空间中，可能做匀速圆周运动【答案】AD【详解】AB．电势为标量，电场强度为矢量，在等量同种电荷的电场中，根据对称性可知B、D1两点电势相等，场强大小相等，方向不同，A正确，B错误；CD．两个等量正电荷形成的电场，不是匀强电场，若粒子在该电场中做匀速圆周运动，运动轨迹处的场强一定大小相等，根据对称性，该轨迹一定在等量同种电荷的中垂面上，且圆心一定在两电荷连线的中点处，若有一个电子以某一初速度射入该处，两个正电荷对它的引力的合力提供向心力，可以做匀速圆周运动，而如果是正电荷，受到的是排斥力，不可能指向圆心，因此不可能做匀速圆周运动，C错误，D正确。故选AD。10．蹦床运动可以简化为如图甲所示模型，轻质弹簧原长为4L，弹簧的弹力与形变量的关系如图乙所示。第一次将质量为m的小球A在距离弹簧顶端为L的位置由静止释放，小球下落过程中速度最大值为；第二次将质量为2m的小球B在相同位置由静止释放，不考虑空气阻力，弹簧始终在弹性限度内，两小球均可视为质点。下列说法正确的是（

）A．两小球在相同的位置达到最大速度B．当两小球达到最大速度时，第一次和第二次弹簧的弹性势能之比为1∶4C．小球B在下落过程中的最大速度为D．小球B在下落过程中的最大速度为【答案】BD【详解】A．小球的速度最大时小球受到的重力与弹簧的弹力大小相等，由于小球A、B的质量不同，所以两小球在不同的位置达到最大速度，故A错误；B．小球达到最大速度时，弹簧的弹性势能等于小球克服弹力所做的功，由胡克定律，可知当两小球达到最大速度时，第一次和第二次弹簧的压缩量之比为；小球克服弹力所做的功等于图像下与坐标轴围成的面积，所以当两小球达到最大速度时，第一次和第二次弹簧的弹性势能之比为，故B正确；CD．由图可知所以小球A在下落过程中的最大速度时弹簧的压缩量为弹簧的弹性势能由小球A与弹性组成的系统机械能守恒可得小球B达到最大速度时解得小球B在下落过程中的最大速度时弹簧的压缩量弹簧的弹性势能小球与弹性组成的系统机械能守恒解得故C错误，D正确。故选BD。11．如图，水平放置的刚性汽缸内用活塞封闭两部分气体A和B，质量一定的两活塞用杆连接。汽缸内两活塞之间保持真空，活塞与汽缸壁之间无摩擦，左侧活塞面积较大，A、B的初始温度相同。略抬高汽缸左端使之倾斜，再使A、B升高相同温度，气体最终达到稳定状态。若始末状态A、B的压强变化量、均大于零，对活塞压力的变化量，则（）

A．A体积增大 B．A体积减小 C．> D．<【答案】AD【详解】AB．气温不变时，略抬高汽缸左端使之倾斜，设此时的细杆与水平面的夹角为θ，则有则可知A部分气体压强减小，B部分气体压强增加，对两部分气体由玻意耳定律得，A体积增大，B体积减小，故A正确，B错误；C．开始时，两活塞受力平衡，略抬高汽缸左端使之倾斜，则A部分气体压强减小一些，B部分气体压强增大一些，而最终两个活塞的受力还要平衡，那么压力的变化不相等故C错误；D．由但结合C分析可得，故有故D正确。故选AD。12．2022年6月17日，我国003号航母“福建舰”下水，该舰是我国完全自主设计建造的首艘电磁弹射型航母。某同学采用如图甲所示装置模拟电磁弹射，线圈可在圆柱形铁芯上无摩擦滑动，并通过电刷与导轨保持良好接触；铁芯上存在垂直于表面向外的辐向磁场，线圈所在处的磁感应强度大小均为B=0.1T。将开关S与1连接，恒流源输出电流使线圈向右匀加速一段时间，之后将开关S掷向2与阻值为R=4Ω的电阻相连，同时施加水平外力F，使线圈向右匀减速到零，线圈运动的v-t图像如图乙所示。已知线圈匝数：n=100，质量m=0.5kg，每匝周长l=0.1m，不计线圈及导轨电阻，忽略电刷与导轨间摩擦及空气阻力，则线圈（）A．0~0.2s，电流从恒流源a端流出，且电流大小为I=2500AB．0~0.2s，线圈所受安培力的功率不变C．0.2~0.3s，水平外力F随时间t变化的关系为F=42.5+25t（N）D．0~0.2s与0.2~0.3s，通过线圈的电荷量之比为40：1【答案】CD【详解】A．由图乙可知，0~0.2s的加速度大小为根据牛顿第二定律有解得I=25A故A错误；B．0~0.2s，线圈所受安培力的功率为即线圈所受安培力的功率逐渐变大，故B错误；C．0.2s~0.3s，线圈的加速度大小为根据牛顿第二定律可得结合图像可得F=42.5+25t（N）故C正确。D．0~0.2s，流经线圈的电荷量q1=It1=5C，0.2s∼0.3s，平均感应电流通过电阻R的电荷结合图乙求得q2=0.125C故两次流经线圈的电荷量之比为q1：q2=40：1故D正确；故CD正确。非选择题：本题共6小题，共60分。13．某同学利用手机“声音图像”软件辅助测量物块与长木板间的动摩擦因数。实验装置如图甲所示，将长木板固定在水平桌面上，物块置于长木板上且两端分别通过跨过定滑轮的细线与小球A、B相连，实验前分别测量出小球A、B底部到地面的高度、（）。打开手机软件，烧断一侧细绳，记录下小球与地面两次碰撞声的时间图像（两小球落地后均不反弹）。(1)烧断细线前，用分度值为1cm的刻度尺测量，刻度尺的0刻度线与地面齐平，小球A的位置如图乙所示，则；(2)实验时烧断物块左侧的细绳，若算得A下落的时间为0.40s，由图丙可知，物块加速运动的时间为s；若将手机放在靠近小球B的地面上测量物块加速运动的时间，测量结果会（选填“偏大”、“偏小”或“不变”）；(3)仅改变小球B实验前离地高度，测量不同高度下物块加速运动的时间t，作出图像如图丁所示，由图像可求得斜率为，若小球B的质量为，物块质量为，重力加速度大小为，则物块与木板间的动摩擦因数（用字母、、、表示）。【答案】(1)78.5（78.3~78.7）(2)0.90偏小(3)【详解】（1）测量时间是通过小球落地计算，小球的底端先落地，所以应测量到小球底端距离，而不是小球的球心，由图乙可知（2）[1]由图丙可知，A、B两球落地时间差为，A球先下落，时间短，则B球下落时间为即物块加速运动的时间为。[2]若将手机放在靠近小球B的地面上测量物块加速运动的时间，由于小球A落到时声音传到手机时间变大，小球B落到时声音传到手机时间变小，则A、B落地时间差变小，故测量结果偏小。（3）物块和小球B一起做匀加速直线运动，由匀变速直线运动位移时间关系有由牛顿第二定律有整理可得结合图像可得解14．某实验小组使用多用电表测量电学中的物理量，并探究欧姆表的原理。(1)某次测量时，多用电表表盘指针指在如图甲所示的位置，下列说法错误的是。A．若该读数是选用欧姆挡“”倍率得到的，应该更换“”倍率，欧姆调零后再次进行测量B．多用电表的欧姆挡是靠内部电源提供电流的．若选用“”倍率测量电阻，则欧姆表内阻约为C．测直流电流时，应让红表笔接外电路的正极，黑表笔接外电路的负极(2)该小组进一步探究欧姆表的原理，设计了如图乙所示的电路，通过调节开关S，可使欧姆表具有“”和“”的两种倍率，可用器材如下：A．干电池（电动势，内阻不计）；B．电流表G（满偏电流，内阻）；C．定值电阻（阻值为）；D．滑动变阻器（最大阻值为）；E．定值电阻（阻值为）、；F．开关一个红、黑表笔各一支，导线若干．①表笔B是（填“红或“黑”）表笔；②虚线框内是双量程电流表，已知当S接a时，对应电流表量程是，那么定值电阻；③当开关S拨向（填“a”或“b”）时，欧姆表的倍率是“”，欧姆调零后，欧姆表内阻为。【答案】(1)B(2)黑9b150【详解】（1）A．欧姆表的读数等于倍率乘指针示数，该图指针所示位置电阻读数偏小，说明倍率选大了，应该改用“”的倍率，欧姆调零后再次进行测量，故A正确；B．多用电表作欧姆表使用时，是靠内部电源提供电流，中值刻度对应的电阻就等于这个倍率下欧姆表的内阻，若选用的是“×10”的倍率测电阻，则欧姆表内阻约为，故B错误；C．测直流电流时，应该让电流从红表笔流进，从黑表笔流出，以保证表盘指针能够正偏，故必须让红表笔接外电路的正极，黑表笔接外电路负极，故C正确。本题选错误的，故选B。（2）①[1]电流从红表笔流进，黑表笔流出，由图可知，表笔B是黑表笔；②[2]当S接a时，对应电流表量程是0~0.1A，则有解得③[3][4]当S接a时，对应电流表量程是0-0.1A，则欧姆表内阻为当S接b时，设满偏电流为，根据并联电路分流特点有解得可知，当S接b时，欧姆表的倍率是“×10”。则欧姆表内阻为15．在一个平静的湖面上，距离水面高度处有一条水平缆索，缆索上每隔就从站台以速度沿一个方向持续开出一辆缆车。湖水深，缆索中央正下方的湖底有一员潜水员，该潜水员只能看到湖面半径的圆面有亮光，又在透过湖面半径的圆面上才能清晰的看到缆索上的缆车。已知，，，求:（1）湖水的折射率的大小（用分式表示）；（2）潜水员最多能清晰的看到缆索上缆车的数量。【答案】（1）；（2）【详解】（1）根据题意可知，由于潜水员只能看到湖面半径的圆面有亮光，如图所示则有解得（2）潜水员透过湖面半径的圆面看到缆索，如图所示由几何关系有，又有解得由对称性可知，潜水员透过湖面半径的圆面看到缆索长度为由题意可知，相邻缆车间的距离为则有即潜水员最多能清晰的看到缆索上缆车的数量为。16．如图，一中空建材板下端固定于水平地面上的P点，通过物体M的支撑使得该板与水平地面间夹角。建材板中为格子形状，每个格子的规格相同。一质量为m的小滑块从板底端P点以一定初速度沿板向上射出，小滑块沿着板面做了一次往返直线运动，小滑块在运动过程中受到的摩擦力大小不变。用频闪照相机连续记录了小滑块在板面中段运动过程中的部分位置，图甲和图乙分别是上滑过程和下滑过程的频闪照片。已知小滑块运动的最高点相对于板底端的距离为s，不计空气阻力，重力加速度为g，，。求：（1）小滑块所受摩擦力的大小；（2）小滑块下滑过程中，在距离板底端多远处其重力势能是动能的3倍（以板底端所在水平面为零势能面）。【答案】（1）；（2）【详解】（1）设每个格子在小滑块运动方向的宽度为d，频闪照相机闪光周期为T。根据匀变速运动的推论，上滑时有下滑时有根据牛顿第二定律，上滑时有下滑时有得（2）下滑过程中，在距底端x2处重力势能是其动能的三倍，则有联立解得17．如图甲所示，平行边界之间存在垂直纸面向外、磁感应强度大小为的匀强磁场，之间的距离为d。时刻，有一质量为的带电粒子从磁场边界上A点处以速度垂直磁场方向射入，方向与边界的夹角为，粒子恰好从点垂直边界射出磁场。紧靠磁场边界右侧，有两个间距为、足够大的平行板，平行板间存在电场，两板间电势差的变化规律如图乙，其中已知。带电粒子在运动过程中始终不与板相碰，粒子重力不计。求:（1）该带电粒子的电性及电荷量大小；（2）若，带电粒子从A点到第一次到达点的时间及时刻带电粒子的速度与的比值；（3）若满足（2）条件，带电粒子第二次离开磁场时的位置与A点的距离（结果用根号表示）。【答案】（1）粒子带正电，；（2）；4；（3）【详解】（1）带电粒子在磁场中运动轨迹如图，其轨道半径为，根据左手定则可判定粒子带正电荷；由几何关系可知由洛伦兹力提供粒子做圆周运动的向心力，则解得带电粒子的电荷量大小为（2）带电粒子从A点到第一次到达点的时间==其中解得=则时刻带电粒子在电场中加速运动了，则有由运动学公式则此时刻带电粒子的速度与的比值（3）接着带电粒子先减速后反向加速，则这一过程的加速度大小均为，设粒子在电场中反向后可以一直加速到O点，则由运动学公式得；联立可得根据；联立可得故假设成立，带电粒子第二次在磁场中运动的轨迹如图所示设其轨道半径为，由洛伦兹力提供向心力可得设带电粒子从K点离开磁场，故带电粒子第二次离开磁场时的位置与A点的距离为18．如图甲所示，B物块静止在足够长的固定斜面上，时刻将质量为的A物块从距离B物块处由静止释放，时刻A、B发生第一次碰撞，时刻发生第二次碰撞，在两次碰撞间A物块的图线如图乙所示（其中均为未知量），每次碰撞均为弹性碰撞且碰撞时间极短，两物块与斜面的最大静摩擦力均等于滑动摩擦力，求：（1）第一次碰撞后A物块沿科面向上运动们最大距离；（2）B物块的质量及A、B物块与斜面间的动摩擦因数之比；（3）B物块沿斜面下滑的最大距离。【答案】（1）；（2），；（3）【详解】（1）根据题意，由图乙可知，A物块在的时间内沿斜面匀加速下滑，加速度大小，A物块在时间内与在的时间内受力情况一致，加速度相同，则有时刚释放物块时，之间的距离为，则有可得，A物块在的时间内沿斜面向上运动，运动的距离联立可得（2）物块与物块第一次碰撞时，由动量守怛可得碰撞为弹性碰撞，由能量守恒可得其中，联立可得，，A物块在时间内下滑的距离故B物块碰后沿斜面下滑的距离假设第二次碰撞前物块已停止运动，则有可得即时，物块停止运动，假设成立，设物块下滑过程中的加速度大小为，则有设斜而倾斜角为，根据牛顿第二定律：对物块有，A物块下滑时，物块沿斜面向上运动运动时加速度大小为，则有由牛顿第二定律可得联立可得（3）时，A物块与B物块发生第二次碰撞，碰前瞬间物块的速度由动量守恒可得碰撞为弹性碰撞，由能量守怡可得联立可得设第二次碰撞后B物块下滑的距离为，则有可得以此类推可