高三物理二轮复习 第二篇 题型专项突破 选择题标准题（一）

我们在这里，召开私营企业家联谊会，借此机会，我代表成都市渝中工商局、渝中区私营企业协会，祝各位领导新年快乐、工作愉快、身体健康，祝各位企业家事业兴旺选择题标准题(一)满分48分,实战模拟,20分钟拿下高考客观题满分!说明:共8小题,每小题6分,在每小题给出的四个选项中,第15题只有一项符合题目要求,第68题有多项符合题目要求。全选对的得6分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。1.在探究静摩擦力变化的规律及滑动摩擦力规律的实验中,设计了如图甲所示的演示装置,力传感器A与计算机连接,可获得力随时间变化的规律,将力传感器固定在光滑水平桌面上,测力端通过细绳与一滑块相连(调节传感器高度可使细绳水平),滑块放在较长的小车上,小车一端连接一根细绳并跨过光滑的轻定滑轮系一只空沙桶(调节滑轮可使桌面上部细绳水平),整个装置处于静止状态。实验开始时打开传感器同时缓慢向沙桶里倒入沙子,小车一旦运动起来,立即停止倒沙子,若力传感器采集的图象如图乙所示,则结合该图象,下列说法中错误的是()A.可求出空沙桶的重力B.可求出滑块与小车之间的滑动摩擦力的大小C.可求出滑块与小车之间的最大静摩擦力的大小D.可判断第50秒后小车做匀速直线运动(滑块仍在车上)【解析】选D。在整个过程中,滑块受到水平向右的摩擦力f与水平向左的传感器的拉力F,滑块始终静止,处于平衡状态,由平衡条件得:f=F;小车与滑块的摩擦力f与滑块对小车的摩擦力f是作用力与反作用力,由牛顿第三定律得:f=f,则f=F;t=0时,没有向桶中倒沙,G空沙桶=F,由图乙所示图象可知,G空沙桶=F=2N,故A正确;当小车运动时,滑块与小车间的摩擦力是滑动摩擦力,由图乙所示图象可知,f=F=3N,故B正确;当小车由静止刚好开始运动时,滑块与小车间的摩擦力是最大静摩擦力,由图乙所示图象可知,滑块与小车间的最大静摩擦力fmax=F=3.5N,故C正确;由图象我们只能知道50s后小车受到的滑动摩擦力是3N,恒定不变,并不知道沙桶对小车的拉力是多少,不知小车所受合力是多少,无法判断小车的运动状态,小车可能做匀速直线运动,也可能做加速直线运动,故D错误。2.嫦娥五号探测器是我国研制中的首个实施无人月面取样返回的航天器,预计2017年发射升空,自动完成月面样品采集,并从月球起飞返回地球,嫦娥五号的飞行轨道示意图如图所示。假设嫦娥五号在环月段圆轨道和椭圆轨道上运动时,只受到月球的万有引力,则()A.若已知嫦娥五号环月段圆轨道的半径、运动周期和引力常量,可算出月球的平均密度B.嫦娥五号由环月段圆轨道变轨进入环月段椭圆轨道时,应让发动机在P处点火使其加速C.嫦娥五号在环月段椭圆轨道上P点的速度小于Q点的速度D.嫦娥五号在环月段椭圆轨道上P点的加速度大于Q点的加速度【解析】选C。若已知嫦娥五号环月段圆轨道的半径、运动周期和引力常量,根据万有引力等于向心力,得GMmr2=m42T2r,可得月球的质量为M=42r3GT2,但由于月球的半径未知,因此不能求出月球的平均密度,故A错误;嫦娥五号由环月段圆轨道变轨进入环月段椭圆轨道时要做近心运动,应让发动机在P处点火使其减速,故B错误;根据开普勒第二定律可以知道,嫦娥五号在环月段椭圆轨道上P点的速度小于Q点的速度,故C正确;根据GMmr2=ma,得a=GMr2,则知r越大,加速度a越小,因此嫦娥五号在环月段椭圆轨道上P点的加速度小于Q点的加速度,故D错误,故选C。3. 某同学质量为60kg,在军事训练中要求他从岸上以2 m/s的速度跳到一条向他缓缓飘来的小船上,然后去执行任务,小船的质量是140 kg,原来的速度是0.5 m/s,该同学上船后又跑了几步,最终停在船上,此时小船的速度v和该同学动量的变化量p分别为()A.0.25 m/s,70 kgm/sB.0.25 m/s,-105 kgm/sC.0.95 m/s,-63 kgm/sD.0.95 m/s,-35 kgm/s【解析】选B。取该同学开始跳时的速度方向为正方向,该同学跳到船上的过程中,人与船组成的系统动量守恒,则有602 kgm/s-1400.5 kgm/s=(60+140)kgv,小船的速度v=0.25m/s;该同学动量的变化量p=(600.25-602)kgm/s=-105kgm/s,选项B正确,其他选项均错误。4.如图所示,顶端附有光滑定滑轮的斜面体静止在粗糙水平地面上,三条细绳结于O点。一条绳跨过定滑轮平行于斜面连接物块P,一条绳连接小球Q,P、Q两物体处于静止状态,另一条绳OA在外力F的作用下使夹角90,且保持结点O位置不变,整个装置始终处于静止状态。下列说法错误的是()A.绳OA的拉力先减小后增大B.斜面对物块P的摩擦力的大小可能先减小后增大C.地面对斜面体有向右的摩擦力D.地面对斜面体的支持力大于物块P和斜面体的重力之和【解析】选C。缓慢改变绳OA的方向至90的过程中,OA拉力的方向变化如图从1位置到2位置到3位置所示,可见OA的拉力先减小后增大,OP的拉力一直增大,故A正确;若开始时P受绳子的拉力比较小,则斜面对P的摩擦力沿斜面向上,OP拉力一直增大,则摩擦力先减小后反向增大,故B正确;以斜面体和P、Q整体为研究对象受力分析,根据平衡条件:斜面体受地面的摩擦力与OA绳子水平方向的分力等大反向,故摩擦力方向向左,故C错误;以斜面体和P、Q整体为研究对象受力分析,根据竖直方向受力平衡:N+Fcos=M斜g+MPg+MQg,由图分析可知F的最大值即为MQg(当F竖直向上方向时)故FcosM斜g+MPg,故D正确。5.一带正电的粒子仅在电场力作用下从A点经B、C运动到D点,其“速度时间”图象如图所示。分析图象后,下列说法正确的是()A.A处的电场强度大于C处的电场强度B.B、D两点的电场强度和电势一定都为零C.粒子在A处的电势能大于在C处的电势能D.A、C两点间的电势差大于B、D两点间的电势差【解析】选A。因为v -t图线的斜率等于物体的加速度,故在A处的加速度大于C处的加速度,A处的电场强度大于C处的电场强度,选项A正确;B、D两点切线的斜率为零,故两点的加速度为零,场强为零,但是电势不一定都为零,选项B错误;粒子在A处的速度大于C处的速度,则在A处的动能大于C处的动能,在A处的电势能小于在C处的电势能,选项C错误;根据动能定理可知:UACq=12mvA2-12mvC2; UBDq=12mvD2-12mvB2,由图线可知12mvD2-12mvB212mvA2-12mvC2,则A、C两点间的电势差小于B、D两点间的电势差,选项D错误;故选A。6.将甲乙两球从相同高度同时由静止开始落下,两球在到达地面前,除受重力外,还受到空气阻力f的作用,此阻力与球的下落速率v成正比,即f=-kv(k0),且两球的比例常数k完全相同。如图所示为两球的v -t图象。若甲球与乙球的质量分别为m1和m2,则下列说法正确的是()A.m1m2B.m1m2。故A、D正确,B、C错误。故选A、D。7.如图所示电路中,变压器为理想变压器,a、b接在电压有效值不变的交流电源两端,R0为定值电阻,R为滑动变阻器。现将变阻器的滑片从一个位置滑动到另一位置,观察到电流表A1的示数增大了0.2A,电流表A2的示数增大了0.8A,则下列说法正确的是()A.电压表V1示数减小B.电压表V2、V3示数均增大C.该变压器起降压作用D.变阻器滑片是沿cd的方向滑动【解析】选C、D。观察到电流表A1的示数增大了0.2A,电流表A2的示数增大了0.8A,即副线圈电流增大,由于a、b接在电压有效值不变的交流电源两端,匝数比不变,所以副线圈电压不变,即V1,V2示数不变,根据欧姆定律得负载电阻减小,所以变阻器滑片是沿cd的方向滑动,故A错误,D正确;由于电流表A2的示数增大,所以R0两端电压增大,所以滑动变阻器R两端电压减小,即电压表V3示数减小,故B错误;观察到电流表A1的示数增大了0.2A,电流表A2的示数增大了0.8A,即原线圈电流增大量小于副线圈电流增大量,根据电流与匝数成反比,所以该变压器起降压作用,故C正确;故选C、D。8.两根足够长的光滑导轨竖直放置,间距为L,底端接阻值为R的电阻。将质量为m的金属棒悬挂在一个固定的轻弹簧下端,金属棒和导轨接触良好,导轨所在平面与磁感应强度为B的匀强磁场垂直,如图所示,除电阻R外其余电阻不计。现将金属棒从弹簧原长位置由静止释放,则()A.释放瞬间金属棒的加速度等于重力加速度gB.金属棒向下运动时,流过电阻R的电流方向为abC.金属棒的速度为v时,电路中的电功率为B2L2v2RD.电阻R上产生的总热量等于金属棒重力势能的减少量【解析】选A、C。金属棒释放瞬间,速度为零,感应电流为零,由于弹簧处于原长状态,因此金属棒只受重力作用,故其加速度的大小为g,故A正确