备战2019年中考山东省三年中考物理真题分类解析汇编——专题18电与磁二答案解析.doc

备战2019年中考山东省三年中考物理真题分类解析汇编专题18 电与磁（二）（答案解析）1（2018德州）如图所示的充电鞋垫，利用脚跟起落驱动磁性转子旋转，线圈中就会产生电流从而能给鞋面上的电池充电。选项图中与充电鞋垫的工作原理相同的是（）【分析】（1）充电鞋垫是利用电磁感应现象制成的，磁性飞轮高速旋转，使线圈切割磁感线，从而产生了感应电流，使小灯泡发光；（2）逐个分析下面四个选择项中各个设备的制成原理，将两者对应即可得到答案。【解答】解：充电鞋垫是利用电磁感应现象制成的，磁性飞轮高速旋转，使线圈切割磁感线，从而产生了感应电流，给鞋面上的充电电池充电；A、磁场中的导体运动时，导体做切割磁感线运动，电路中产生感应电流，电流表指针发生偏转，与充电鞋垫原理相同，故A正确；B、图中是电流的磁效应，是利用电来获得磁，与充电鞋垫原理无关，故B错误；C、此图反映了通电线圈在磁场中受到力的作用而转动，与充电鞋垫原理无关，故C错误；D、此图探究的是电磁铁磁性强弱的影响因素，研究电磁铁磁性强弱与线圈中电流大小有关，与充电鞋垫的制成原理无关，故D错误。故选：A。【点评】（1）此题考查了电磁感应、通电导体在磁场中受力、电磁继电器、电磁铁磁性强弱的决定因素等知识点。（2）首先根据题意明确充电鞋垫的制成原理是解决此题的关键。2（2018青岛）下列关于电与磁的说法，正确的是（）A奥斯特首先发现了电与磁的联系，实现了机械能到电能的转化B部分导体在磁场中运动，导体中就产生电流C感应电流方向只与磁场方向有关D利用电磁感应原理，制成发电机【分析】（1）首先发现电与磁的联系，电磁感应实现了机械能到电能的转化；（2）闭合电路时，当导体在磁场中做切割磁感线的运动时，导体中才产生电流；（3）感应电流的方向与磁场的方向和切割磁感线运动的方向有关；（4）发电机原理是电磁感应现象，把机械能转化为电能。【解答】解：A、奥斯特发现了电流的磁效应，实现了电与磁的转化。故A错误；B、闭合电路时，当导体在磁场中做切割磁感线的运动时，导体中才产生电流。故B错误；C、导体中感应电流的方向与导体运动的方向、磁场的方向都有关系，故C错误；D、发电机原理是电磁感应现象，把机械能转化为电能，所以D正确。故选：D。【点评】此题考查了磁场和磁感线的区别、地磁场的应用、感应电流方向的判断和发电机工作时的能量转化，是一道综合题，但难度不大。3（2018泰安）下列实验中，能说明电动机工作原理的是（）【分析】电动机的工作原理是：通电导体在磁场中受到力的作用。【解答】解：A、该装置是研究电磁铁磁性的实验装置，是电流的磁效应，故A错误。B、该装置是电动机原理图，表明通电的导体在磁场中受力的作用，故B正确；C、该装置是奥斯特实验，表明通电导线周围有磁场，故C错误；D、该装置是发电机原理图，表示电磁感应现象，故D错误。故选：B。【点评】本题涉及的内容有电流的磁效应、电动机的原理和发电机的原理。注意电磁感应和通电导体在磁场中受力运动的装置是不同的，前者外部没有电源，后者外部有电源。4（2018威海）如图所示，GMR是一个巨磁电阻，其阻值随磁场的增强而急剧减小，当闭合开关S1、S2时，下列说法正确的是（）A电磁铁的右端为N极B小磁针将顺时针旋转C当p向左滑动时，电磁铁的磁性增强，指示灯变暗D当P向右滑动时，电磁铁的磁性减小，电压表的示数减小【分析】（1）根据安培定则得出电磁铁的两极，根据磁极间的相互作用判断小磁针旋转方向；（2）先分析滑片向右移动时，变阻器的阻值是变大了还是变小了，然后根据欧姆定律得出电流大小变化情况，从而判断出电磁铁的磁场强弱变化情况，进一步得出灯泡亮度的变化。【解答】解：（1）根据安培定则可知，电磁铁的左端为N极，右端为S极，根据磁极间的相互作用可知，右侧的小磁针将会逆时针旋转，故AB错误；（2）闭合开关S1和S2，使滑片P向左滑动，电阻变小，电流变大，磁场的磁性增强，巨磁电阻的阻值减小，电路电流变大，所以指示灯的亮度会变亮，故C错误。使滑片P向右滑动，电阻变大，电流变小，磁场的磁性变弱，巨磁电阻的阻值变大，电路电流变小，根据U=IR可知，灯泡两端的电压减小，电压表示数变小，故D正确。故选：D。【点评】在控制电路中，滑片的移动是分析的入手点；在工作电路中，灯泡的亮度是确定电路中电流、电阻变化的一个隐含条件。5（2018威海）如图是灵敏电流计的内部结构图，下列选项中与其工作原理相同的是（）【分析】首先利用图示的装置分析出其制成原理，然后再逐个分析选择项中的各电学元件的制成原理，分别与前面分析的结论对应即可得到答案。【解答】解：灵敏电流计的工作原理：通电线圈在磁场中受力而转动，并且电流越大，线圈受到的力越大，其转动的幅度越大；因此可以利用电流表指针的转动幅度来反映电路中电流的大小。A、电磁铁是利用电流的磁效应制成的，与电流表的工作原理无关，故A错误。B、图中是奥斯特实验，说明通电导体的周围存在磁场，与电流表的工作原理无关，故B错误。C、图中通电导体在磁场中受力而运动，与电流表的工作原理相同，故C正确。D、发电机是利用电磁感应现象制成的，与电流表的工作原理无关，故D错误。故选：C。【点评】在学过的测量工具或设备中，每个工具或设备都有自己的制成原理，如：天平、温度计、电话、电磁继电器、测力计，以及此题中提到的这些设备。针对它们的制成原理的考查，是一个热点题型，需要重点掌握。6（2017滨州）对下列四幅图的表述正确的是（）A图中，闭合开关，小磁针静止时N极指向右侧B图中，闭合开关，滑动变阻器滑片P向右侧滑动时，弹簧测力计的示数变小C如图是发电机的工作原理图D如图是电动机的工作原理图【分析】（1）根据安培定则判定螺线管的N、S极；根据磁感线的方向判定小磁针的N极；（2）影响电磁铁磁性大小的因素有电流大小和匝数的多少；根据电流的变化判定磁性的变化；（3）（4）发电机是利用电磁感应现象的原理制成的；电动机是利用通电导线在磁场中受力的作用的原理制成的。【解答】解：A、由安培定则可知，螺线管的左端为N极，右端为S极，磁感线是从N极出来回到S极的，故小磁针的左端为N极，故A错误；B、图中，闭合开关，滑动变阻器滑片P向右侧滑动时，滑动变阻器电阻减小，电流变大，电磁铁磁性变强，电流从右侧流入根据右手定则，通电螺线管上端为N极，同极相斥故弹簧测力计示数变小，故B正确；C、图中有电源，若闭合开关，磁场中的金属棒会受力运动，即说明通电导线在磁场中受力的作用，即电动机的原理图，故C错误；D、图中没有电源，闭合开关后，当金属棒ab做切割磁感线运动时，电路中就会产生感应电流，故是发电机的原理图，故D错误。故选：B。【点评】知道电磁铁、电动机和发电机的制作原理即原理图是解决该题的关键。7（2017济南）如图所示是“探究产生感应电流的条件”的实验装置，要使灵敏电流计指针发生偏转，可以（）A断开开关，让导体ab向上运动B闭合开关，让导体ab向下运动C断开开关，让导体ab向左运动D闭合开关，让导体ab向右运动【分析】闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，产生感应电流的现象叫电磁感应。【解答】解：产生感应电流的条件是闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，故应闭合开关；图中磁感线的方向是竖直方向，所以导体应在水平方向上移动，才能产生感应电流，故D正确。故选：D。【点评】产生感应电流的条件注意三点：一是“闭合电路”，电路必须是完整的回路，二是“一部分导体”，不是全部的导体都在参与运动，三是“切割磁感线运动”，导体的运动必须是切割磁感线的，正切、斜切都可以，但不能不切割。8（2017聊城）下列有关电和磁的说法正确的是（）A奥斯特发现了电流的磁效应B磁体周围的磁场既看不见也摸不着，所以是不存在的C电动机是根据电磁感应原理制成的D电磁铁磁性的强弱只与线圈中电流的大小有关【分析】（1）奥斯特发现了电流的磁效应；（2）磁场看不见、摸不着但的确存在；（3）电动机工作原理是通电线圈在磁场中受力转动；（4）电磁铁的磁性强弱与电流的强弱和线圈的匝数有关。【解答】解：A、奥斯特发现了电流的磁效应，故A正确；B、磁体周围的磁场虽然看不见也摸不着，但的确存在，故B错误； C、电磁感应现象是发电机的制作原理，而电动机的制作原理是通电线圈在磁场中受力转动，故C错误；D、电磁铁的磁性强弱与电流的强弱和线圈的匝数有关，故D错误。故选：A。【点评】此题考查了电流磁效应、磁场的理解、电动机的原理、电磁铁磁性强弱的影响因素，是一道综合题，但难度不大。9（2017聊城）如图所示，小磁针静止在螺线管附近，闭合开关S后，下列判断正确的是（）A通电螺线管的左端为N极B小磁针一直保持静止C小磁针的S极向右转动D通电螺线管外A点的磁场方向向左【分析】（1）根据线圈的绕法和电流的方向，可以确定螺线管的NS极；（2）据磁感线的方向分析判断即可解决；（3）据磁体间的相互作用分析小磁针的运动方向。【解答】解：A、由安培定则可知，右手握住螺线管，四指指向电流的方向，大拇指指向右端，则通电螺线管的右端为N极，故A错误；BC、通电螺线管的右端是N极，根据异名磁极相互吸引可知，小磁针的S极应靠近螺线管的右端，则小磁计的S极向左转动，小磁针会逆时针旋转，故小磁针不会静止，故BC错误；D、在磁体的外部，磁感线从N极指向S极，所以通电螺线管外A点的磁场方向向左，故D正确；故选：D。【点评】此题考查了通电螺线管的极性判断、磁场方向的判断、磁极间的作用规律等知识点，是一道综合题。10（2017淄博）如图所示，在蹄形磁体的磁场中悬挂一根铜棒，铜棒的两端a、b通过导线跟开关、电流表连接。开关闭合后（）A只要铜棒ab在磁场中运动，电流表指针就会偏转B只改变铜棒运动方向时，电流表指针的偏转方向改变C只改变磁场方向时，电流表指针的偏转方向不变D同时改变磁场方向和铜棒运动方向时，电流表指针的偏转方向改变【分析】（1）产生感应电流的条件：闭合电路中的部分导体，在磁场中做切割磁感线运动，就会产生感应电流。（2）感应电流的方向与导体运动方向和磁场方向有关。【解答】解：A、产生感应电流的条件：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，电路中产生感应电流。只有铜棒在磁场中做切割磁感线运动时，才能产生感应电流，电流表指针才会偏转，故A错误；BCD、感应电流的方向与导体运动方向有关，也与磁场方向有关，只改变铜棒运动方向或磁场方向，电流表指针的偏转方向发生改变，同时改变导体运动方向和磁场方向，电流表指针的偏转方向不变，故B正确，CD错误。故选：B。【点评】电磁感应实验是电磁学中非常重要的实验，其意义在于根据这一原理制成了发电机，本题中主要考查了感应电流产生的条件、能的转化、影响感应电流方向和大小的因素。11（2017菏泽）关于电和磁，下列说法中正确的是（）A电流周围存在着磁场B改变通电螺线管中的电流方向，可以改变通电螺线管磁性的强弱C导体在磁场中运动就一定会产生感应电流D电动机是利用电磁感应原理制成的【分析】（1）据奥斯特实验说明，通电导线周围有磁场；（2）通电螺线管磁性的极性与电流的大小方向、线圈的绕法有关；（3）根据产生感应电流的条件来判断；（4）根据电动机的原理来判断。【解答】解：A、奥斯特实验说明电流周围存在着磁场，故A正确；B、改变通电螺线管中的电流方向，可以改变通电螺线管磁性的极性，故B错误；C、闭合电路中的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，才会产生感应电流，故C错误；D、电动机是根据通电线圈在磁场中受力转动原理制成的，故D错误。故选：A。【点评】此题考查的知识点是比较多的，我们要根据我们所学的知识一一做出判断。12（2016菏泽）如图所示电与磁的实验装置中，属于发电机原理的是（）【分析】首先明确发电机的工作原理，然后根据四个选择找出符合要求的选项。【解答】解：发电机的工作原理是电磁感应，即闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就会产生感应电流。A、该实验是著名的奥斯特实验，该实验说明了通电导线周围存在着磁场，故该选项不符合题意；B、该电路中有电源，即通电后，磁场中的金属棒会受力运动，故是利用通电导线在磁场中受力的作用的原理工作的，故该选项不符合题意；C、在该闭合电路中没有电源，当金属棒向右运动时，其恰好切割磁感线运动，于是灵敏电流计中就会有电流通过，故这就是电磁感应现象，即该选项符合题意；D、该装置中有电流通过时，磁场中的线圈会转动，故是利用通电导线在磁场中受力的作用的原理工作的，故该选项不符合题意；故选：C。【点评】本题涉及的内容有电流的磁效应、电动机的原理和发电机的原理。注意电磁感应和通电导体在磁场中受力运动的装置的不同，前者外部没有电源，后者外部有电源。13（2016菏泽）用两个铁芯完全相同的电磁铁“探究影响电磁铁磁性强弱的因素”，实验电路如图所示。闭合开关，发现磁铁A吸引大头针的数目比B多，此现象说明影响电磁铁磁性强弱的因素是（）A线圈匝数B电流方向C电流大小D电磁铁极性【分析】要解决此题，需要掌握电磁铁磁性强弱的因素。知道电磁铁磁性的强弱与电流的大小和线圈的匝数有关。同时要掌握串联电路中的电流特点，知道串联电路中电流相等。同时要掌握转化法在此实验中的应用。【解答】解：由图知，A、B线圈串联，所以通过A、B的电流相等，A的线圈匝数明显比B的线圈匝数多。观察到磁铁A吸引大头针的数目比B多，所以此实验说明电磁铁的磁性强弱与线圈匝数有关。故选：A。【点评】此题是探究影响电磁铁磁性强弱因素的实验。主要考查了电磁铁磁性强弱与线圈匝数的关系。注意转化法的使用。14多选（2018潍坊）如图所示，线圈转动过程中，下列说法正确的是（）A线圈的机械能转化为电能B通过灯泡的电流方向不变C通过灯泡的电流大小发生变化D线圈中产生电流的原理是电流磁效应【分析】发电机是利用电磁感应现象制成的，在发电机工作时，电流的大小和方向是时刻变化的，据此分析即可解决；发电机的线圈在转动过程中，将机械能转化为电能。【解答】解：A、发电机的线圈在转动过程中，消耗机械能，产生电能，即将机械能转化为电能的过程，故A正确；B、由于在转动过程中，线圈切割磁感线的方向不同，感应电流的方向是变化的，故B错误；C、线圈在转动过程中，切割磁感线的速度不同，感应电流的大小是变化的，故C正确；D、线圈中产生电流的原理是电磁感应现象，故D错误。故选：AC。【点评】知道发电机的原理，并能理解发电机工作时其内部电流大小、方向的变化特点是解决该题的关键。15多选（2018潍坊）如图是某同学设计的汽车启动电路。旋转钥匙接通a、b间电路，电动机M启动下列说法正确的是（）AF端为螺线管的N极BR的滑片左移时螺线管磁性减弱C电动机启动说明螺线管产生磁性D螺线管两端电压小于电动机两端电压【分析】（1）根据安培定则判定螺线管的两极；（2）螺线管磁性大小与电流大小有关；（3）通电螺旋管具有磁性；（4）根据电路的连接状态分析。【解答】解：A、根据安培定则可知，F端为螺线管的S极，故A错误；B、R的滑片左移时，电阻减小，根据欧姆定律可知，电流变大，螺线管磁性增强，故B错误；C、电动机启动说明衔铁向下移动，这是螺线管磁性而产生的，故C正确；D、由图可知，螺线管的电路中电源只有一节干电池，电动机的电源是两节干电池，故螺线管两端电压小于电动机两端电压，故D正确。故选：CD。【点评】该题考查了安培定则的应用、磁极间的作用规律的应用、电磁铁磁性强弱的影响因素等知识点，是一道综合题。16多选（2017潍坊）如图所示，在“探究什么情况下磁可以生电”的实验中，导线ab与灵敏电流计组成闭合电路，蹄形磁体放置在水平桌面上保持静止时，下列说法正确的是（）A导线ab静止不动，电流计指针不偏转B导线ab在水平方向运动，电流计指针可能会发生偏转C导线ab在竖直方向运动，电流计指针可能会发生偏转D电流计指针的偏转方向与导线ab的运动方向有关【分析】解答本题要求知道产生感应电流的条件，电磁感应现象原理告诉我们，闭合电路的一部分导体在做切割磁感线运动时，会产生感应电流，由此可知产生电流的条件之一是导体做切割磁感线运动。且所产生的感应电流的方向与磁场的方向和导体运动的方向有关。【解答】解：A、导线ab静止不动，不切割磁感线，不会产生感应电流，电流计指针不偏转，故A正确；B、导线ab在水平方向运动，导线ab做切割磁感线运动，所以在电路中会有感应电流，电流表指针会偏转，故B正确；C、导线ab在竖直方向运动，即平行于磁感线运动，所以不能产生感应电流，电流表指针不会偏转，故C错误；D、导线ab分别水平向右和水平向左运动时，即在磁场方向不变的情况下，改变导体的运动方向，感应电流的方向会改变，则电流表指针偏转的方向相反，故D正确。故选：ABD。【点评】理解电磁感现象，关键在于三个词：一是“闭合电路”，“一部分导体”，“切割磁感线运动”，三个条件缺少一个都不会产生感应电流。17（2018德州）小磁针静止时的指向如图所示，由此可以判定螺线管的A端是S极（选填“N”或“S”），接线柱a连接的是电源正极（选填“正”或“负”）。【分析】由磁极间的相互作用可知螺线管的磁极，再由右手螺旋定则可知通电螺线管的电流方向，而电流从电源正极流出，据此确定电源正负极。【解答】解：因为同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，所以螺线管A端为S极、B端为N极；由右手螺旋定则可知螺线管中电流由左侧流入、右侧流出；所以a为电源的正极、b为负极，如图所示：故答案为：S；正。【点评】本题考查右手螺旋定则及磁极间的相互作用，要求学生能熟练应用右手螺旋定则判断磁极或电流方向。18（2017威海）如图甲所示，小明在探究通电螺线管外部磁场的方向的实验中，把电池的正负极对调，这样操作是为了探究通电螺线管外部磁场方向和电流方向是否有关。在此实验的基础上，他将电源换成灵敏电流表，如图乙所示，闭合开关，将一个条形磁体快速插入螺线管中时，观察到电流表的指针发生偏转，依据此现象的原理法拉第发明了发电机。【分析】（1）通电螺线管周围磁场的方向与电流方向和线圈的绕向这两个因素有关，若只改变其中的一个，磁场方向发生改变；若两个因素同时改变，磁场方向不变。（2）闭合电路部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生感应电流的现象叫做电磁感应；发电机就是根据此原理制成的。【解答】解：（1）把电池正负极对调，改变了电流方向，闭合开关后，观察小磁针指示的磁场方向是否发生改变，因此这样操作是为了研究通电螺线管外部磁场方向和电流方向是否有关。（2）图中线圈、导线和电流表组成闭合电路，通电线圈周围存在磁场，将条形磁体快速插入螺线管中时（相当于切割了磁感线），观察到电流表的指针发生偏转，说明产生了感应电流，这是电磁感应现象，依据此现象的原理法拉第发明了发电机。故答案为：电流方向；发电机。【点评】本题考查了电磁感应现象的原理、应用及机的发电机原理和应用，是一道综合题。19（2016枣庄）如图所示，闭合开关S，通电螺线管右侧的小磁针静止时，小磁针的N极指向左，则电源的右端为正极，若使通电螺线管的磁性减弱，滑动变阻器的滑片P应向左端移动。【分析】由小磁针的指向可判出电磁铁的极性，根据安培定则判断电源的正负极；由磁性的变化可知电流的变化，从而判断滑片的移动情况。【解答】解：小磁针静止时N极向左，则由磁极间的相互作用可知，通电螺线管右端为S极，则左端为N极，根据安培定则可以判断电源的右端为正极，左端为负极；如图所示：若使通电螺线管的磁性减弱，需减小电路中电流，由欧姆定律可知要增大电路中电阻，故滑片向左移动。故答案为：正；左。【点评】通电螺线管磁极的判定要利用安培定则，安培定则中涉及三个方向：电流方向与线圈绕向即四指的指向；磁场方向即大拇指的指向。在关于安培定则的考查中，往往是知二求一。20（2017泰安）在图中，标出闭合开关后通电螺线管和小磁针的N、S极。【分析】通过图示的螺线管的绕向和电源的正负极，利用安培定则可以确定螺线管的N极；再利用磁极间的作用规律。即可确定小磁针的N极。【解答】解：（1）电流从螺线管的左端流入，右端流出，结合线圈的绕向，利用安培定则可以确定螺线管的右端为N极，左端为S极。（2）小磁针静止时，由于受到通电螺线管的作用，小磁针的N极一定靠近螺线管的S极，即小磁针的左端为S极，右端为N极。答案如下图所示：【点评】安培定则中共涉及三个方向：电流方向；线圈绕向；磁场方向；关于这方面的考查，一般是直接或间接告诉其中的两个，利用安培定则来确定第三个方向。在此题中，就是告诉了电流方向、线圈绕向来确定电磁铁的NS极。21（2017威海）开关闭合后电磁铁A和永磁体B的磁感线分布如图所示。请标出永磁体B左端的磁极和四条磁感线的方向。【分析】由右手螺旋定则可知螺线管的磁极，由磁感线的特点可知永磁体的磁极及磁感线的方向。【解答】解：由右手螺旋定则可知，电磁铁A右端为N极； 因外部磁感线由N极指向S极，故两磁体应为同名磁极相对，故永磁体B左端也应为N极；磁感线方向均应向外。故答案如图所示：【点评】本题考查右手螺旋定则、磁极间的相互作用及磁感线的特点，要求学生对常见磁场的磁感线的形状应熟练掌握。22（2016德州）一小磁针放在通电螺线管周围，静止时N极指向如图所示。请用箭头标出磁感线的方向，并用“+”、“”符号在括号内标出电源正、负极。【分析】根据小磁针的NS极指向，利用磁极间的作用规律可以确定螺线管的NS极；根据磁感线特点可确定磁感线方向；根据螺线管的NS极和线圈绕向，利用安培定则可以确定螺线管中的电流方向，进而可以确定电源正负极。【解答】解：磁极间的作用规律可以确定螺线管左端为N极，右端为S极，利用安培定则可以确定螺线管中电流的方向是从螺线管的右端流入，左端流出，因此电源的右端为正极，左端为负极。磁感线方向从N极指向S极。答案如下图所示：【点评】安培定则共涉及三个方向：电流方向、磁场方向、线圈绕向，告诉其中的两个可以确定第三个。23（2018青岛）探究电生磁装置结论作图根据图1可知：电流的磁场方向与电流方向有关据图2可知：通电螺线管外部的磁场与条形磁体的磁场相似。根据图2中小磁针的指向，标出电源的正、负极根据图3可知：电磁铁磁性的强弱跟线圈匝数有关。要使图3中乙电磁铁的磁性增强，可以将滑动变阻器的滑片向左移动。【分析】仔细观察图象，根据图象内容分析实验的原理，从而得出答案。【解答】解：根据图1可知：电流方向改变，小磁针偏转方向发生改变，这说明电流的磁场方向与电流方向有关；据图2可知：通电螺线管外部的磁场与条形磁体的磁场相似的；小磁针静止时N极的指向与磁感线的方向是相同的，磁感线是从N极出来，然后回到S极的，故通过螺线管的右端为N极，根据安培定则可知，螺线管中电流方向是向下的，即电源右端为正极；如图：；根据图3可知：在电流相同时，线圈匝数越多的，吸引的大头针个数越多，这说电磁铁磁性的强弱跟线圈匝数有关。通过增大电流可以增大电磁铁的磁性，故可以将滑动变阻器的滑片向左移动，滑动变阻器接入电路的电阻减小，电路中的电流变大。故答案为：电流；条形；如图；线圈匝数；将滑动变阻器的滑片向左移动。【点评】本题考查了影响电磁铁磁性大小的因素、电流的磁效应，属于基础知识。24（2017潍坊）同学们在制作电动机模型时，把一段粗漆包线烧成约3cm2cm的矩形线圈，漆包线在线圈的两端各伸出约3cm然后，用小刀刮两端引线的漆皮。用硬金属丝做两个支架，固定在硬纸板上。两个支架分别与电池的两极相连。把线圈放在支架上，线圈下放一块强磁铁，如图所示。给线圈通电并用手轻推一下，线圈就会不停的转下去。（1）在漆包线两端用小刀刮去引线的漆皮，刮线的要求是B（填选项“A”或“B”）。A两端全刮掉 B一端全部刮掉，另一端只刮半周（2）线圈在转动过程中电能转化为机械能。（3）小华组装好实验装置，接通电源后，发现线圈不能转动，写出一条可能造成该现象的原因电源电压较低、磁场太弱或开始线圈处在平衡位置。【分析】（1）为了使线圈持续转动，将线圈两端引线的漆皮一端全部刮掉，另一端只刮半周，这样在一个半周内受到磁场的力的作用，另一个半周利用惯性转动。（2）线圈在转动过程中机电转化为机械能。（3）线圈不转动的原因可能是无电流、磁场太弱、开始线圈处在平衡位置。【解答】解：（1）在实验中影响线圈的转向的因素有电流的方向和磁场的方向，则为了使线圈能持续转动，采取将线圈一头的绝缘漆刮去，另一头刮去一半的办法来改变通入线圈的电流方向。故选B。（2）根据电动机的原理知，能转动的原因是通电线圈在磁场中受磁力的作用而转动，线圈在转动过程中消耗电能转化为机械能。（3）小华组装好实验装置，接通电源后，发现线圈不能转动，可能是电源电压较低、磁场太弱或开始线圈处在平衡位置。故答案为：（1）B；（