2018年高考物理二轮复习高考仿真模拟卷1新人教版.docx

高考仿真模拟卷(一)本试卷分第卷(选择题)和第卷(非选择题)两部分满分110分考试时间60分钟第卷(选择题共48分)本卷共8小题，每小题6分在每小题给出的四个选项中，第1418题只有一项符合题目要求，第1921题有多项符合题目要求全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分14甲、乙两物体从同一地点同时开始沿同一方向运动，甲物体运动的vt图象为两段直线，乙物体运动的vt图象为两段半径相同的圆弧曲线，如图所示，图中t42t2，则在0t4时间内，以下说法正确的是()A甲物体的加速度不变B乙物体做曲线运动C两物体t1时刻相距最远，t4时刻相遇D甲物体的平均速度等于乙物体的平均速度D0t2时间段内，甲做匀加速直线运动，t2t4时间内甲物体做匀减速直线运动，故A错；速度是矢量，在速度时间图象中，只能表示直线运动，B错；在整个运动过程中，t3时刻两物体相距最远，C错；在速度时间图象中，图线下面所包围的面积即为位移，可求知0t4时间段内，位移相等，故平均速度相同，D对15下列说法正确的是()A放射性元素发生一次衰变，原子序数减少1B氢原子由n3向n1的能级跃迁时，只能辐射2种频率的光子C在光电效应实验中，光电子的最大初动能与入射光强无关，只随入射光的频率增大而增大D.U的半衰期约为7亿年，随着地球环境的不断变化，半衰期可能变短C放射性元素发生一次衰变，多一个质子，原子序数增加1，A错；由n3向n1的能级跃迁时，能辐射3种频率的光子，B错误；由光电效应方程EkhW，可知C正确；放射性元素的半衰期不会随环境的变化而改变，故D错16(多选)如图，一滑块随传送带一起顺时针匀速运动当滑块运动到中间某个位置时，由于某种原因，传送带突然原速率反向转动，则滑块在传送带上运动的整个过程中，其对地速度v1及相对传送带的速度v2随时间变化关系图象不可能为()D一开始滑块随传送带一起顺时针匀速运动，说明滑块受力平衡，它的重力沿传送带斜向下的分力等于静摩擦力，此时滑块相对传送带的速度为0.传送带突然反向转动，滑块由于惯性继续沿传送带向下运动，此时受到的是滑动摩擦力，故一定有mgcos mgsin .设传送带的速率为v0，若mgcos mgsin ，则反转后滑块仍然沿传送带向下做匀速运动，其对地速度v1及相对传送带的速度v2均恒定，且v1v0，v22v0，A、C项可能若mgcos mgsin ，则反转后滑块相对传送带速度由2v0先减速到0，然后再反向匀加速运动，直到与传送带共速，而滑块相对地面速度v1由v0先减速到零，然后再反向匀加速，直到与传送带共速，B项可能，D项不可能17真空中，两个相距L的固定点电荷E、F所带电荷量分别为QE和QF，在它们共同形成的电场中，有一条电场线如图中实线所示电场线上标出了M、N两点，其中N点的切线与EF连线平行，且NEFNFE.则()AE带正电，F带负电，且QEQFB在M点由静止释放一带正电的检验电荷，检验电荷将沿电场线运动到N点C过N点的等势面与过N点的切线垂直D负检验电荷在M点的电势能大于在N点的电势能C根据电场线可知，两点电荷为异种电荷，但哪个电荷带正电无法判断，选项A错误；由于电场线一般为曲线，带电粒子在电场中运动轨迹不可能与电场线重合，选项B错误；由于N点的电场线沿水平方向，等势线与电场线垂直，因而选项C正确；由于不能确定电场线的方向，因而无法确定负检验电荷在哪点的电势能大，选项D错误18如图所示，在半径为R的圆形区域内充满磁感应强度为B的匀强磁场，MN是一竖直放置的足够长的感光板从圆形磁场最高点P以速度v垂直磁场射入大量带正电的粒子，且粒子所带电荷量为q、质量为m.不考虑粒子间的相互作用力和粒子的重力，关于这些粒子的运动以下说法正确的是()A只要对着圆心入射，出射后均可垂直打在MN上B即使是对着圆心入射的粒子，其出射方向的反向延长线也不一定过圆心C只要速度满足v，沿不同方向入射的粒子出射后均可垂直打在MN上D对着圆心入射的粒子，速度越大在磁场中通过的弧长越长，时间也越长C粒子的速度不同，在磁场中做圆周运动的半径不同，从圆形磁场中出来后不一定垂直打在MN板上，选项A错误；沿圆心进入圆形磁场的粒子，离开磁场时速度的反向延长线一定过圆心，选项B错误；若粒子的速度为v，粒子在磁场中做圆周运动的半径为rR，粒子离开磁场时速度沿水平方向，垂直打在MN板上，选项C正确；速度越大的粒子在磁场中的运动轨迹对应的圆心角越小，因而运动时间越短，选项D错误19如图所示电路中的变压器为理想变压器，S为单刀双掷开关P是滑动变阻器R的滑动触头，U1为加在原线圈两端的交变电压，I1、I2分别为原线圈和副线圈中的电流下列说法正确的是()A保持P的位置及U1不变，S由a切换到b，则I2减小B保持P的位置及U1不变，S由b切换到a，则R上消耗的功率减小C保持P的位置及U1不变，S由b切换到a，则I1增大D保持U1不变，S接在b端，将P向上滑动，则I1减小AC保持P的位置不变和U1不变，S由a打到b，副线圈匝数减小，根据可知副线圈两端电压U2减小，因而电流I2减小，选项A正确；保持P的位置不变和U1不变，S由b打到a，副线圈匝数增大，根据可知副线圈两端电压U2增大，电流I2增大，R消耗的功率增大，选项B错误，选项C正确；保持U1不变，S打到b，P上滑，则电流I2增大，I1增大，选项D错误20如图，质量为m的小球从斜轨道高h处由静止滑下，然后沿竖直圆轨道的内侧运动已知圆轨道的半径为R，不计一切摩擦阻力，重力加速度为g.则下列说法正确的是()A当h2R时，小球恰好能到达最高点MB当h2R时，小球在圆心等高处P时对轨道压力为2mgC当hR时，小球在运动过程中不会脱离轨道D当hR时，小球在最低点N时对轨道压力为2mgBCA在圆轨道的最高点M，由牛顿第二定律有：mgm，得：v0 根据机械能守恒得：mghmg2Rmv 解得：h2.5R，故A错误B当h2R时，小球在圆心等高处P时速度为v，根据机械能守恒得：mg2RmgR mv2小球在P时，有：Nm 联立解得 N2mg，则知小球在圆心等高处P时对轨道压力为2mg，故B正确C当hR时，根据机械能守恒得知小球在圆轨道上圆心下方轨道上来回运动，在运动过程中不会脱离轨道，故C正确D当hR时，设小球在最低点N时速度为v，则有：mgR mv2在圆轨道最低点，有：Nmgm 解得：N3mg，则小球在最低点N时对轨道压力为3mg，故D错误21如图两根足够长光滑平行金属导轨PP、QQ倾斜放置，匀强磁场垂直于导轨平面向上，导轨的上端与水平放置的两金属板M、N相连，板间距离足够大，板间有一带电微粒，金属棒ab水平跨放在导轨上，下滑过程中与导轨接触良好现在同时由静止释放带电微粒和金属棒ab，则()A金属棒ab一直加速下滑B金属棒ab最终可能匀速下滑C金属棒ab下滑过程中M板电势高于N板电势D带电微粒可能先向N板运动后向M板运动ACD根据牛顿第二定律有mgsin BIlma，而I，qCU，UBlv，vat，联立解得a，因而金属棒将做匀加速运动，选项A正确，B错误；ab棒切割磁感线，相当于电源，a端相当于电源正极，因而M板带正电，N板带负电，选项C正确；若带电粒子带负电，在重力和电场力的作用下，先向下运动然后再反向向上运动，选项D正确第卷(非选择题共62分)本卷包括必考题和选考题两部分第2225题为必考题，每个试题考生都必须做答第3334题为选考题，考生根据要求做答(一)必考题(共47分)22(6分)某同学用如图甲的装置来测定滑块与导轨间的动摩擦因数在气垫导轨上安装了两个光电门1、2，滑块上固定一遮光条，滑块用细线跨过定滑轮与钩码相连(1)用游标卡尺测遮光条的宽度d，图乙中游标卡尺读数为_cm.滑块在轨道上做匀加速运动时，先后通过光电门1、2所用的时间分别为t1、t2，两光电门间的距离为L，用d、t1、t2、L表示滑块运动的加速度a_.(2)要使细线中拉力近似等于钩码重力，滑块质量M与钩码质量m应满足_关系(3)满足(2)后，调整气垫导轨水平，断开气源时，测得滑块在轨道上运动的加速度为a1；不改变钩码的质量，接通气源，测得滑块在轨道上运动的加速度为a2，用a1、a2、g表示滑块与导轨间的动摩擦因数_. 解析(1)游标卡尺的读数为2 mm0.05 mm52.25 mm0.225 cm；根据vv2aL可得a()(2)若钩码的重力近似等于细线拉力，则钩码质量应远远小于滑块的质量(3)气垫导轨水平，气源断开时，对于滑块有mgMgMa1；接通电源时，对滑块有mgMa2，联立解得.答案(1)0.225()(2)M远远大于m(3)23(9分) 实验室有一破损的双量程电压表，两量程分别是3 V和15 V，其内部电路如图所示，因电压表的表头G已烧坏，无法知道其电学特性，但两个精密电阻R1、R2完好，测得R12.9 k，R214.9 k.现有两个表头，外形都与原表头G相同，已知表头的满偏电流为1 mA，内阻为50 ；表头的满偏电流为0.5 mA，内阻为200 ，又有三个精密定值电阻r1100 ，r2150 ，r3200 .若保留R1、R2的情况下，对电压表进行修复，根据所给条件回答下列问题：(1)原表头G满偏电流I_，内阻r_.(2)在虚线框中画出修复后双量程电压表的电路(标识出所选用的相应器材符号)(3)某学习小组利用修复的电压表，再加上可以使用的以下器材：测量一未知电阻Rx的阻值，电流表A量程05 mA，内阻未知； 最大阻值约为100 的滑动变阻器；电源E(电动势约3 V)；开关S、导线若干由于不知道未知电阻的阻值范围，学习小组为精确测出未知电阻的阻值，选择合适的电路，请你帮助他们补充完整电路连接，正确连线后读得电压表示数为2.40 V，电流表示数为4.00 mA，则未知电阻阻值Rx为_.解析(1)由图示电路图可知，电压表量程：Ig(rgR1)3 V，Ig(rgR2)15 V，代入数据解得：Ig1 mA，rg100 ；(2)修复电压表，表头满偏电流为Ig1 mA，电阻应为：rg100 ，需要的实验器材为：表头的满偏电流0.5 mA，内阻为200 的表头以及r3，即将表头和r3并联在电路中使用，电路图如图所示：(3)根据题意可明确实验中应采用分压接法，电流表采用外接法，故实物图如图所示：电压表量程为3 V，则其内阻RV 3000 ，根据欧姆定律可知R 750 .答案(1)1 mA100 (2)如图(3)电路如图750 24(12分)如图所示，将质量为m的物块A和质量为3m的物块B叠放在竖直墙壁与水平面之间，当撤去外力后，A沿墙竖直下落，B沿水平面向右滑行已知A、B的接触面与竖直方向的夹角30，不计一切摩擦，重力加速度为g.求(1)物块A、B的加速度大小；(2)A下落高度h时(A、B未分离)，物块A、B的速度大小解析(1)由几何关系得aBaAtan 由牛顿第二定律对物块A：mgNsin maA对物块B：Ncos 3maB又NN解得aA，aBg(2)由几何关系得vBvAtan A下落的过程中，物块A、B组成的系统机械能守恒，有mghmv(3m)v解得vA，vB 答案(1)g(2)25(20分)如图在坐标系xOy里，有质量为m，电荷量为q的粒子从原点O沿y轴正方向以初速度v0射出，现要求该粒子能通过点P(l，d)，可通过在粒子运动的空间范围内加适当的“场”来实现，粒子重力忽略不计(静电力常量为k)(1)若只在整个、象限内加垂直纸面向外的匀强磁场，使粒子在磁场中做匀速圆周运动，并能到达P点，求磁感应强度B的大小；(2)若只在x轴上某点固定一带负电的点电荷Q，使粒子在点电荷产生的电场中做匀速圆周运动，并能到达P点，求点电荷Q的电荷量大小；(3)若在整个、象限内加垂直纸面向外的匀强磁场，并在第象限内加平行于x轴，沿x轴正方向的匀强电场，也能使粒子运动到达P点如果此过程中粒子在电、磁场中运动的时间相等，求磁感应强度B的大小和电场强度E的大小解析(1)粒子由O到P的轨迹如图所示，粒子在磁场中做圆周运动，半径为R1，由几何关系知：R1由牛顿第二定律可知：qv0B由此得B(2)粒子由O到P的轨迹如图所示， 粒子在电场中做圆周运动，半径为R2，由几何关系知： (lR2)2d2RR2由牛顿第二定律可知：由此得：Q(3)粒子由O经P到P的轨迹如图所示，在磁场中做圆周运动，在电场中做类平抛运动在电场中运动时间t在磁场中运动时间t由此得：B在磁场中做圆周运动，设半径为R3则有v0tR3R3电场中PPl2R3lPPt2由此得E答案(1)(2)(3)(二)选考题(共15分请考生从给出的2道物理题中任选一题做答如果多做，则按第一题计分)33物理选修33(15分)(1)(5分)下列说法中正确的是_(填入正确选项前的字母选对1个得3分，选对2个得4分，选对3个得5分每选错1个扣3分，最低得分为0分)A气体放出热量，其分子的平均动能可能增大B布朗运动不是液体分子的运动，但它可以说明分子在永不停息地做无规则运动C当分子力表现为斥力时，分子力和分子势能总是随分子间距离的减小而增大D第二类永动机不违反能量守恒定律，但违反了热力学第一定律E某气体的摩尔体积为V，每个分子的体积为V0，则阿伏加德罗常数可表示为NA(2)(10分)如图所示，开口向上竖直放置的内壁光滑气缸，其侧壁是绝热的，底部导热，内有两个质量均为m的密闭活塞，活塞A导热，活塞B绝热，将缸内理想气体分成、两部分初状态整个装置静止不动且处于平衡状态，、两部分气体的高度均为L0，温度为T0.设外界大气压强为p0保持不变，活塞横截面积为S，且mgp0S，g为重力加速度，环境温度保持不变求：在活塞A上逐渐添加铁砂，当铁砂质量等于2m时，两活塞在某位置重新处于平衡，活塞A下降的高度解析(1)气体放出热量，若外界对气体做功，气体的温度可能升高，分子的平均动能可能增大，选项A正确；布朗运动不是液体分子的运动，但是能反映分子在永不停息地做无规则运动，选项B正确；当分子力表现为斥力时，随着分子间距离减小，分子力做负功，分子力和分子势能均增大，选项C正确；第二类永动机不违背能量守恒定律，但是违背热力学第二定律，选项D错误；对于气体分子，依据每个气体分子所占空间的体积估算分子数目，但不能根据每个气体分子的体积估算分子数目，选项E错误(2)对气体，初状态：p1p02p0末状态：p1p04p0由玻意耳定律得：p1L0Sp1L1S解得：L1L0对气体，初状态：p2p13p0末状态：p2p15p0由玻意耳定律得：p2L0Sp2L2S解得：L2L0A活塞下降的高度为：L(L0L1)(L0L2)L0答案(1