广东省蕉岭县蕉岭中学2018_2019学年高二物理下学期第一次质检试题.docx

广东省蕉岭县蕉岭中学2018-2019学年高二物理下学期第一次质检试题一.单选题（每小题3分，共30分）。1两个完全相同的绝缘金属小球A、B，A球所带电荷量为+4Q，B球不带电。现将B球与A球接触后，移至与A球距离为d处（d远大于小球半径）。已知静电力常量为k，则此时A、B两球之间的库仑力大小是( )A. B. C. D. 2. 某交流电的图象如图1所示，则该交流电( ) 图1 A周期 B频率f=100HzC电压有效值V D用交流电压表测量时读数为220V图23如图2所示，AB为固定的通电直导线，闭合导线框P与AB在同一平面内。当P远离AB做匀速运动时，它受到AB的作用力为（ ）A零 B引力，且逐步变小 C引力，且大小不变 D斥力，且逐步变小4一矩形线圈在匀强磁场中匀速转动，产生正弦式交流电，当线圈平面与中性面垂直时，下面说法正确的是（ ）A电流方向将发生改变 B磁通量的变化率达到最大值C通过线圈的磁通量达到最大值 D感应电动势达到最小值5. 如下图所示，两平行金属板中间有相互垂直的匀强磁场和匀强电场，不计重力的带电粒子沿垂直于电场和磁场方向射入。有可能做直线运动的是( )A. B. C. D. 6如图3所示，电感线圈L的自感系数足够大，其直流电阻忽略不计，LA、LB是两个相同的灯泡，且在下列实验中不会烧毁，电阻R2阻值约等于R1的两倍，则（ ）A闭合开关S时，LA、LB同时达到最亮，且LB更亮一些图3B闭合开关S时，LA、LB均慢慢亮起来，且LA更亮一些C断开开关S时，LA慢慢熄灭，LB闪亮后才慢慢熄灭D断开开关S时，LA慢慢熄灭，LB马上熄灭7矩形线圈abcd位于一随时间变化的匀强磁场内，磁场方向垂直线圈所在的平面向里，如下图甲所示，磁感应强度B随时间t变化的规律如下图乙所示。以I表示线圈中的感应电流（以顺时针方向为电流的正方向），则下列选项中能正确表示线圈中电流I随时间t变化规律的是（ ）ABE8一带负电油滴在场强为E的匀强电场中的运动轨迹如图4中虚线所示，电场方向竖直向下。若不计空气阻力，则此带电油滴从A运动到B的过程中，下列判断正确的是（ ） A油滴的电势能减少 BA点电势高于B点电势 图4 C油滴所受电场力小于重力 D油滴重力势能减小 9如图5所示的UI图象中，直线为某电源的路端电压与电流的关系图线，直线为某一电阻R的UI图线，用该电源直接与电阻R连接成闭合电路，由图象可知( )A电源电动势为3 V，内阻为0.5 B电阻R消耗的功率为3.0 W图5C电源的效率为50%D如果电阻R逐渐增大，电源的输出功率可能先增大后减小10. 如图6所示,三根长为L的直线电流在空间构成等边三角形,电流的方向垂直纸面向里。电流大小均为,其中A、B电流在C处分别产生的磁感应强度的大小都为B0,导线C位于水平面处于静止状态,则导线C受到的静摩擦力是（ ）A. , 平向左 B. ,水平向右图6C. ,水平向左 D. ,水平向右二多选题（每题4分，共20分，在小题所给出的四个选项中，有多个选项正确，全部选对得4分，选对但不全得2分，有选错的得0分）11.一正弦式交变电流随时间变化的规律如图7所示，由图可知( )图7A. 该交变电流的瞬时表达式为B. 该交变电流的频率为25HzC. 该交变电流的方向每秒钟改变50次D. 该交变电流通过阻值为的电阻时，此电阻消耗的功率为200W12如图8所示，甲是回旋加速器的原理图，乙是研究自感现象的实验电路图，丙是欧姆表的内部电路图，丁图是动圈式话筒的原理图，下列说法正确的是（ ）图8甲 乙 丙 丁磁铁音圈金属膜片声波AESLA甲图是加速带电粒子的装置，其加速电压越大，带电粒子最后获得的速度越大B乙图电路开关断开瞬间，灯泡A一定会突然闪亮一下C丙图在测量电阻前，需两表笔短接，调节R1使指针指向0D丁图利用了电磁感应的原理，声波使膜片振动，从而带动音圈产生感应电流13. 如图9所示，理想变压器初级线圈的匝数为n1，次级线圈的匝数为n2，初级线圈的两端a、b接正弦交流电源，电压表V的示数为220V，负载电阻R=44，电流表A1的示数是0.20A。下列判断中正确的是（ ）A初级线圈和次级线圈的匝数比为2：1B初级线圈和次级线圈的匝数比为5：1图9C电流表A2的示数为1.0AD电流表A2的示数为0.4A14如图10所示，金属导轨上的导体棒ab在匀强磁场中沿导轨做下列哪种运动时，铜制线圈c中将有感应电流产生且被螺线管吸引( )图10A向右做匀速运动 B向右做减速运动C向右做加速运动 D向左做减速运动15. 在光滑绝缘水平面的P点正上方O点固定了一电荷量为Q的正点电荷，在水平面上的N点，由静止释放质量为m、电荷量为q的带电小球，小球经过P点时速度为v，图11中60，则在Q形成的电场中( )A. N点电势高于P点电势 B. P点电场强度大小是N点的2倍 图11C. D. 带电小球从N点到P点的过程中电势能减少了三.实验题（每空2分，共14分）16. 某同学在测定金属圆柱体电阻率时需要先测量其尺寸，他分别使用游标卡尺和螺旋测微器测量圆柱体的长度和直径，某次测量的示数如图12甲、乙所示，长度为_cm，直径为_mm。图12甲乙17. 某实验小组描绘规格为“2.5V，0.6W”的小灯泡的IU特性曲线。实验室提供下列器材：A电流表A1（量程为025mA，内阻约1）B电流表A2（量程为0300mA，内阻约0.2）C电压表V1（量程为03V，内阻约5k）图13D电压表V2（量程为015V，内阻约15k）E滑动变阻器R1（010，额定电流1.5A）F滑动变阻器R2（01000，额定电流0.5A）G直流电源（电动势6V，内阻忽略不计）H开关一个、导线若干（1）实验中所用的电压表应选C，电流表应选_，滑动变阻器应选_（只需填器材前面的字母代号）。（2）若采用如图13甲所示的电路描绘小灯泡的伏安特性曲线，电压表的右端应与电路中的_点相连（选填“a”或“b”）。（3）开关S闭合之前，图13甲中滑动变阻器的滑片P应该置于_端（选填“c”或“d”）。（4）正确操作实验，测量出多组数据，以灯泡两端的电压U为横轴，电流表的示数I为纵轴，描点作出灯泡的伏安特性曲线如13图乙所示。则随温度的增加，灯丝电阻_（选填“增大”、“减小”或“不变”）。四、计算题：本题4小题，共36分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤。只写出最后答案的不得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。18.(6分) 在如图14甲所示的电路中，螺线管匝数n = 1500匝，横截面积S = 20cm2。螺线管导线电阻r = 1.0，R1 = 4.0，R2 = 5.0，C = 30F。在一段时间内，穿过螺线管的磁场的磁感应强度B按如图14乙所示的规律变化。求：（1）求螺线管中产生的感应电动势；（2）闭合S，电路中的电流稳定后，电阻R1的电功率；（3）S断开后，求流经R2的电量。图1419（8分）如图15，水平U形光滑框架，宽度为1m，电阻忽略不计，导体棒ab的质量m = 0.2kg、电阻R = 0.5，匀强磁场的磁感应强度B = 0.2T，方向垂直框架向上。现用F = 1N的外力由静止开始向右拉ab棒，当ab棒向右运动的距离为d 0.5m时速度达到2m/s，求此时：FBab（1）ab棒产生的感应电动势的大小；（2）ab棒所受的安培力；（3）ab棒的加速度大小。（4）ab棒在向右运动0.5m的过程中，电路中产生的焦耳热Q。图1520.（10分）如图16所示，物体A置于静止在光滑水平面上的平板小车B的左端，物体在A的上方O点用细线悬挂一小球C(可视为质点)，线长L0.8m。现将小球C拉至水平无初速度释放，并在最低点与物体A发生水平正碰，碰撞后小球C反弹的速度为2m/s。已知A、B、C的质量分别为mA4kg、mB8kg和mC1kg，A、B间的动摩擦因数0.2，A、C碰撞时间极短，且只碰一次，取重力加速度g10m/s2。(1)求小球C与物体A碰撞前瞬间受到细线的拉力大小；(2)求A、C碰撞后瞬间A的速度大小；(3)若物体A未从小车B上掉落，小车B的最小长度为多少。图1621. (12分)如图17所示，将某质量为m、电荷量为q的正粒子放置于原点O，使其以速度V0沿X轴正方向射入电场。在0yd的一、二象限范围内分布着一个匀强电场，方向与y轴正向相同，在dy2d的一、二象限范围内分布着一个匀强磁场，方向垂直于xoy平面向里。粒子离开电场上边缘y=d时，能够从坐标为（1.5d，d）的位置进入磁场，若粒子恰好没有从y=2d的边界离开磁场。已知sin37=0.6， cos37=0.8，不计粒子重力以及粒子间的相互作用，求：（1）电场强度E；（2）磁感应强度B；（3）粒子在磁场中运动的时间。图172018-2019学年第二学期高二第一次质检物理答案题号12345678910答案ADBBDCCACB题号1112131415答案BCCDBCBDCD三.实验题（每空2分，共14分）16. (1) 5.02 (2) 4.815 ( 4.8134.817)17. (1) B (2) E (3) a (4) c (5) 增大四、计算题(共36分)18（6分）解：（1）（1分）根据法拉第电磁感应定律 求出E=1.2V （2）（3分）根据全电路欧姆定律 根据， 求P=5.7610-2W（3）（2分）S断开后，电容器两端的电压U=IR20.6V 经R2的电量Q=CU=1.810-5C19（8分）（1）（1分）根据导体棒切割磁感线的电动势，E=0.4V。（2）（3分）由闭合电路欧姆定律得回路电流，ab受安培力F安=BIL= 0.16N，方向水平向左。（3）（2分）根据牛顿第二定律得ab杆的加速度a=，得ab杆的加速度a= 4.2m/s2 (4)（2分） 由能量守恒有：Fd = Q + 1/2mv2 解得Q = 0.9J20（10分）（1）（4分）小球下摆过程机械能守恒，由机械能守恒定律得：mCgL = 1/2mCV02， 代入数据解得：V0 = 4 m/s，对小球，由牛顿第二定律得：T mcg = mcV02/L， 代入数据解得：T = 30N；（2）（2分）小球与A碰撞过程系统动量守恒，以小球的初速度方向为正方向， 由动量守恒定律得：mCV0 = -mCVc + mAVA， 代入数据解得：vA = 1.5m/s；（3）（4分）物块A与木板B相互作用过程，系统动量守恒，以A的速度方向为正方向， 由动量守恒定律得：mAVA = （mA + mB）V， 代入数据解得：V = 0.5m/s，由能量守恒定律得：mAgx = 1/2mAVA2-1/2（