人教高中物理（选修33）第八章气体同步检测卷（含解析）

人教高中物理（选修3-3）第八章气体-同步检测卷本试卷分第卷（选择题）和第卷（非选择题）两部分。满分100分，考试用时60分钟。第卷（选择题，共32分）一、选择题：（每小题至少有一个选项是正确的，请把正确的答案填入答题卡中，每小题4分，共32分，漏选得2分，错选和不选得零分）1 于一定量的理想气体，下列四个论述中正确的是（ ）A当分子热运动变剧烈时，压强必变大B当分子热运动变剧烈时，压强可以不变C当分子间的平均距离变大时，压强必变小D当分子间的平均距离变大时，压强必变大2为了控制温室效应，各国科学家提出了不少方法和设想。有人根据液态CO密度大于海水密度的事实，设想将CO液化后，送入深海海底。以减少大气中CO的浓度。为使CO液化，可采用的措施是（ ）A减压、升温 B增压、升温C减压、降温 D增压、降温3对于地面所受到的大气压强，甲说：“这个压强就是地面上每平方米面积的上方整个大气柱对地面的压力，它等于地面上方的这一大气柱的重力。”乙说：“这个压强是由地面附近那些做无规则运动的空气分子对每平方米地面的碰撞造成的。”下列判断正确的是（ ）图2-1A说的对B乙说的对C甲、乙说的都对D甲、乙说的都不对4已知离地面愈高时大气压强愈小，温度也愈低，现有一气球由地面向上缓慢升起，试问大气压强与温度对此气球体积的影响如何 （ ）A大气压强减小有助于气球体积增大，温度降低有助于气球体积增大B大气压强减小有助于气球体积变小，温度降低有助于气球体积减小C大气压强减小有助于气球体积增大，温度降低有助于气球体积减小D大气压强减小有助于气球体积变小，温度降低有助于气球体积增大5如图2-1所示，U形管封闭端内有一部分气体被水银封住，已知大气压力为p,封闭部分气体的压强p以汞柱为单位）为（ ）A B C D6在某一恒温水池（温度远低于1000C ）底部有一气泡从池底缓慢上升，气泡内的气体可视为理想气体，在水泡上升的过程中，气体质量不变，则下面判断正确的是（ ）A气泡内气体分子 的平均动能增大B气泡内气体的内能增大C气泡内气体分子的平均距离增大D气泡气体向外放热7一个带活塞的气缸内盛有一定量的气体，若此气体的温度随其内能的增大而升高，则（ ）A将热量传给气体，其温度必升高B压缩气体，其温度必升高C压缩气体，同时气体向外界放热，其温度必不变D压缩气体，同时将热量传给气体，其温度必升高8一定量的理想气体，处在某一初始状态，现在要使它的温度经过变化后又回到初始状态，下述过程中可能实现的是（ ）A保持体积不变而减小压强，接着保持压强不变而使体积增大B先保持体积不变而增大压强，接着保持压强不变而使体积增大C先保持压强不变而减小体积，接着保持体积不变而使压强增大D先保持压强不变而增大体积，接着保持体积不变而使压强减小图2-2 第卷（非选择题，共68分）二、填空题（每题分，共3分，请把答案填写在题中横线上）9一定质量的理想气体的状态变化过程如图2-2的图线所示， 吸热的过程有 。111654年德国马德堡市市长格里凯曾做了两个中空的金属半球，直径约0.36m，把它们扣在一起，然后抽去里面的空气，两边共用16匹马才把球拉开，这就是科学史上传为美谈的“马德堡半球”。如果大气压强p=105Pa，假设每匹马的拉力相等且在同一直线上，那么每匹马的拉力约为 N（取两位有效数字）图2-312如图2-3所示，汽缸固定在平板车上，质量为m的活塞将气体封闭 在汽缸内，已知外界大气压强为P0，活塞横截面积为S，不计活塞与汽缸壁的摩擦，当小车和汽缸以相同的加速度a沿水平方向运动时，则汽缸内气体的压强为 图2-413如图2-4所示的容器，两端是直径不同的两个圆筒，里面各有一个活塞，其横截面积分别是S=8cm2,S=24cm2，质量分别为M=8kg,M=12kg.它们之间有一质量不计的轻杆相连，活塞可无摩擦滑动，但不漏气；活塞B的下面是和大气相通的，活塞A的上面是真空。若大气压强p=1105P,则被封闭气体的压强为 三、计算题（本题共3小题，共38分，解答应写明必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须写出数值和单位）14很多家庭都用坛子腌菜，腌菜用的坛子要求密封性良好，否则里面的菜就容易坏。怎样才能选带一个不漏气的坛子呢？在民间流行一种这样的方法：先在坛子边缘的水槽中灌上水，然后将一张点燃的纸丢进坛里，稍等片刻再合上坛子盖，如图2-5所示，这时槽中的水如果能被吸进坛子里面，说明坛子不漏气；如果水不能被吸进坛子里面，说明坛子漏气。试说明这种方法的原理。图2-515如图2-6所示的试管内封有一定质量的气体，静止时气柱长为，大气压强为P0，当试管绕竖直轴以角速度在水平面匀速转动时气柱长变为L，其他尺寸如图2-6所示，求转动时的气体压强。（设温度不变，管截面积为S，水银密度为）图2-616“神舟”五号在返回的过程中，为了使返回舱能安全着陆，需在10km的高度上打开降落伞。返回舱上的静压高度控制器通过测量大气压强判定高度。静压高度控制器通过气体对单位面积的压力大小来计算高度。当外界大气温度发生变化时，固定容器内气体压强发生变化（压强与温度在理想状况下成正比），气体对侧面的压力通过静压高度控制器显示，（如图）。已知地面温度为27，压强为1.0105Pa，容器内壁与静压控制器连接部分侧面积为20cm2，假设气体为理想气体，在10km以内每升高1km温度下降6，求在8km高度时，静压控制器示数。S容器静压控制器 外界大气参考答案1B 提示：影响理想气体的压强的因素有两个，一个是温度，另一个是体积，对A、B两选项，由于热运动都加剧，温度生高，但都无法确定气体体积的变化，则压强的变化就不一定，B真确。对C、D项，可判断气体体积变大，但温度的变化不确定，则压强的变化不确定，C、D不能选。2D3A4C提示：大气压强减小，则 ，使气球体积增大，而温度降低，球内一定质量的气体，若体积不变，压强就减小， 使气球体积减小。5B 取最低液面为研究对象，列出平衡方程。选右边最低液面为研究对象，右边液面受到向下的大气压强p,在相同高度的左边液面受到液柱h向下的压强和液柱h上面气体向下的压强p,根据连通器原理可知：p+h=p,得：p=p-h 图2-76C7D 提示：依据热力学第一定律，外界压缩气体对气体做功，同时气体又从外界吸热，因而气体内能必增大并导致温度升高。8ACD提示：如图2-7作出几个不同温度下对应的p-v图线，假设从I状态出发，使温度经系列变化后能回到原来状态。只要能回到原曲线即可。如A项路线如下，可回到原曲线。A项对，同理知C、D亦对。9BC过程 AB是等容降温过程，气体内能减少，但不做功，故内 能减少是放热的结果，BC过程是等压膨胀升温过程，内能增加对外做功，故吸热；CA 过程是等温升压、体积减小的过程，虽外界对气体做功但气体内能不变，故放热。只有BC是吸热过程。10 (1) A (2) 1.5111010512对活塞受力分析 根据牛顿第二定律易得132.510414解析：将点燃的纸张丢进坛中，坛子内的气体温度升高，这时再合上坛子盖，坛子内的火焰在烧完坛内的氧气后很快熄灭，坛子内的气体迅速降温，如果坛子不漏气，根据气体压强与温度的关系，随着温度下降，坛内气体的压强随之减小，使外界的大气压大于坛内气体压强，槽中的水被“吸”进坛中，如果某处漏气，则坛子内外相通，合上盖子后，内外没有压强差，水就不能被吸进去。15解析：选取水银柱为研究对象，转动所需向心力由液柱两侧气体压力差提供：( 而。 16在