2013版物理全程复习方略配套课件(沪科版)：3.3牛顿运动定律的综合应用.ppt

第3讲 牛顿运动定律的综合应用,考点1 超重和失重,1.视重 (1)当物体挂在弹簧测力计下或放在水平台秤上时，弹簧测力 计或台秤的_称为视重. (2)视重大小等于弹簧测力计所受物体的_或台秤所受 物体的_.,示数,压力,拉力,2.超重、失重和完全失重比较,物体对悬挂物的压力（或对支持物的拉力）_物体所受重力的 现象,物体对悬挂物的拉力(或对支持物的压力)_物体所受重力的现象,物体对悬挂物的压力（或对支持物的拉力）_零的现象,物体的加速度方 向_,物体的加速度方 向_,物体的加速度方 向_，大 小_,F-mg=ma F=m(g+a),mg-F=ma F=m(g-a),mg-F=ma F=0,加速上升或 _,加速下降或 _,以a=g加速下降或减速上升,大于,小于,等于,竖直向上,竖直向下,竖直向下,a=g,减速下降,减速上升,1.尽管物体的加速度不是竖直方向，但只要其加速度在竖直方向上有分量,物体就会处于超重或失重状态 2.超重并不是重力增加了，失重并不是重力减小了，完全失重也不是重力完全消失了.在发生这些现象时，物体的重力依然存在，且不发生变化，只是物体对支持物的压力(或对悬挂物的拉力)发生变化 3.在完全失重的状态下，平常一切由重力产生的物理现象都会完全消失，如天平失效、浸在水中的物体不再受浮力、液体柱不再产生压强等,(2012房山区模拟)电梯的顶部挂一个弹簧测力计， 测力计下端挂了一个重物，电梯匀速直线运动时， 弹簧测力计的示数为10 N，在某时刻电梯中的人 观察到弹簧测力计的示数变为8 N，关于电梯的运 动(如图所示)，以下说法正确的是(g取10 m/s2) ( ),A.电梯可能向上加速运动, 加速度大小为4 m/s2 B.电梯可能向下加速运动, 加速度大小为4 m/s2 C.电梯可能向上减速运动, 加速度大小为2 m/s2 D.电梯可能向下减速运动, 加速度大小为2 m/s2,【解析】选C.电梯匀速运动时，对重物由平衡条件得mg=F,m= 1 kg，当弹簧测力计的示数变为8 N时，对重物由牛顿第二定 律得mg-F=ma，得a=2 m/s2,加速度方向向下，其运动情况可 能向上减速或向下加速，故只有C正确.,考点2 牛顿运动定律的应用 1.整体法 当连接体内(即系统内)各物体的_相同时，可以把系统 内的所有物体看成_，分析其受力和运动情况，运用 牛顿第二定律对_列方程求解的方法. 2.隔离法 当求系统内物体间_时，常把某个物体从系 统中_出来，分析其受力和运动情况，再用牛顿第二定 律对_出来的物体列方程求解的方法.,加速度,一个整体,整体,相互作用的内力,隔离,隔离,1.整体法的选取原则 若连接体内各物体具有相同的加速度,且不需要求物体之间的作用力,可以把它们看成一个整体，分析整体受到的外力,应用牛顿第二定律求出加速度(或其他未知量). 2.隔离法的选取原则 若连接体内各物体的加速度不相同,或者要求出系统内两物体之间的作用力时，就需要把物体从系统中隔离出来,应用牛顿第二定律列方程求解.,3.整体法、隔离法的交替运用 若连接体内各物体具有相同的加速度，且要求物体之间的作用力时，可以先用整体法求出加速度，然后再用隔离法选取合适的研究对象，应用牛顿第二定律求作用力.即“先整体求加速度，后隔离求内力”.,(2012沈阳模拟)如图所示，水平地面 上有两块完全相同的木块A、B，在水平 推力F的作用下运动，用FAB代表A、B间 的相互作用力，则( ) A.若地面是完全光滑的，FAB=F B.若地面是完全光滑的，FAB= C.若地面是有摩擦的，FAB=F D.若地面是有摩擦的，FAB=,【解析】选B、D.地面光滑时，对A、B整体有:F=2ma 对B有：FAB=ma 由以上两式得:FAB= ,A错误，B正确. 地面有摩擦时，对A、B整体有： F-2mg=2ma 对B有：FAB-mg=ma 由以上两式得：FAB= ，C错误，D正确.,超重、失重的应用 【例证1】在升降电梯内的地板上放一体重计，电梯静止时，晓敏同学站在体重计上，体重计示数为50 kg，电梯运动过程中，某一段时间内晓敏同学发现体重计示数如图所示，在这段时间内下列说法中正确的是( ),A.晓敏同学所受的重力变小了 B.晓敏对体重计的压力小于体重计对晓敏的支持力 C.电梯一定在竖直向下运动 D.电梯的加速度大小为g/5，方向一定竖直向下,【解题指南】解答本题时，应把握以下两点： (1)体重计的示数等于其受到的压力所对应的质量，但并不一定是人的质量. (2)仅根据加速度的大小和方向无法判断物体的运动性质.,【自主解答】选D.由题知体重计的示数为40 kg时，人对体重 计的压力小于人的重力，故处于失重状态，实际人受到的重力 并没有变化，A错；由牛顿第三定律知B错；电梯具有向下的加 速度，但不一定是向下运动，C错；由牛顿第二定律mgNma，可知a= ，方向竖直向下,D对.,【互动探究】在【例证1】中，如果某一段时间内晓敏同学发现体重计的指针指向“60”，请判断电梯的运动情况.(g= 10 m/s2),【解析】体重计指针指向“60”可知人对体重计的压力大于人的重力，所以人一定处于超重状态，故电梯具有向上的加速度. 对人,由牛顿第二定律得N-mg=ma 代入数据，解得a=2 m/s2,方向向上. 所以电梯的运动情况有两种可能，可能是以2 m/s2的加速度向上匀加速运动，也可能是以2 m/s2的加速度向下匀减速运动. 答案：见解析,【总结提升】超重和失重现象的判断“三”技巧 1.从受力的角度判断，当物体所受向上的拉力(或支持力)大于重力时，物体处于超重状态；小于重力时处于失重状态，等于零时处于完全失重状态. 2.从加速度的角度判断，当物体具有向上的加速度时处于超重状态，具有向下的加速度时处于失重状态，向下的加速度为重力加速度时处于完全失重状态. 3.从速度变化角度判断 (1)物体向上加速或向下减速时,超重; (2)物体向下加速或向上减速时,失重.,整体法、隔离法的灵活应用 【例证2】在2008年北京残奥会开幕式上,运动员手拉绳索向上攀登,最终点燃了主火炬,体现了残疾运动员坚韧不拔的意志与自强不息的精神.为了探究上升过程中运动员与绳索和吊椅间的作用力,可将此过程简化为一根不可伸缩的轻绳跨过轻质的定滑轮,一端挂一吊椅,另一端被坐在吊椅上的运动员拉住,如图所示,设运动员的质量为65 kg,吊椅的质量为15 kg,不计定滑轮与绳子间的摩擦,重力加速度取g=10 m/s2,当运动员与吊椅一起正以加速度a=1 m/s2上升时,试求:,(1)运动员竖直向下拉绳的力; (2)运动员对吊椅的压力.,【解题指南】解答本题可以整体法与隔离法交叉运用,也可选用隔离法,利用牛顿运动定律列方程求解.,【自主解答】解法一:(整体法与隔离法的交叉运用) (1)设运动员受到绳向上的拉力为F,由于跨过定滑轮 的两段绳子拉力相等,吊椅受到绳的拉力也是F,对运 动员和吊椅整体进行受力分析如图甲所示,则有: 2F-(m人+m椅)g=(m人+m椅)a 得F=440 N 由牛顿第三定律,运动员竖直向下拉绳的力 F=F=440 N.,(2)设吊椅对运动员的支持力为N,对运动员进行 受力分析如图乙所示,则有: F+N-m人g=m人a N=275 N 由牛顿第三定律,运动员对吊椅的压力为 N=N=275 N,解法二:(隔离法) 设运动员和吊椅的质量分别为M和m,绳对运动员的拉力大小为F,吊椅对运动员的支持力为N,运动员对吊椅的压力大小为N,分别以运动员和吊椅为研究对象,根据牛顿第二定律有： F+N-Mg=Ma F-N-mg=ma 根据牛顿第三定律有N=N 解得F=440 N, N=275 N 根据牛顿第三定律,运动员竖直向下的拉力为F=F=440 N. 答案：(1)440 N (2)275 N,【总结提升】整体法与隔离法常涉及的问题类型 1.涉及隔离法与整体法的具体问题类型 (1)涉及滑轮的问题 若要求绳的拉力，一般都必须采用隔离法.本例中,绳跨过定滑轮，连接的两物体虽然加速度大小相同但方向不同，故采用隔离法. (2)水平面上的连接体问题 这类问题一般多是连接体(系统)各物体保持相对静止，即具有相同的加速度.解题时，一般采用先整体、后隔离的方法. 建立坐标系时也要考虑矢量正交分解越少越好的原则，或者正交分解力，或者正交分解加速度.,(3)斜面体与上面物体组成的连接体的问题 当物体具有沿斜面方向的加速度，而斜面体相对于地面静止时，解题时一般采用隔离法分析. 2.解决这类问题的关键 正确地选取研究对象是解题的首要环节，弄清各个物体之间哪些属于连接体，哪些物体应该单独分析，分别确定出它们的加速度,然后根据牛顿运动定律列方程求解.,【变式训练】(2011新课标全国卷) 如图，在光滑水平面上有一质量为m1 的足够长的木板，其上叠放一质量为 m2的木块.假定木块和木板之间的最大 静摩擦力和滑动摩擦力相等.现给木块施加一随时间t增大的水平力F=kt(k是常数)，木板和木块加速度的大小分别为a1和a2，下列反映a1和a2变化的图线中正确的是( ),【解析】选A.开始运动时F较小，两物体之间为静摩擦力，不 会相对滑动，由牛顿第二定律有，kt=(m1m2)a，解得 在a-t图象中是一条直线，设木板与木块之间的动摩擦因数为，木板的最大加速度a1= .使木块与木板保持相对静止的 最大外力F0=(m1+m2) ，当外力FF0时，两物体开始相对滑 动，此时两物体之间为滑动摩擦力，对木板应用牛顿第二定律 有，m2g=m1a1，解得a1= 为定值，在a-t图象中是一条平 行于t轴的直线，对木块应用牛顿第二定律有，kt-m2g=m2a2，解得a2= -g，由于 ，则相对滑动后在a-t图象中a2的斜率更大，故B、C、D错，A正确.,【变式备选】如图所示，质量分别为m1、 m2的两个物块间用一轻弹簧连接，放在 倾角为的粗糙斜面上，物块与斜面间 的动摩擦因数均为.平行于斜面、大小 为F的拉力作用在m1上，使m1、m2一起向上做匀加速运动，斜面始终静止在水平地面上，则( ) A弹簧的弹力为 B弹簧的弹力为 m2gsin C地面对斜面的摩擦力水平向左 D地面对斜面的摩擦力水平向右,【解析】选A、C.对m1、m2整体分析： F(m1m2)gsin(m1m2)gcos (m1m2)a 对m2：F2m2gsinm2gcos m2a 由得F2 ，A对，B错.对斜 面受力分析如图，F压为m1、m2对斜面的压力，f为m1、m2对斜面的摩擦力，斜面静止，则地面对斜面的摩擦力水平向左,C对,D错.,应用牛顿运动定律解决多过程问题 【例证3】(2011江苏高考)(16分)如图所示，长为L，内壁光滑的直管与水平地面成30角固定放置，将一质量为m的小球固定在管底，用一轻质光滑细线将小球与质量为M=km的小物块相连，小物块悬挂于管口，现将小球释放，一段时间后，小物块落地静止不动，小球继续向上运动，通过管口的转向装置后做平抛运动，小球的转向过程中速率不变(重力加速度为g).,(1)求小物块下落过程中的加速度大小; (2)求小球从管口抛出时的速度大小； (3)试证明小球平抛运动的水平位移总小于 【解题指南】解答本题时可按以下思路分析： (1)明确小物块的受力情况，由牛顿第二定律列方程. (2)结合牛顿第二定律和运动学公式求小球速度. (3)根据平抛运动的规律进行分析.,【规范解答】(1)设细线中的张力为T,根据牛顿第二定律 Mg- T=Ma (2分) T-mgsin30=ma (2分) 且M=km 联立解得a= (1分),(2)设M落地时的速度大小为v,m射出管口时速度大小为v0，M落地后m的加速度大小为a0， 根据牛顿第二定律-mgsin30=ma0 (2分) 由匀变速直线运动规律知v2=2aLsin30 (1分) v02-v2=2a0L(1-sin30) (2分) 联立解得v0= (2分),(3)由平抛运动规律 s=v0t,Lsin30= gt2 (2分) 解得 (1分) 则s 得证 (1分) 答案：(1) (2) (3)见规范解答,【总结提升】处理多过程问题时应注意的两个问题 1.任何多过程的复杂物理问题都是由很多简单的小过程构成，上一过程的末是下一过程的初，对每一个过程分析后,列方程,联立求解. 2.注意两个过程的连接处，加速度可能突变，但速度不会突变，速度是联系前后两个阶段的桥梁.如本题中的小球先做匀减速运动到管口，后做平抛运动.,【变式训练】如图所示，在光滑水平面 AB上，水平恒力F推动质量为m1 kg的 物体从A点由静止开始做匀加速直线运动， 物体到达B点时撤去F，接着又冲上光滑斜面(设经过B点前后速度大小不变，最高能到达C点，用速度传感器测量物体的瞬时速度，表中记录了部分测量数据)，求： (1)恒力F的大小. (2)斜面的倾角. (3)t2.1 s时物体的速度.,【解析】(1)物体从A到B过程中： a1= =2 m/s2 则Fma12 N (2)物体从B到C过程中 a2= =5 m/s2 由牛顿第二定律可知mgsin=ma2 代入数据解得sin= ,=30,(3)设B点的速度为vB，从v30.8 m/s到B点过程中 vB0.8+a1t1 从B点到v43 m/s过程 3=vB-a2t2 t1+t2=1.8 s 联立解得t11.6 s t20.2 s vB4 m/s 所以，当t2 s时物体刚好到达B点 当t2.1 s时 v5vBa2(t2 s) v53.5 m/s 答案：(1)2 N (2)30 (3)3.5 m/s,【例证】总质量为80 kg的跳伞运动员从离地500 m的直升机上跳下，经过2 s拉开绳索开启降落伞，如图所示是跳伞过程中的v-t图象，试根据图象，求：,(1)t11 s时运动员的加速度和所受阻力的大小； (2)估算14 s内运动员下落的高度； (3)估算运动员从飞机上跳下到着地的总时间.,【规范解答】(1)从题图中可以看出，在t22 s内运动员做匀加速运动，其加速度大小为 a= m/s2=8 m/s2 设此过程中运动员受到的阻力大小为f，根据牛顿第二定律，有mgfma 得f=m(ga)80(108)N160 N (2)从题图中估算得出运动员在14 s内下落了39.522 m158 m.,(3)14 s后运动员做匀速运动的时间为 t= s=57 s 运动员从飞机上跳下到着地需要的总时间 t总=t14+t=(14+57)s=71 s 答案：(1)8 m/s2 160 N (2)158 m (3)71 s,动力学中的临界极值问题 在应用牛顿运动定律解决动力学问题中，当物体运动的加速度不同时，物体有可能处于不同的状态，特别是题目中出现“最大”、“最小”、“刚好”等词语时，往往会有临界现象，此时要采用假设法或极限分析法，看物体以不同的加速度运动时，会有哪些现象发生，尽快找出临界点，求出临界条件.,一、动力学中的典型临界问题 1.接触与脱离的临界条件：两物体相接触或脱离，临界条件是：弹力N=0 2.相对滑动的临界条件：两物体相接触且处于相对静止时，常存在着静摩擦力，则相对滑动的临界条件是：静摩擦力达到最大值 3.绳子断裂与松弛的临界条件：绳子所能承受的张力是有限的，绳子断与不断的临界条件是绳中张力等于它所能承受的最大张力，绳子松弛的临界条件是：T=0,4.加速度最大与速度最大的临界条件：当物体在受到变化的外力作用下运动时，其加速度和速度都会不断变化，当所受合外力最大时，具有最大加速度；合外力最小时，具有最小加速度.当出现速度有最大值或最小值的临界条件时，物体处于临界状态，所对应的速度便会出现最大值或最小值,二、解题策略 解决此类问题重在形成清晰的物理图景，分析清楚物理过程，从而找出临界条件或达到极值的条件，要特别注意可能出现的多种情况.,【典题例证】如图所示，质量为m=1 kg的物块放在倾角为=37 的斜面体上，斜面质量为M=2 kg，斜面与物块间的动摩擦因数为=0.2，地面光滑，现对斜面体施一水平推力F，要使物块m相对斜面静止，试确定推力F的取值范围.(g=10 m/s2 ),【命题探究】此题有两个临界条件，当推力F较小时，物块有相对斜面向下运动的可能性，此时物块受到的摩擦力沿斜面向上；当推力F较大时，物块有相对斜面向上运动的可能性，此时物块受到的摩擦力沿斜面向下.找准临界状态是求解此题的关键.,【深度剖析】(1)设物块处于相对斜面向下滑动的临界状态时的推力为F1，此时物块受力如图所示，取加速度的方向为x轴正方向. 对物块分析，在水平方向有 Nsin-Ncos=ma1 竖直方向有 Ncos+Nsin-mg=0 对整体有F1=(M+m)a1 代入数值得a1=4.8 m/s2，F1=14.4 N,(2)设物块处于相对斜面向上滑动的临界状态时的推力为F2，对物块分析，在水平方向有 Nsin+Ncos=ma2, 竖直方向有Ncos-Nsin-mg=0， 对整体有F2=(M+m)a2 代入数值得a2=11.2 m/s2,F2=33.6 N 综上所述可知推力F的取值范围为：14.4 NF33.6 N,1.在第11届全运会上，福建女选手郑幸娟以“背越式”成功地跳过了1.95 m的高度，成为全国冠军，若不计空气阻力，则下列说法正确的是( ) A.下落过程中她处于失重状态 B.起跳以后上升过程她处于超重状态 C.起跳时地面对她的支持力等于她对地面的压力 D.起跳时地面对她的支持力大于她对地面的压力,【解析】选A、C.无论是上升过程还是下落过程，运动员的加速度始终向下，所以她处于失重状态，A选项正确，B选项错误；起跳时地面对她的支持力与她对地面的压力为一对作用力与反作用力，大小应相等，C项正确，D项错误.,2.设“神舟七号”载人飞船近地加速时,飞船以5g的加速度匀加速上升,g为重力加速度.则质量为m的宇航员对飞船底部的压力为( ) A.6mg B.5mg C.4mg D.mg 【解析】选A.对宇航员由牛顿运动定律:Nmg=ma,得N=6mg,再由牛顿第三定律可判定A项正确.,3.引体向上是同学们经常做的一项健身运动.该运动的规范动作是:两手正握单杠,由悬垂开始,上拉时,下颚须超过单杠面;下放时,两臂放直, 不能曲臂，如图所示.这样上拉下放,重复动作,达到锻炼臂力和腹肌的目的.关于做引体向上动作时人的受力,以下判断正确的是( ),A.上拉过程中,人受到两个力的作用 B.上拉过程中,单杠对人的作用力大于人的重力 C.下放过程中,某段时间内单杠对人的作用力小于人的重力 D.下放过程中,人只受到一个力的作用,【解析】选A、C.在上拉过程中,人受到重力和单杠对人的作用力,A正确;上拉过程中