2018届高三物理招生模拟试题（三）理（含解析）.docx

2018届高三物理招生模拟试题（三）理（含解析）1.如图所示，某次光电效应实验中得到某金属的遏止电压Uc与入射光频率v关系图像(电子所带电荷量为e，图像中a、b为已知量)，由图像可求得( )A. 图线斜率表示普朗克常量B. 普朗克常量C. 纵轴截距的绝对值表示逸出功D. 该金属的逸出功【答案】B【解析】由得，如图所示斜率为，纵轴截距为，斜率表示普朗克常量，故A错误，B正确；纵轴截距绝对值表示，逸出功为，故CD错误；故选B。2.如图所示为某玩具的原理示意图，两块完全相同的平行板竖直固定在水平地面上，平行板高度和两板间距相等，从左板上端A点处正对右板水平发射一小球，经右板的B点和左板的C点两次碰撞后，小球落到地面上两板连线的中点D处，若不计空气阻力，且小球和平行板碰撞无机械能损失，水平方向等速率反弹，则以下说法正确的是 ( )A. A、B两点的高度差与B、C两点的高度差之比为2：1B. B、C两点的高度差与C、D两点的高度差之比为5：3C. 小球落到D点时的速度与水平方向夹角的正切值为D. C点与D点连线与水平方向的夹角的正切值为【答案】C【解析】A、小球水平方向匀速，从A点到B点的时间和从B点到C点的时间相等，所以A、B两点的高度与B、C两点的高度差之比为1:3，故A错误；B、从C点到D点的时间为从A点到B点的时间的一半，所以从A点到B点、B点到C点、C点到D点的时间之比2:2:1，因为竖直方向初速度为0，所以B、C两点高度差与C、D两点的高度差之比为4;3，故B错误;C、设水平位移大小的总和为2.5L，则水平速度，竖直总位移为L，到达D点竖直速度，竖直速度与水平速度之比为，故C正确;D、A、B两点和B、C两点以及C、D两点的高度差之比为4:12:9，则C、D两点连线与水平方向夹角的正切值为，故D错误；故选C。【点睛】小球做平抛运动，根据平抛运动规律求解。3.施密特触发器具有回差电压特性，它能将通过它的正弦波变为方波，从而实现数字化转变。假设某型号的施密特触发器把通过它的正弦波变为图示下方的方波，时间对应关系如图虚线所示，则该方波的有效值最接近 ( )A. 1.1VB. 1.2VC. 1.3VD. 1.4V【答案】A【解析】由图可知,电压瞬时值为时触发转变， 所以对应角度为30，对应的时间为，对于一个周期而言，对应1.6V，对应0.8V，由有效值定义,可得U1.1V，故A正确，BCD错误；故选A。4.如图所示，物块A放在水平地面上与一轻弹簧相连，弹簧上端连接着物块B，处于静止状态。将物块C从物块B的正上方由静止释放，物块C和物块B碰撞后共速一起向下运动，压缩弹簧至最短，然后反弹。物块A、B、C三者质量均为m，重力加速度为g，则在整个过程中，下列说法正确的是 ( )A. 当弹簧被压缩到最短时，物块A对地面的压力大小为3mgB. 当物块B与物块C一起向下运动的速度达到最大时，物块B与物块C之间的弹力为0C. 反弹过程中，在物块B与物块C分离的瞬间，物块A对地面的压力大小为mgD. 反弹过程中，当物块B与物块C的速度最大时，物块A对地面的压力大小为2mg【答案】C【解析】A、当物块A和B向下运动压缩弹簧到最短时，加速度向上，系统处于超重状态，所以物块A对地面的压力大于3mg，故A错误；B、当物块B和C一起向下运动的速度最大时，加速度a=0,物块B和C之间运动的速度最大时，加速度a=0，物块B和C之间弹力大小为mg，故B错误；C、反弹过程物块B与C分离瞬间.弹簧处于原长，此时物块A对地面压力大小为mg，故C正确；D、反弹过程中,当物块B和C速度最大，它们的加速度为0，,弹簧弹力大小为2mg，所以地面对物块A的弹力大小为3mg，物块A对地面的压力大小也为3mg，故D错误；故选C。【点睛】当物块B和C一起向下运动的速度最大时，加速度a=0，物块B和C之间运动的速度最大时；反弹过程物块B与C分离瞬间.弹簧处于原长，当物块B和C速度最大，它们的加速度为0。5.电磁脉冲器可以用来测量高速旋转轮子的转速。如图甲是电磁脉冲器的原理图，一根永久磁铁外绕有线圈，它的左端靠近一个非磁性圆盘，圆盘上均匀分布着小磁片(当磁片靠近磁铁时被磁化)。当圆盘高速转动时，输出电流i随时间t变化的图像如图乙所示，下列分析正确的是 ( )A. 圆盘转速越大，电流最大值不变，交变电流频率越高B. 交变电流的频率与小磁片的个数无关C. 若某次测得交变电流的频率为104Hz，小磁片的个数为100个，则该非磁性圆盘的转速为100 r/sD. 线圈匝数越多，交变电流的频率越高【答案】C【解析】A、小磁片被磁化，产生磁场，当靠近和远离线圈时产生感应交变电流,转速越大，磁通量变化越快，交变电流的最大值越大，故A错误；B、转速一定时，小磁片的个数越多，切割次数越多，频率越高，故B错误；C、转速乘以一圈上的小磁片的个数就是交变电流的频率，C正确；D、线圈匝数越多感应电动势越大，电流峰值越大，但不影响交变电流的频率，故D错误；故选C。6.如图所示，空间存在两个等量正点电荷，A为中垂线上一点，B为连线上一点，电荷在该电场中运动时仅受电场力的作用，则下列说法正确的是 ( )A. 电子在两正点电荷连线的中垂线上可以做往复运动B. 若电子有一合适的初速度，可以在两正点电荷连线中垂面上做匀速圆周运动C. 若在A点释放一正电荷，则该电荷沿中垂线向无限远处运动，速度越来越大，加速度越来越小D. 若在B点由静止释放一正电荷，则该正电荷将做往复运动【答案】ABD【解析】A、电子在中垂线上的A点受到两个正点电荷的作用力的合力向下，做加速运动,运动到连线中点时，加速度为0，继续向下做减速运动,减速到0后，加速度不为0,反方向做加速运动,周期性往复运动，故A正确；B、若电子的初速度垂直纸面向外，两个正点电荷的作用力的合力时刻指向圆心，则电子可绕连线中点做匀速圆周运动，故B正确；C、若从A点释放一正电荷，则两个正点电荷对它的作用力的合力沿中垂线指向无限远，沿中垂线向无限远做直线运动，由电场线分布可知,中点处电场强度为0，无限远电场强度为0，所以，电场强度先变大后变小，即加速度可能先变大后变小，而不一定越来越小，故C错误；D、在B点由静止释放一正电荷，合外力和速度不能同时为0，所以会做往复运动，故D正确；故选ABD。【点睛】电子受到合力向下，做加速运动，运动到连线中点时，加速度为0，继续向下做减速运动，,减速到0后，加速度不为0，反方向做加速运动，周期性往复运动。若电子的初速度垂直纸面向外，两个正点电荷的作用力的合力时刻指向圆心，则电子可绕连线中点做匀速圆周运动。7.如图所示，固定在竖直面内的光滑绝缘圆环半径为R，圆环上套有质量分别为m和2m的两个带电的小球A、B（均可看作质点），小球A带正电，小球B带负电，带电荷量均为q，且小球A、B用一长为2R的轻质绝缘细杆相连，竖直面内有竖直向下的匀强电场（未画出），电场强度大小为E=现在给小球一个扰动，使小球A从最高点由静止开始沿圆环下滑，已知重力加速度为g，在小球A滑到最低点的过程中，下列说法正确的是（）A. 小球A减少的机械能等于小球B增加的机械能B. 细杆对小球A和小球B做的总功为0C. 小球A的最大速度为D. 细杆对小球B做的功为mgR【答案】BC【解析】【详解】由于电场力做功，两个球系统机械能不守恒，故A球增加的机械能不等于B球减少的机械能，故A错误；细杆对小球A和小球B的力等大反向，为系统内弹力，所以细杆对小球A和小球B做的总功为0，故B正确；当A球运动到最低点时，电场力对系统做功4EqR=4mgR，速度最大，有：4mgR+mg2R-2mg2R=（m+2m）v2解得：v=，故C正确；对B球，利用动能定理可得，W+2mgR-2mg2R=2mv2-0，解得细杆对B球所做的功W=-mgR，故D错误。8.某同学在实验室里做如下实验，光滑竖直金属导轨(电阻不计)上端接有电阻R，下端开口，所在区域有垂直纸面向里的匀强磁场，一个矩形导体框(电阻不计)和光滑金属导轨在整个运动中始终保持良好接触，矩形导体框的宽度大于两个导轨的间距，一弹簧下端固定在水平面上，弹簧涂有绝缘漆，弹簧和导体框接触时，二者处于绝缘状态，且导体框与弹簧接触过程无机械能的损失。现将导体框在距离弹簧上端H处由静止释放，导体框下落，接触到弹簧后一起向下运动然后反弹，直至导体框静止。导体框的质量为m，重力加速度为g，则下列说法正确的是 ( )A. 导体框接触到弹簧后，可能立即做减速运动B. 在接触弹簧前导体框下落的加速度为gC. 只改变下落的初始高度H，导体框的最大速度可能不变D. 只改变R的阻值，在导体框运动过程中系统产生的焦耳热会改变【答案】AC【解析】AC、导体框下落过程中导体框两部分切割磁感线，相当于两个电源给电阻R供电，接入导轨部分的导体框有电流流过，所以当导体框所受安培力等于导体框的重力时速度达到最大，达到最大速度可能发生在接触弹簧之前，所以有可能在接触弹簧前已经达到匀速，故AC正确；B、由于有感应电流，导体框受到安培力作用，所以加速度小于g，故B错误；D、由于质量一定，所以最后弹簧停止的位置是确定的，重力势能的减少是确定的，弹簧增加的弹性势能是确定的，所以电阻产生的热量与R无关，电阻大小会影响导体框反复的次数，故D错误；故选AC。【点睛】当导体框所受安培力等于导体框重力时速度达到最大，达到最大速度可能发生在接触弹簧之前，所以有可能在接触弹簧前已经达到匀速。三、非选择题：共174分。第2232题为必考题。每个试题考生都必须作答。第3338题为选考题。考生根据要求作答。9.如图所示为倾斜放置的气垫导轨，用来验证机械能守恒定律。已知滑块的质量为m，滑块上遮光条的宽度为d，重力加速度为g。现将滑块由静止释放，两个光电门和分别记录了遮光条通过光电门的时间和，则滑块通过两个光电门过程中的动能变化_，通过两个光电门过程中重力势能的变化_用图中所标符号表示。若两者在实验误差允许范围内相等，则滑块在下滑过程中机械能守恒。若实验中滑块以初速度下滑，则上述方法_选填“能”或“不能”验证机械能守恒。【答案】 (1). (2). (3). 能【解析】由题意得通过两个光电门的速度分别为，动能变化量为，通过两个光电门过程中重力势能的变化量,若实验中滑块以初速度下滑，依然能验证滑块在下滑过程中机械能守恒。10.现要测量某电源的电动势和内阻，以下器材可供选用：待测电源(电动势约1.5V，内阻约2)；灵敏电流计(量程200A，内阻为99)；电阻箱(0999.9)；定值电阻R1=1；定值电阻R2=10；定值电阻R3=100；开关、导线若干。要求测量数据尽可能准确，电阻箱的阻值变化范围在100900，误差尽量小。(1)根据选出的器材在方框中画出电路设计图。连接好电路后，改变电阻箱的阻值，记录多组电流计的读数I(以A为单位)和电阻箱的阻值R。(2)对于多组I、R值，甲同学想用直线处理数据，他的纵坐标采用，则横坐标应为_。若图线的斜率大小为k，纵轴截距大小为a，则该电源的电动势E=_，r=_(用k、a及已知量表示)。(3)对于多组I、R值，乙同学也想用直线处理数据，和甲同学不同，他纵坐标采用I，则横坐标应为_。若图线的斜率大小为m，纵轴截距大小为b，则该电源的电动势E=_，r=_(用m、b及已知量表示)。【答案】 (1). (2). (3). (4). (5). (6). 【解析】(1)由电源电动势和电阻箱的阻值变化范围可估算电路中最大电流为15mA，所以将灵敏电流计并联电阻R1，量程扩大约100倍比较合适，设计电路如下图所示(2)由闭合电路欧姆定律知，整理得,所以横坐标为R，由表达式得电动势，内阻 (3)由闭合电路欧姆定律知，还可以写成如下形式，以横坐标为IR，电源电动势为，内阻11.半径为R的光滑圆环固定在竖直面内，在圆环上圆心正下方的位置固定一轻质弹簧，弹簧另一端与一空心小球相连，小球套在圆环上处于静止状态。已知此时弹簧长度为R，小球质量为m，重力加速度为g，求弹簧的弹力。【答案】 ，方向沿弹簧向外【解析】由弹簧长度为R,可知弹簧和竖直方间夹角为，假设弹簧处于拉伸状态，小球受力如图甲所示显然小球不能平衡,所以弹簧处于压缩状态,小球受力如图乙所示由图可得解得,方向沿弹簧向外12.如图甲所示，竖直平面xOy内，在y轴右侧存在竖直向下的电场强度为E1的匀强电场和一个交变磁场，磁感应强度大小为B1，交变磁场变化规律如图乙所示，规定垂直纸面向里为磁场的正方向。在第二象限存在方向水平向左的电场强度为E2的匀强电场和一个方向垂直纸面向外的匀强磁场。带负电的粒子从x轴上的A点与x轴成角沿直线运动，经过y轴上的P点进入y轴右侧后做匀速圆周运动，当粒子刚进入y轴右侧时，交变磁场立即从t=0开始变化。现已知P点坐标为(0，d)，粒子的电荷量为q，粒子质量为m，。(1)求。(2)若已知交变磁场的周期T=，粒子在t=0时经过P点，t=时恰好水平经过x轴上的Q点，求Q点的横坐标。【答案】（1） （2）【解析】解：(1)粒子受洛伦兹力而做直线运动，一定是做匀速直线运动，受力如图所示,即又因为粒子在第一象限做匀速圆周运动，所以重力与电场力平衡，即qE1=mg由，得(2)由可得粒子与y轴正方向成30角射入第一象限，磁场的变化周期，粒子运动的周期，所以粒子转动一周的，磁场就发生变化，所以每次转动圆心角为因为开始时粒子速度与y轴正方向成30角，转到速度方向沿y轴向下磁场方向即发生变化，到达x轴Q经历的总时间等于磁场变化半周期的3倍和粒子做圆周运动的周期T的的总和，画出粒子的运动轨迹如图所示即经过三个150和一个90，恰好水平过x轴Q粒子每转一次150，轨迹如图所示向下移动距离为,向右移动距离为共向下移动2.5r,由P点坐标(0,d)可知2.5r=d,解得由图可知,粒子到达Q点时共向右移动的距离为所以Q点横坐标13.以下说法正确的是_。(填正确答案标号，选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分，每选错1个扣3分，最低得分为0分)A只要是具有确定熔点的物体必定是晶体B多晶体没有规则的几何形状，物理性质表现各向异性C液体表面张力是液体表面层分子间的分子力表现为引力的缘故D在北方严寒的冬天，房间的窗户玻璃上会出现雾珠，雾珠出现在玻璃外面E晶体在熔化过程中吸收的热量全部用来增加晶体的分子势能【答案】ACE【解析】A、晶体有确定的熔点，故A正确;B、多晶体表现为各向同性，故B错误;C、液体表面分子引力表现为表而张力，故C正确;D、在北方严寒冬天,室内水蒸气遇冷变雾珠，所以是屋里的玻璃表面有雾珠，故D错误；E、在品体熔化过程中，吸收的热量全部用来增加晶体的分子势能，故E正确；故选ACE14.如图所示，一圆柱形绝热气缸内置加热丝（不计加热丝质量），绝热活塞下端连一弹簧，开始时活塞在气缸的正中间，气缸的质量为mo，活塞的横截面积为S，气缸总长度为L，缸内气体温度为To，外界大气压强为po，重力加速度为g现在加热丝开始缓慢加热，直至活塞刚好静止在气缸缸口AB处时停止加热已知该理想气体的内能与热力学温度成正比，即U=kT，k为常数，求：(1)停止加热时气缸内的温度；(2)该过程中气体吸收的热量【答案】(1) (2)【解析】解：缓慢加热,气缸内气体做等压变化体积变为原来的2倍，解得原来气体的压强,缓慢加热，气体体积膨胀对外做功在此过程中内能增加量根据热力学第一定律U=-W+Q