2019届高三物理11月段考试题(含解析) (I).doc

2019届高三物理11月段考试题(含解析) (I)1. xx8月四川某地发生特大泥石流，许多建筑物因此损毁，而一根电线杆因设计合理而无丝毫倾斜（如图所示），电线杆BO是用两根钢丝绳AB、BC垂直固定在地面上的，且他们在同一个平面内，设AO=9m，OC=16m，OB=12m，为使电线杆不发生倾斜，两根绳上张力之比FAB：FBC为A. 39:25 B. 4:3 C. 3:4 D. 3：5【答案】B【解析】由几何知识可得sinABO=， ，若电线杆不倾斜，则在B点两根绳上的张力在水平方向的分力应相等，应有FABsinABO=FCBsinCBO，解得FAB：FBC=4：3故选B.点睛：该题考查共点力的平衡与力的合成问题，解答本题的关键是两根绳上的张力在水平方向上的分力大小相等2. 如图所示，将物体A放在容器B中，以某一速度把容器B竖直上抛，不计空气阻力，运动过程中容器B与地面始终保持水平，下列说法正确的是() A. 在上升和下降过程中A对B的压力都一定为零B. 上升过程中A对B的压力大于物体A受到的重力C. 下降过程中A对B的压力大于物体A受到的重力D. 在上升和下降过程中A对B的压力都等于物体A受到的重力【答案】A【解析】试题分析: 抛出以后，A、B都处于完全失重状态，之间无相互作用，A对。考点: 超重与失重。【名师点睛】超重和失重1超重（1）定义：物体对支持物的压力（或对悬挂物的拉力）大于物体所受重力的现象。（2）产生条件：物体具有向上的加速度。2失重（1）定义：物体对支持物的压力（或对悬挂物的拉力）小于物体所受重力的现象。（2）产生条件：物体具有向下的加速度。3完全失重（1）定义：物体对支持物的压力（或对竖直悬挂物的拉力）等于零的现象称为完全失重现象。（2）产生条件：物体的加速度ag，方向竖直向下。3. 发射地球同步卫星要经过三个阶段：先将卫星发射至近地圆轨道1，然后使其沿椭圆轨道2运行，最后将卫星送入同步圆轨道3轨道1、2相切于Q点，轨道2、3相切于P点，如题图所示当卫星分别在轨道1、2、3上正常运行时，则以下说法正确的是（ ）A. 卫星在轨道3上的运行速率大于7.9km/sB. 卫星在轨道3上的机械能小于它在轨道上的机械能C. 卫星在轨道3上的运行速率小于它在轨道1上的运行速率D. 卫星沿轨道1经过Q点时的加速度小于轨道2经过Q点时的加速度【答案】C【解析】为最大环绕速度，则卫星在轨道上的运行速率小于，故A错误；卫星从轨道1到轨道3需要克服引力做较多的功，故在轨道3上机械能较大，故B错误；依据万有引力公式，则卫星在轨道上的运行速率小于它在轨道上的运行速率，故C正确；依据牛二定律卫星沿轨道经过点时的加速度等于轨道经过点时的加速度，故D错误故选C点睛：解答此类问题就是根据人造卫星的万有引力等于向心力，列式求出线速度、向心加速度、和向心力的表达式进行讨论即可4. 如图所示，质量分别为mA和mB的物体A、B用细绳连接后跨过滑轮，静止在倾角为450的斜面上已知mA=2mB，不计滑轮摩擦，现将斜面倾角由450增大到500，系统保持静止下列说法正确的是（ ）A. 细绳对A的拉力将增大B. A对斜面的压力将减小C. A受到的静摩擦力不变D. A受到的合力将增大【答案】B【解析】先对B物体受力分析，受重力和拉力，根据共点力平衡条件，有 根据共点力平衡条件，有x方向： y方向： A、由式，当由45增加到50时，细绳对A的拉力不变，A错误；B、由式，当由45增加到50时，斜面对物体A的支持力N将变小，故根据牛顿第三定律，A对斜面的压力将减小，B正确；C、由式，当由45增加到50时，斜面对物体A的静摩擦力一定变化，C错误；D、物体A保持静止，合力一直为零，D错误；故选B。5. 质量为m的汽车，以恒定功率在平直马路上行驶，所受阻力恒定，匀速行驶时的速度为v1，则汽车的速度为v2时（v2v1）的加速度为（ ）A. B. C. D. 【答案】C【解析】汽车以恒定功率行驶，匀速行驶时牵引力与摩擦力大小相等，故得摩擦力大小为，当汽车速度为时得此时牵引力为，由牛二定律知即，得故ABD错误，C正确故选C 点睛：本题考查的是汽车的启动方式，对于汽车的两种启动方式，恒定加速度启动和恒定功率启动，对于每种启动方式的汽车运动的过程一定要熟悉6. 1966年增在地球的上空完成了以牛顿第二定律为基础的测定质量的实验，实验时，用宇宙飞船（质量m）去接触正在轨道上运行的火箭（质量mx，发动机已熄火），如图所示接触以后，开动飞船尾部的推进器，使飞船和火箭组共同加速，推进器平均推力为F，开动时间t，测出飞船和火箭组的速度变化是v，下列说法正确的是（ ）A. 火箭质量mx应为B. 宇宙飞船的质量m应为C. 推力越大， 就越大，且与F成正比D. 推力通过飞船传递给火箭，所以飞船对火箭的弹力大小应为F【答案】C【解析】对整体由动量定理可得：火箭的质量，整体的质量为，故AB错误；由公式可得，可知，推力越大，就越大，且与成正比，故C正确；隔离对分析，根据牛二定律有：故D错误故选C点睛：本题也可以通过牛顿第二定律得出正确结果，但很明显动量定理更便捷一些，可以在一些和时间有关的动力学题目中应用动量定理求解7. 如图所示，以10m/s水平初速度v抛出的小球，飞行一段时间后，垂直地撞在倾角为300的斜面上，这段飞行时间为（取g=10m/s2）（ ）A. B. C. D. 2s【答案】C【解析】物体做平抛运动，当垂直地撞在倾角为30的斜面上时，把物体的速度分解如图所示，由图可知，此时物体的竖直方向上的速度的大小为vyv0cot3010m/s，由vy=gt可得，运动的时间故C正确，ABD错误故选C8. 如图,水平地面上有一楔形物块a,倾角为=370,其斜面上有一小物块b,b与平行于斜面的细绳的一端相连,细绳的另一端固定在斜面上.a与b之间光滑,a与b以共同速度在地面轨道的光滑段向左匀速运动.当它们刚运行至轨道的粗糙段时(物块a与粗糙地面间的动摩擦因数为,g=10m/s2),则( )A. 若=0.10,则细绳的拉力为零,地面对a的支持力变小B. 若=0.10,则细绳的拉力变小,地面对a的支持力不变C. 若=0.75,则细绳的拉力为零,地面对a的支持力不变D. 若=0.80,则细绳的拉力变小,地面对a的支持力变小【答案】BC【解析】试题分析：本题应分匀速运动和减速运动两个过程分别对两个物体受力分析，根据共点力平衡条件和牛顿第二定律列式求解用临界条件来判定ab的相对运动情况，进而确定答案在光滑段运动时，物块a及物块b均处于平衡状态，对a、b整体受力分析，受重力和支持力，二力平衡；对b受力分析，如上图，受重力、支持力、绳子的拉力，根据共点力平衡条件，有；由两式解得，；当它们刚刚运动至轨道的粗糙段时，减速滑行，系统有水平向右的加速度，而b向右的加速度最大为，此时绳对b没有拉力若，则物块a、b仍相对静止，竖直方向加速度为零，由牛顿第二定律得到：；由两式解得：；即绳的张力F将减小，而a对b的支持力变大；再对a、b整体受力分析竖直方向重力和支持力平衡，水平方向只受摩擦力，重力和支持力二力平衡，故地面对a支持力不变，故A错误B正确；若，a的加速度为，物块b的重力和支持力正好提供其运动的加速度，故绳的拉力为零；再对a、b整体受力分析竖直方向重力和支持力平衡，水平方向只受摩擦力，重力和支持力二力平衡，故地面对a支持力不变，故C正确；若，则a的加速度为；同理可得：；联立解得，则细绳的拉力变小；再对整体受力分析可知，由C的分析可知，地面对a的支持力不变，故D错误；9. 如图，倾角为30的自动扶梯在电压为380V的电动机带动下以0.4m/s的恒定速率向斜上方运动，电动机的最大输出功率为4.9kW，空载时电动机中的电流为5A，若载人时扶梯的运动速率和空载时相同。设所载人的平均质量为60kg，重力加速度g=10m/s2。不计一切损耗，则扶梯匀速运动过程中A. 站在扶梯上的人不受摩擦力作用B. 扶梯可同时乘载的最多人数为25人C. 扶梯可同时乘载的最多人数为40人D. 无论空载、承载或满载，电动机的输出功率均为4.9kW【答案】AB【解析】因电梯向上运动运动，故站在扶梯上的人竖直方向和水平方向均受合力为零，则水平方向不受摩擦力作用，选项A正确；维持扶梯运转的功率：P0=UI=380V5A=1900W=1.9kW，电动机的最大输出功率为P最大=4.9kW；可用于输送顾客功率：P=P最大-P0=4.9kW-1.9kW=3kW，输送一个人的功率：P=Gvsin30=mgvsin30=60kg10N/kg0.4m/ssin30=120W，同时乘载的最多人数：（人），选项AB正确，C错误；空载时电梯的功率为1.9kW；满载时电动机的最大输出功率为4.9kW,故选项D错误；故选AB.点睛：本题考查了学生对功率公式的掌握和运用，能利用P=Fv=Gvsin30求出输送一个人的功率是本题的关键；弄清空载时、满载时电动机的功率.10. 某装置如图所示，两根轻杆OA、OB与小球蹦及一小滑块通过铰链连接，杆OA的A端与固定在竖直光滑杆上的铰链相连。小球与小滑块的质量均为m，轻杆OA、OB长均为l，原长为l的轻质弹簧与滑块都套在该竖直杆上，弹簧连接在A点与小滑块之间。装置静止时，弹簧长为1.6l，重力加速度为g，sin53=0.8，cos53 =0.6，以下说法正确的是A. 轻杆OA对小球的作用力方向与竖直轴的夹角为53B. 轻杆OB对小滑块的作用力方向沿OB杆向下，大小为C. 轻杆OA与OB对小球的作用力大小之比是D. 弹簧的劲度系数【答案】BD【解析】弹簧的长度为1.6l，OA=l，则轻杆OA对小球的作用力方向与竖直轴的夹角为，可得=370，选项A错误；对小球受力分析可知，两边杆对小球作用力的水平分力相等，可知轻杆OA与OB对小球的作用力大小相等，选项C错误；对小球竖直方向：2Tcos370=mg，解得，选项B正确；对滑块受力分析可知：,解得：，选项D正确；故选BD. 点睛：此题首先要搞清题目中图的几何关系，知道轻杆所受的弹力沿杆的方向，分别对两物体受力分析，结合平衡条件求解.11. 小车静止在光滑水平面上，站在车上的人练习打靶，靶装在车上的另一端，如图所示已知车人枪和靶的总质量为M（不含子弹），每颗子弹质量为m，共n发，打靶时，枪口到靶的距离为d，若每发子弹打入靶中，就留在靶里，且待前一发打入靶中后，再打下一发则以下说法正确的是（）A. 待打完n发子弹后,小车将以一定速度向右匀速运动B. 待打完n发子弹后,小车应停在射击之前位置的右方C. 在每一发子弹的射击过程中,小车所发生的位移相同,大小均为D. 在每一发子弹的射击过程中,小车所发生的位移不相同，应越来越大【答案】BC【解析】试题分析：子弹、枪、人、车系统水平方向不受外力，水平方向动量一直守恒，子弹射击前系统总动量为零，子弹射入靶后总动量也为零，故仍然是静止的；设子弹出口速度为v，车后退速度大小为v，以向左为正，根据动量守恒定律，有：0=mv-M+（n-1）mv子弹匀速前进的同时，车匀速后退，故：vt+vt=d 联立解得 故车后退距离为：；每颗子弹从发射到击中靶过程，车均退S，故n颗子弹发射完毕后，小车后退S=nS=；由于整个系统动量守恒，初动量为零，故打完n发后，车静止不动，后退S=nS=；故A错误，BC正确，D错误；故选BC。考点：动量守恒定律【名师点睛】题关键根据动量守恒定律求解出从发射一颗子弹到击中靶过程小车后退的距离，此后重复这个循环。12. 如图所示，质量m20 kg和M40 kg的两物块，叠放在光滑水平面上，其中物块m通过处于水平方向的轻弹簧与竖直墙壁相连，初始时刻，弹簧处于原长状态，弹簧的劲度系数k250 N/m现用水平力F作用在物块M上，使其缓慢地向墙壁移动，当移动40 cm时，两物块间开始相对滑动，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力在相对滑动前的过程中，取g=10m/s2，下列说法中正确的是A. M受到的静摩擦力保持不变B. 刚推动时弹簧的弹性势能等于16JC. 开始相对滑动时，推力F的大小等于100 ND. 动摩擦因数等于0.5【答案】CD【解析】对m进行受力分析，水平方向受向右的弹簧的弹力和向左的静摩擦力由于弹簧在缩短，所以弹力越来越大，由于缓慢地向墙壁移动，也就可以看成平衡状态，所以M对m的摩擦力也在增大所以M受到的摩擦力在增大，故A错误水平面是光滑的，所以刚推动时弹簧处于原长，弹性势能为0，故B错误；把m和M看成整体进行受力分析，水平方向受向右的弹簧弹力和向左的推力当移动40cm时，两物块间开始相对滑动，根据胡克定律得：F=kx=100N，故C正确；根据摩擦力公式：mg=f，则，D正确故选CD13. “研究共点力的合成”的实验情况如图甲所示，其中A为固定橡皮筋的图钉，O为橡皮筋与细绳的结点，OB和OC为细绳，图乙是在白纸上根据实验结果画出的图示（1）本实验用的弹簧测力计示数的单位为N，图甲中与B相连的弹簧测力计的示数为_N。（2）如果没有操作失误，图乙中的F与F两力中，方向一定沿AO方向的是_（3）（单选题）本实验采用的科学方法是_A.理想实验法 B.等效替代法 C.控制变量法 D.建立物理模型法（4）（多选题）实验中可减小误差的措施有_A、两个分力F1、F2的大小要尽量大些B、两个分力F1、F2间夹角要尽量大些C、拉橡皮筋的细绳要稍长一些D、拉橡皮筋时，弹簧测力计、橡皮筋、细绳应贴近木板且与木板平面平行（5）该实验的结论是：在误差允许的范围内，力的合成遵循_法则【答案】 (1). （1）3.6N (2). （2）F (3). （3） B (4). （4）ACD (5). （5）平行四边形【解析】试题分析：（1）弹簧测力计的每一格代表02N，所以图中B的示数为36N（2）如果没有操作失误，图乙中的F与F两力中，方向一定沿AO方向的是F；（3）实验中两次要求效果相同，故实验采用了等效替代的方法，故ACD错误，B正确（4）两个分力F1、F2的大小要尽量大些，以减小读数的误差，选项A正确；两个分力F1、F2间夹角没必要尽量大，选项B错误；拉橡皮筋的细绳要稍长一些，以减小记录力的方向时的误差，选项C正确；拉橡皮筋时，弹簧测力计、橡皮筋、细绳应贴近木板且与木板平面平行，以减小实验的误差，选项D正确；故选ACD（5）该实验的结论是：在误差允许的范围内，力的合成遵循平行四边形法则；考点：验证力的平行四边形定则【名师点睛】验证力的平行四边形定则是力学中的重点实验，应明确实验的原理、数据处理方法及本实验采用的物理方法一定先要通过分析题意找出实验的原理，通过原理即可分析实验中的方法及误差分析。14. 在追寻科学家研究足迹的过程中，某同学为探究恒力做功和物体动能变化间的关系，采用了如图甲所示的实验装置（1）实验时，该同学用钩码的重力表示小车受到的合力，为了减小这种做法带来的实验误差，你认为应该采取的措施是 _ （填选项前的字母）A保证钩码的质量远小于小车的质量B选取打点计时器所打的第1点与第2点间的距离约为2mm的纸带来处理数据C把长木板不带滑轮的一端适当垫高以平衡摩擦力D必须先接通电源再释放小车（2）如图乙所示是实验中得到的一条纸带，其中A、B、C、D、E、F是连续的六个计数点，相邻计数点间的时间间隔为T，相关计数点问的距离已在图中标出，测出小车的质量为M，钩码的总质量为m从打B点到打E点的过程中，合力对小车做的功是_，小车动能的增量是_（用题中所测各物理量的符号表示）【答案】 (1). （1）AC； (2). （2）mgs； (3). M（）2-M（）2【解析】试题分析：（1）由于小车运动过程中会遇到阻力，同时由于小车加速下降，处于失重状态，拉力小于重力，故要使拉力接进勾码的重量，要平衡摩擦力，以及要使勾码的质量远小于小车的质量；故选AC。（2）从打 B 点到打 E 点的过程中，合力对小车做的功是W=mgh=mgs根据中间时刻的速度等于平均速度得：，小车动能的增量是EK=MvE2-MvB2=M（）2-M（）2考点：探究恒力做功和物体动能变化间的关系【名师点睛】正确解答实验问题的前提是明确实验原理，从实验原理出发进行分析所需实验器材、实验步骤、所测数据等，会起到事半功倍的效果。15. 斜面ABC中AB段粗糙，BC段长为且光滑，如图（a）所示，质量为的小物块以初速度vA=12M/S沿斜面向上滑行，到达C处速度恰好为零，小物块沿斜面上滑的v-t图像如图（b）所示，已知AB段的加速度是BC段加速度的两倍，取g=10m/s2。（vB、t0未知）求：（1）小物块沿斜面向上滑行通过B点处的速度VB；（2）斜面AB段的长度；（3）小物块沿斜面向下滑行通过BA段的时间。【答案】（1）4m/s；（2）6.4m；（3）1.6s.（1）由v-t图像可知，小物块沿斜面向上滑行的初速度vA=12m/s由aAB=2aBC，由此可得：，代入数据可以得到：vB=4m/s（2）在上滑过程：对AB段根据速度位移公式有：在上滑过程中：对BC段根据速度位移公式有有： 由上两式并带入数据解得： （3）根据题意可知上滑时：由牛顿运动定律可知：，即可得所以下滑通过AB段时小物块做匀速运动，其速度为：vB=4m/s运动的时间为：，代入数据可以得到：点睛：本题主要考查了运动学公式基本公式以及牛顿第二定律的应用，要求能正确分析物体的受力情况，能根据受力情况判断运动情况即可解题。16. 如图所示，质量M=2kg 的木块A套在水平杆上，并用轻绳将木块A与质量m=kg的小球B相连今用跟水平方向成=30角的力F=10N，拉着球带动木块一起向右匀速运动，运动中M、m相对位置保持不变，取g=10m/s2求：（1）运动过程