2019版高中物理上学期第20周训练题.doc

2019版高中物理上学期第20周训练题一 单选题（1-5为单项选择，6-8为不定项选择，每题6分，共计48分）1. 下列关于物理学研究方法的叙述中正确的是( ）A. 电学中引入了点电荷的概念，运用了理想化模型的方法，只有带电体体积很小的情况下才能看做点电荷B. 在推导匀变建直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，再把各小段位移相加，这里运用了假设法C. 用比值法定义的物理概念在物理学中占有相当大的比例，例如电容，加速度都是采用比值法定义的D. 根据速度定义式，当t非常小时，就可以表示物体在t时刻的瞬时速度，该定义运用了极限思维法【答案】D【解析】A. 理想化模型是抓主要因素，忽略次要因素得到的，点电荷是理想化模型，体积、大小以及电荷量的分布情况对研究结果没有影响或影响很小时可以看做点电荷，故A错误；B. 在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加之和代表物体的位移，这里采用了微元法，故B错误；C. 电容C=Q/U，是采用比值法定义，加速度a=F/m不是采用比值法，该公式为牛顿第二定律的表达式。故C错误；D. 瞬时速度是依据速度定义式v=x/t，当t非常小时，x/t就可以表示物体在t时刻的瞬时速度，该定义应用了数学极限思想，故D正确。故选：D2. 下列几种运动中，机械能一定守恒的是A. 做匀速直线运动的物体 B. 做匀变速直线运动的物体C. 做平抛运动的物体 D. 做匀速圆周运动的物体【答案】C【解析】试题分析：A、做匀速直线运动的物体，动能不变，重力势能可能变化，机械能不一定守恒，故A错误；B、若是在水平面上的匀加速直线运动，动能增大，重力势能不变，则机械能不守恒；故B错误；C、做平抛运动的物体，只受重力做功，机械能必定守恒，故C正确；D、若物体在竖直平面内做匀速圆周运动，动能不变，重力势能在变化，机械能不守恒，故D错误；故选C考点：考查机械能守恒定律3. 如图所示，物体叠放在物体B上，B置于光滑水平面上，A、B质量分别为mA=6 kg，mB=2kg，A、B之间的动摩擦因数=0.2，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力。现对A施加一水平力F用，则A、B的加速度可能是(g取10m/s2)A. aA=6m/s2aB=2 m/s2B. aA=2m/s2aB=6 m/s2C. aA=8m/s2aB=4 m/s2D. aA=10m/s2aB=6 m/s2【答案】D【解析】试题分析：通过隔离法求出A、B发生相对滑动的临界加速度，再通过整体法结合牛顿第二定律求出拉力根据拉力的大小与该临界情况拉力的关系，讨论两者的加速度对B而言，当A、B间的摩擦力达到最大值时，此时的加速度达到最大，则，则最大加速度对整体运用牛顿第二定律可得，即当拉力增加到48N时，发生相对滑动，当时，当时，且，恒定不变，故D正确4. 未来的星际航行中，字航员长期处于零重力状态，为缓解这种状态带来的不适，有人设想在未来的航天器上加装一段圆柱形“旋转舱”，如图所示。当旋转舱绕其轴线匀速旋转时，字航员站在特舱内网柱形侧壁上，可以受到与他站在地球表面时相同大小的支持力。为达到上述目的，下州说法正确的是( ）A. 旋转舱的半径越大，转动的角速度就应越大B. 旋转舱的半径越大，转动的角速度就应越小C. 学航员质量越大，旋转舱的角速度就应越大D. 字航员质量越大，旋转舱的角速度就应越小【答案】B【解析】在外太空，宇航员处于完全失重状态，所以在旋转仓中我们不需要考虑地球引力作用；宇航员在旋转仓中做圆周运动所需要的向心力由侧壁支持力提供，根据题意有，故可知，与宇航员质量无关，所以选项CD错误； 旋转半径越大，转运角速度就越小，故选项A正确、B错误；考点：万有引力与航天5. 质量相等的A、B两物体放在同一水平面上，分别受到水平拉力、的作用而从静止开始做匀加速直线运动，经过时间和4物速度分别达到2和时，分别撤去和，以后物体继续做匀减速直线运动直至停止。两物体速度随时间变化的图线如图所示。设和对A、B的冲最分别为和，和对A、B做的功分别为和，则下列结论正确的是( )A. ：=12：5，：=6：5B. ：=6：5，：=3：5C. ：=3：5，：=6：5D. ：=3：5，：=12：5【答案】C【解析】从图象可知，两物块匀减速运动的加速度大小之都为相等，根据牛顿第二定律，匀减速运动中有f=ma，则摩擦力大小都为。根据图象知，匀加速运动的加速度分别为：2v0/t0,v0/4t0，根据牛顿第二定律，匀加速运动中有Ff=ma，则，F1和F2的大小之比为12:5；所以：I1：I2=3：5；图线与时间轴所围成的面积表示运动的位移,则加速阶段的位移之比为s1：s2=：=1:2；所以拉力做的功之比W1：W2=，故C正确，ABD错误。 故选：C。6. 两个等量点电荷位于x轴上，它们的静电场的电势随位置x变化规律如图所示(只画出了部分区域内的电势)，x轴上有两点M、N，且0MON，中图可知( ）A. N点的电势低于M点的电势B. M、N两点的电场方向相同且M点的场强大小大于N点的场强大小C. 仅在电场力作用下，正电荷可以在x轴上M、N之间的某两点做往复运动D. 负电荷沿x轴从M点移到N点的过程中电场力一直做正功【答案】BD【解析】A. 由图知，N点的电势高于M点的电势。故A错误；B. 由E=U/d可知，图象的斜率绝对值等于场强大小，可以看出M点的场强大小大于N点的场强大小。斜率都为正值，说明M、N点的电场方向相同。故B正确；C. 根据顺着电场线方向电势降低，可知电场线的方向从N指向M，正电荷在x轴上M、N之间所受的电场力始终由N指向M，正电荷做单向直线运动。故C错误；D. 负电荷沿x轴从M移到N的过程中，电场力方向由从M指向N，电场力方向与位移相同，电场力一直做做正功。故D正确。故选：BD点睛：根据电势的图象直接读出电势高低由E=U/d可知，图象的斜率绝对值等于场强大小，由斜率分析场强的大小关系根据顺着电场线方向电势降低，判断电场线的方向，确定正电荷所受的电场力方向，分析其运动情况根据电场力与位移方向间的关系，判断电场力做功的正负7. 如图所示，小车内固定着一个倾角为60的斜面OA，挡板OB与水平面的夹角=60。可绕转轴O在竖直平面内转动，现将一成量为m的光滑圆球放在斜面与挡板之间，下列说法正确的是( ）A. 当小车与挡板均静止时，球对斜面0A的压力小于mgB. 保持=60不变，使小车水平向右运动，则球对斜面OA的压力可能为零C. 保持小=车静止， 在由60缓慢减小至15的过程中，球对挡板OB的压力逐渐先减小再增大D. 保持小车静止， 在由60缓慢减小至15的过程中，球对挡板OA的压力逐渐增大【答案】BC【解析】球处于静止状态，受力平衡，对球进行受力分析，如图所示：FA、FB以及G之间的夹角两两都为120，根据几何关系可知,FA=FB=mg，故A错误；B. 若保持=60不变，使小车水平向右做匀加速直线运动，当FB和重力G的合力正好提供加速度时，球对挡板的压力为零，故B正确；CD、保持小车静止,在由60缓慢减小至15的过程中，根据图象可知，FA不断减小,FB先减小后增大，根据牛顿第三定律可知，球对挡板的压力先减小后增大，对斜面的压力不断减小，故C正确，D错误；故选：BC.点睛：将小球的重力按照作用效果进行分解，结合几何关系分析；如果小球对斜面的压力为零，受重力和挡板B的支持力，合力水平，说明加速度水平向右；将小球的重力按照作用效果进行分解，通过作图分析各个分力的变化情况8. . 发射地球同步卫星时，先将卫星发射至近地圆轨道1，然后经点火，使其沿椭圆轨道2运行，最后再次点火，将卫星送入同步椭圆轨道3。轨道1、2相切于Q点，轨道2、3相切于P点。轨道3到地面的高度为h，地球的半径为R，地球表面的重力加速度为g。以下说法正确的是A. 卫星在轨道3上的机械能大于在轨道1上的机械能B. 卫星在轨道3上的周期小于在轨道2上的周期C. 卫星在轨道2上经过Q点时的速度小于于它在轨道3上经过P时的速度D. 卫星在轨道3上的线速度为【答案】AD【解析】从轨道1需要点两次火才到达轨道3，所以外力做正功，机械能增大，故卫星在轨道3上的机械能比在轨道1上的机械能大，A正确；因为轨道2的半长轴小于轨道3的半径，所以根据开普勒第三定律可知卫星在轨道3上的周期大于在轨道2上的周期，B错误；根据可知，故半径越大，线速度越小，所以卫星在轨道1上速度大于在轨道3上的速度，因为从轨道1变轨到轨道2，需要在Q点点火，故在轨道2上Q点的速度大于轨道1上的线速度，所以卫星在轨道2上Q点的线速度大于轨道3上经过P点的速度，C错误；根据可知在轨道3上的线段，结合黄金替代公式可知，D正确12345678二实验题（16分）9. 国标（GB/T）规定自来水在15时电阻率应大于13m。某同学利用图甲电路测量15自来水的电阻率，其中内径均匀的圆柱形玻璃管侧壁连接一细管，细管上加有阀门K以控制管内自来水的水量，玻璃管两端接有导电活塞(活塞电阻可忽略)，右侧活塞固定，左侧活塞可自由移动。实验器材还有： 电源(电动势约为3V，内阻可忽略) 理想电压表(量程为3V） 理想电压表(量程为3V） 定值电阻(阻值4k) 定值电阻(阻值2k) 电阻箱R(最大阻值9999) 单刀双掷开关S，导线若干，游标卡尺，刻度尺。实验步骤如下： A.用游标卡尺测量并记录玻璃管的内径d； B.向玻璃管内注满自来水，确保无气泡； C.用刻度尺测量并记录水柱长度L； D.把S拨到1位置，记录电压表示数； E.把S拨到2位置，调整电阻箱阻值，使电压表示数与电压表示数相同，记录电阻箱的阻值R； F.改变玻璃管内水柱长度，重复实验步骤C、D、E； G.断开S，整理好器材。(1)测玻璃管内径d时游标卡尺示数如图乙，则d=_mm；(2)玻璃管内水柱的电阻的表达式为=_；(用、R表示)(3)利用记录的多组水柱长度L和对应的电阻箱阻值R的数据，绘制出如图丙所示的图象。可求出自来水的电阻率=_m(保留三位有效数字)。【答案】 (1). 20.0 (2). (3). 12.6【解析】(1)游标卡尺的主尺读数为：2.0cm=20mm，游标尺上第0个刻度和主尺上刻度对齐，所以最终读数为：20.0mm；(2)设把S拨到1位置时，电压表V1示数为U，则此时电路电流为U/R1，总电压U总= +U当把S拨到2位置，调整电阻箱阻值，使电压表V2示数与电压表V1示数相同也为U，则此时电路中的电流为U/R，总电压U总=，由于两次总电压相等，都等于电源电压E，可得Rx=；(3)从图丙中可知，R=1103时，1/L=5.0m1，此时玻璃管内水柱的电阻Rx=8000，水柱横截面积S= =3.14104m2，由电阻定律得：12.6m；三、计算题（本大题共2小题，共36分）10.（17分）如图所示，CD左侧存在场强大小 ，方向水平向左的匀强电场，一个质量为m、电荷量为+q的光滑绝缘小球，从底边BC长为L、倾角53o的直角三角形斜面顶端A点由静止开始下滑，运动到斜面底端C点后进入一竖直半圆形细圆管内（C处为一小段长度可忽略的光滑圆弧，圆管内径略大于小球直径，半圆直径CD在竖直线上），恰能到达细圆管最高点D点，随后从D点离开后落回斜面上某点P（重力加速度为g ， sin53o = 0.8, cos53o = 0.6 )求：（1）小球到达C点时的速度；（2）小球从D点运动到P点的时间t 11. （19分）如图所示，一质量m=1kg的小物块(可视为质点），放置在质量M=4kg的长木板左侧。长木板放置在光滑的水平面上初始时，长木板与物块一起以水平速度=2m/s向左匀速运动，在长木板的左端上方固定着一障碍物A，当物块运动到障碍物A处时与A发生弹性碰撞(碰撞时间极短，无机械能损失)。而长木板可继续向左运动，取重力加速度g=10m/s。（1）设长木板足够长，求物块与障碍物第一次碰撞后，物块与长木板所能获得的共同速率；（2）设长木板足够长，物块与障碍物第一次碰撞后，物块向右运动所能达到的最大距离是S=0.4m，求物块与长木板间的动摩擦因数以及此过程中长木板运动的加速度的大小；（3）要使物块不会从长木板上滑落，长木板至少应为多长？整个