2019届高三物理上学期第一次阶段性考试试题(含解析).doc

2019届高三物理上学期第一次阶段性考试试题(含解析)一 选择题（122分+64分=48分,其中1-12题为单选题，13-18题为多选题）1. 下列说说发正确的是（ ）A. 研究火车过桥时长时，可把火车视为质点B. 太阳东升西落是以太阳为参考系的C. 第n秒内指的是1秒长的时间D. 直线运动中物体的位移就是物体走过的路程【答案】C【解析】研究火车过桥时长时，火车的大小不能忽略，则不可把火车视为质点，选项A错误；太阳东升西落是以地球为参考系的，选项B错误；第n秒内指的是1秒长的时间，选项C正确；单向的直线运动中物体的位移大小等于物体走过的路程，选项D错误；故选C.2. 关于速度和加速度的关系，下列说法中正确的是（）A. 速度变化得越大，加速度就越大B. 速度变化得越快，加速度就越大C. 只要加速度的大小保持不变，速度的方向也保持不变【答案】B【解析】速度变化得越大，加速度不一定就越大，还与时间有关，选项A错误；速度变化得越快，加速度就越大，选项B正确；只要加速度的大小保持不变，速度的方向不一定保持不变，例如匀速圆周运动，选项C错误；只要加速度的大小不断变小，速度的大小不一定不断变小，例如当加速度和速度同向时，加速度减小，速度仍然变大，选项D错误；故选B.D只要加速度的大小不断变小，速度的大小也不断变小3. 关于牛顿第二定律，下列说法中错误的是（ ）A. 物体加速度的大小由物体的质量和物体所受合力的大小决定B. 物体加速度的方向只由它所受合力的方向决定，与速度方向无关C. 物体所受合力的方向和加速度的方向及速度方向总是相同的D. 一旦物体所受的合力为零，则物体的加速度立即为零【答案】C【解析】试题分析：物体的加速度与物体所受的合力成正比，与物体的质量成反比，加速度方向与合力方向相同解：A、根据牛到第二定律知，加速度大小由物体所受的合力和物体质量决定，方向与合力方向相同，与速度大小和方向无关故AB正确C、物体所受的合力方向与加速度方向相同，与速度方向不一定相同故C错误D、物体所受的合力为零，加速度立即为零故D正确本题选错误的故选：C【点评】解决本题的关键知道物体加速度与合力、质量的关系，知道加速度方向与合力方向相同，与速度方向没有关系4. 质点做直线运动的位移x与时间t的关系为x=5t+t2(各物理量均采用国际单位制单位)，则该质点( )A. 第1 s内的位移是5 mB. 前2 s内的平均速度是6 m/sC. 任意相邻的1 s内位移差都是1 mD. 任意1 s内的速度增量都是2 m/s【答案】D.考点：匀变速直线运动的规律的应用【名师点睛】本题是匀变速直线运动的规律的应用问题；关键要掌握匀变速直线运动的位移时间关系公式x=v0t+12at2，以及推论x=aT2等运动学公式的基本规律，并能灵活应用。5. 物体做加速度大小为5m/s2的匀加速直线运动，则在任意1s内（）A. 汽车的末速度一定等于初速度的5倍B. 汽车的初速度一定比前1s的末速度大5m/sC. 汽车的末速度比前1s内的初速度大5m/sD. 汽车的末速度一定比初速度大5m/s【答案】D【解析】由于不知道初速度的大小，故无法确定末速度与初速度的倍数关系；故A错误；某一段时间内的初时刻与前1s的末时刻是同一时刻；速度相等；故B错误；汽车的末速度比前1s的初速度大v=a2=52=10m/s；故C错误；由v=at可知，质点的末速度一定比初速度大5m/s；故D正确；故选D6. 一轻质弹簧原长为8 cm，在4 N的拉力作用下长度变为9 cm，弹簧未超出弹性限度，则该弹簧的劲度系数为A. 400N/m B. 50 N/m C. 200 N/m D. 400 m/N【答案】D【解析】根据胡克定律可得:F=k(L-L0)，解得k=FLL0=4(98)102=400N/m，故选D.7. 如图所示，AB两物体叠放在一起，在粗糙水平面上向左做匀减速运动，运动过程中B受到的摩擦力（）A. 方向向左，保持不变 B. 方向向右，保持不变C. 方向向左，逐渐减小 D. 方向向右，逐渐减小【答案】B【解析】两物体向左减速，则加速度向右，对物体B，水平方向受到向右的摩擦力，大小为mBa，由于a不变，则摩擦力不变，故选B.8. 一滑块以初速度v0从固定斜面底端沿斜面（其足够长）向上滑，该滑块的速度-时间图象不可能是（）A. B. C. D. 【答案】D【解析】上滑过程中，物块做匀加速度直线运动，下滑过程中物块做匀加速度直线运动，加速度减小了，C对；还有可能上升到最高点，重力的分力不足以克服最大静摩擦力而静止，B对；如果斜面光滑，则选A，D不可能；9. 如图所示，用两根等长轻绳将木板悬挂在竖直木桩上等高的两点，制成一简易秋千某次维修时将两轻绳各加长一小段，但仍保持等长且悬挂点不变木板静止时，F1表示木板所受合力的大小，F2表示单根轻绳对木板拉力的大小，则维修后（）A. F1不变，F2变大 B. F1不变，F2变小C. F1变大，F2变大 D. F1变小，F2变小【答案】B【解析】木板静止时，受重力和两个拉力而平衡，故三个力的合力为零，即：F1=0，不变；根据共点力平衡条件，有：2F2cos=mg；解得：F2=mg2cos；当细线变长时，细线与竖直方向的夹角减小，故cos增大，拉力F2变小故选B.10. 质量为m的物体用轻绳AB悬挂于天花板上用水平向左的力F缓慢拉动绳的中点O，如图所示用T表示绳OA段拉力的大小，在O点向左移动的过程中（）A. F逐渐变大，T逐渐变大 B. F逐渐变大，T逐渐变小C. F逐渐变小，T逐渐变大 D. F逐渐变小，T逐渐变小【答案】A【解析】以结点O为研究对象受力分析如下图所示：由题意知点O缓慢移动，即在移动过程中始终处于平衡状态，则可知：绳OB的张力TB=mg根据平衡条件可知：Tcos-TB=0Tsin-F=0由此两式可得：F=TBtan=mgtanT=TBcosmgcos 在结点O被缓慢拉动过程中，夹角增大，由三角函数可知：F和T均变大，故A正确，BCD错误故选：A.11. 如图所示，A、B两小球分别连在弹簧两端，B端用细线固定在倾角为30的光滑斜面上，若不计弹簧质量，在线被剪断瞬间，A、B两球的加速度分别为 ( )A. 都等于g2 B. g2和0C. MA+MBMBg2和0 D. 0和MA+MBMBg2【答案】D【解析】试题分析：在剪断绳子的一瞬间，弹簧来不及改变，所以弹簧弹力不变，A球合外力仍然为零，加速度为0；剪断绳子前，绳子的拉力为(MA+MB)gsin30=12(MA+MB)g，B球此时的合外力为零，剪断绳子后，绳子拉力消失，其它力不变，合外力等于12(MA+MB)g，方向沿斜面向下，根据牛顿第二定律可知B球的加速度为故选D考点：力的动态变化点评：做本题的关键是知道，绳子间断的瞬间，拉力消失，但是弹簧来不及改变，所以弹力不变，12. 一物块静止在粗糙的水平桌面上。从某时刻开始，物块受到一方向不变的水平拉力作用。假设物块与桌面间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力。以a表示物块的加速度大小，F表示水平拉力的大小。能正确描述F与a之间关系的图像是（ ）A. B. C. D. 【答案】C【解析】试题分析：对物体受力分析，利用牛顿第二定律列式找出Fa的关系式，即可做出选择解：物块受力分析如图所示：由牛顿第二定律得；Fmg=ma解得：F=ma+mgF与a成一次函数关系，故ABD错误，C正确，故选C【点评】对于此类图象选择题，最好是根据牛顿第二定律找出两个物理量之间的函数关系，图象变显而易见13. 一物体静止在水平桌面上，则下列说法正确的是（）A. 桌面对物体的支持力与物体所受的重力是一对平衡力 B. 物体对桌面的压力就是物体的重力，它们的性质相同C. 物体对桌面的压力与桌面对物体的支持力是一对平衡力 D. 物体对桌面的压力与桌面对物体的支持力是一对作用力与反作用力【答案】AD【解析】桌面对物体的支持力与物体所受的重力是一对平衡力，选项A正确；物体对桌面的压力大小等于物体的重力，它们的性质不相同，选项B错误；物体对桌面的压力与桌面对物体的支持力是一对作用力与反作用力，选项C错误，D正确；故选AD.点睛：平衡力和相互作用力容易混淆，注意两者的异同点：相同点：大小相等、方向相反、作用在同一条直线上不同点：平衡力是一个受力物体，相互作用力是两个受力物体14. 某人在地面上用弹簧测力计称得其体重为490 N他将弹簧测力计移至电梯内称其体重，t0至t3时间段内，弹簧测力计的示数如图所示，电梯运行的vt图可能是图中的(取电梯向上运动的方向为正) () A. B. C. D. 【答案】AD【解析】试题分析：由图可知各段上物体的受力情况，则由牛顿第二定律可求得物体的加速度，即可确定其运动情况，画出vt图象解：由图可知，t0至t1时间段弹簧秤的示数小于G，故合力为GF=50N，物体可能向下加速，也可能向上减速；t1至t2时间段弹力等于重力，故合力为零，物体可能为匀速也可能静止；而t2至t3时间段内合力向上，故物体加速度向上，电梯可能向上加速也可能向下减速；AD均符合题意；故选AD【点评】本题考查图象与牛顿第二定律的综合，关键在于明确加速度的方向，本题易错在考虑不全面上，应找出所有的可能性再确定答案15. 物体从静止开始做匀加速直线运动，第3秒内通过的位移是3m，则：（ ）A. 第3秒内的平均速度是1m/s B. 物体的加速度是1.2m/s2C. 前3秒内的位移是5.4m D. 3S末的速度是3.2m/s【答案】BC【解析】第3s内的平均速度为：vxt313m/s故A错误设加速度大小为a，则有：x=12at3212at22，得：a=2xt32t222394m/s2=1.2m/s2故B正确前3s内位移为：x3=12at32121.29=5.4m故C正确3s末的速度是：v3=at3=3.6m/s故D错误故选BC.16. 图是物体做直线运动的v-t图象，由图可知，该物体（ ）A. 第1s内和第3s内的运动方向相反B. 第3s内和第4s内的加速度相反C. 第1s内和第4s内的位移大小相等D. 0-2s和0-4s内的平均速度大小不相等【答案】CD【解析】由图知，在前3s内物体的速度均为正值，说明在前3s内物体的运动方向不变，故A错误；速度图象的斜率等于加速度，第3s内和第4s内图线的斜率相同，则加速度相同，故B错误；图象与时间轴所围的面积表示位移，由几何知识可知第1s内和第4s内的位移大小相等故C正确；根据“面积”可知：02s内和04s内的位移相等，所用时间不等，所以平均速度不等，故D正确故选CD点睛：解决本题的关键知道速度时间图线的物理意义，知道图线的斜率表示加速度，图线与时间轴围成的面积表示位移17. 如图所示，放置在斜面上的物块受到平行于斜面向上的力F的作用保持静止，现在使力F增大，物块仍静止，则下列说法正确的是（ ）A. 物块受到的合外力可能增大B. 物块对斜面的压力可能减小C. 物块受到的摩擦力可能减小D. 物块受到的摩擦力可能增大【答案】CD【解析】物体保持静止，合力一直为零，不变，故A错误；设物块的质量为m，斜面的倾角为对物块分析，由平衡条件得知，斜劈对物块的支持力N1=mgcos，当F增大时，N1不变，则物块对斜劈的压力不变；故B错误；当Fmgsin时，物块所受的静摩擦力沿斜面向下，F增大，静摩擦力增大；当Fmgsin时，静摩擦力方向沿斜面向上，当F增大时，静摩擦力减小；故CD正确；故选CD点睛：本题关键是对滑块受力分析，然后根据共点力平衡条件并结合正交分解法列式分析，注意静摩擦力的大小和方向都是与外力大小有关的18. 如图所示，A、B两物块的质量分别为2m和m，静止叠放在水平地面上。A、B间的动摩擦因数为，B与地面间的动摩擦因数为12。最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g。现对A施加一水平拉力F，则（）A. 当F2mg时，A、B都相对地面静止B. 当F52mg时，A的加速度为13gC. 当F=3mg时，A相对B滑动D. 无论F为何值，B的加速度不会超过12g。【答案】BCD【解析】试题分析：根据A、B之间的最大静摩擦力，隔离对B分析求出整体的临界加速度，通过牛顿第二定律求出A、B不发生相对滑动时的最大拉力然后通过整体法隔离法逐项分析解：AB之间的最大静摩擦力为：fmax=mAg=2mg，AB发生滑动的加速度为a=g，B与地面间的最大静摩擦力为：fmax=（mA+mB）g=mg，故拉力F最小为F：Ffmax=（m+2m）a，所以F=时，AB将发生滑动A、当 F2 mg 时，Ffmax，AB之间不会发生相对滑动，B与地面间会发生相对滑动，所以A、B 都相对地面运动，选项A错误B、当 F=mg时，故AB间不会发生相对滑动，由牛顿第二定律有：a=，选项B正确C、当F3mg 时，AB间会发生相对滑动，选项C错误D、A对B的最大摩擦力为2mg，无论F为何值，B的最大加速度为aB=，当然加速度更不会超过g，选项D正确故选：BD【点评】本题考查了摩擦力的计算和牛顿第二定律的综合运用，解决本题的突破口在于通过隔离法和整体法求出A、B不发生相对滑动时的最大拉力二 填空题（52分=10分）19. 两物体甲和乙在同一直线上运动，它们在00.4s时间内的v-t图像如图所示，若仅在两物体之间存在相互作用，则物体甲与乙的质量之比为_，图中时间t1=_s【答案】 (1). 3:1 (2). 0.3【解析】试题分析：根据三角形相似得：0.4t10.4=14，得t1=0.30s，根据速度图象的斜率等于加速度，得到：甲的加速度大小为a甲=1t1=103m/s2，乙的加速度大小为a乙=400.4m/s2=10m/s2，据题，仅在两物体之间存在相互作用，根据牛顿第三定律得知，相互作用力大小相等，由牛顿第二定律F=ma得：两物体的加速度与质量成反比，则有质量之比为m甲：m乙=a乙：a甲=3：1。考点：牛顿第二定律、匀变速直线运动的图像【名师点睛】先根据三角形相似知识求出t1，再根据速度图象的斜率等于加速度求出甲乙的加速度大小，由牛顿第二定律和第三定律求解两物体质量之比；本题一方面考查速度图象的斜率等于加速度；另一方面考查运用数学知识解决物理问题的能力。20. 如图所示，A、B、C的质量分别为mA、mB、mC，A、B间用细绳连接跨在固定在C上的光滑定滑轮上，整个系统处于静止状态，则B与C之间的摩擦力的大小为_，C与地面之间的摩擦力的大小为_。【答案】 (1). mAg (2). 0【解析】试题分析：以B为研究对象，水平方向受绳子的拉力，方向向右，大小为mAg，因水平方向上合力为零，所以B受到C的摩擦力为mAg，方向向左；由作用力与反作用力可知，B对C的摩擦力大小为mAg，方向向右，把ABC看做整体，在水平方向上不受外力作用，所以地面对C的摩擦力为零。考点：摩擦力的判断与计算【名师点睛】先以B为研究对象，对其受力分析，可知B受到C的摩擦力大小，从而得知B对C的摩擦力大小；把ABC看做一个整体，在进行受力分析，可知地面对C的摩擦力大小。21. 某航母跑道长200m飞机在航母上滑行的最大加速度为3m/s2，起飞需要的最低速度为40m/s那么，飞机在滑行前，需要借助弹射系统获得的最小初速度为_ m/s。【答案】20m/s【解析】由运动学公式v2-v02=2as，代入数据得：v0v22as16002320020m/s 三 计算题（共5小题，42分，要有必要的文字说明和解题步骤）22. 一物体从某一高度自由下落，它落地前最后2秒的位移是40米，不计空气阻力，取g=10m/s2（1）物体在空中运动的时间。（2）物体落地时的速度大小【答案】（1）3s（2）30m/s23. 在某一旅游景区内建有一山坡滑草运动项目。该山坡可看成倾角=30的斜面，一名游客连同滑草装置总质量m=80kg，他从静止开始匀加速下滑，在时间t=5.0s内沿斜面下滑的位移x=25m。（不计空气阻力，取g=10m/s2，结果保留2位有效数字）求：（1）游客连同滑草装置在下滑过程中的加速度a；（2）滑草装置与草皮之间的动摩擦因数【答案】（1）2m/s2（2）35 【解析】（1）由位移公式x=12at2解得a=2xt2=2.0m/s2故游客连同滑草装置在下滑过程中的加速度为2.0m/s2（2）沿斜面方向，由牛顿第二定律得：mgsin-f=ma在垂直斜面方向上，FN-mgcos=0又f=FN联立并代入数值后，解得=35 点睛：解决本题的关键知道加速度是联系力学和运动学的桥梁，通过加速度可以根据力求运动，也可以根据运动求力24. 如图，水平传送带两个转动轴轴心相距20m，正在以v=4.0m/s的速度匀速传动，某物块（可视为质点）与传送带之间的动摩擦因数为0.2，将该物块从传送带左端无初速地轻放在传送带上，则（1）经过多长时间物块将到达传送带的右端？（g=10m/s2）（2）物体在传送带上留下的划痕长度为多少？【答案】（1）6s（2）4m【解析】（1）物块放到传送带上后先做匀加速运动，若传送带足够长，匀加速运动到与传送带同速后再与传送带一同向前做匀速运动物块匀加速时的加速度为mg=maa=g=0.210m/s2=2m/s2物块匀加速到和传送带具有相同速度所需时间为： t1va42s2s 物块匀加速位移x112at1212222m4m 4m20m以后小物块匀速运动物块匀速运动的时间t2xx1v2044s4s 物块到达传送带又端的时间为：t=t1+t2=2s+4s=6s（2）物块在加速阶段，传送带的位移x2=vt1=42m=8m 则物体下传送带上留下的划痕长度：L=x2x1=8m4m=4m 点睛: 解决本题的关键搞清物体在传送带上的运动情况，即先加速后匀速，结合牛顿第二定律和运动