全国通用高考物理二轮复习新题重组练专题三电场和磁场9a.doc

【金版教程】（全国通用） 高考物理二轮复习 新题重组练专题三电场和磁场9a12014陕西质检(多选)导体导电是导体中的自由电荷定向移动的结果，这些可以移动的电荷又叫载流子，例如金属导体中的载流子就是自由电子。现代广泛应用的半导体材料可以分成两大类，一类是N型半导体，它的载流子为电子；另一类为P型半导体，它的载流子是“空穴”，相当于带正电的粒子。如果把某种材料制成的长方体放在匀强磁场中，磁场方向如图所示，且与长方体的前后侧面垂直。长方体中通入水平向右的电流，测得长方体的上、下表面M、N的电势分别为M、N，则该种材料()A如果是P型半导体，有MNB如果是N型半导体，有MNC如果是P型半导体，有MN解析由左手定则可知，载流子受力方向竖直向下；若是P型半导体，则相当于带正电粒子的“空穴”向下表面N运动，则NM，C项正确；若是N型半导体或金属导体，则电子受向下的力，向N运动，则NM，D项正确。答案CD22014北京东城区期末如图所示，界面MN与水平地面之间有足够大正交的匀强磁场B和匀强电场E，磁感线和电场线都处在水平方向且互相垂直。在MN上方有一个带正电的小球由静止开始下落，经电场和磁场到达水平地面。若不计空气阻力，小球在通过电场和磁场的过程中，下列说法中正确的是()A小球做匀变速曲线运动B小球的电势能保持不变C洛伦兹力对小球做正功D小球的动能增量等于其电势能和重力势能减少量的总和解析带电小球在刚进入复合场时受力如图所示，则带电小球进入复合场后做曲线运动，因为速度会发生变化，洛伦兹力就会跟着变化，所以不可能是匀变速曲线运动，选项A错误；根据电势能公式Epq，知只有带电小球竖直向下做直线运动时，电势能保持不变，选项B错误；根据洛伦兹力的方向确定方法知，洛伦兹力方向始终和速度方向垂直，所以洛伦兹力不做功，选项C错误；从能量守恒角度知道选项D正确。答案D32014北京丰台区模拟如图所示，电源电动势为E，内阻为r，滑动变阻器最大电阻为R，开关K闭合。两平行金属极板a、b间有匀强磁场，一带负电的粒子(不计重力)以速度v水平匀速穿过两极板。下列说法正确的是()A若将滑片P向上滑动，粒子将向a板偏转B若将a极板向上移动，粒子将向a板偏转C若增大带电粒子的速度，粒子将向b板偏转D若增大带电粒子带电荷量，粒子将向b板偏转解析将滑片P向上滑动，电阻两端的电压减小。因电容器与电阻并联，故两板间的电势差减小，根据E知两板间的电场强度减小，粒子所受电场力减小，因带负电，电场力向上，所以粒子将向b板偏转，A错误；保持开关闭合，将a极板向上移动一点，板间距离增大，电压不变，由E可知，板间电场强度减小，粒子所受电场力向上变小，洛伦兹力向下，则粒子将向b板偏转，故B错误；若增大带电粒子的速度，所受极板间洛伦兹力增大，而所受电场力不变，故粒子将向b板偏转，C正确；若增大带电粒子带电荷量，所受电场力增大，所受洛伦兹力也增大，但两者仍相等，故粒子将不会偏转，故D错误。答案C42014石家庄一模(多选)如图所示为一种获得高能粒子的装置，环形区域内存在垂直纸面、磁感应强度大小可调的均匀磁场，带电粒子可在环中做圆周运动。A、B为两块中心开有小孔的距离很近的极板，原来电势均为零，每当带电粒子经过A板准备进入AB之间时，A板电势升高为U，B板电势仍保持为零，粒子在两板间的电场中得到加速；每当粒子离开B板时，A板电势又降为零。粒子在电场的加速下动能不断增大，而在环形磁场中绕行半径不变。若粒子通过A、B板的时间不可忽略，能定性反映A板电势U和环形区域内的磁感应强度B分别随时间t变化关系的是()解析由题意可知，粒子在加速电场中运动时，两板电势差不变，故场强不变，带电粒子所受电场力不变，加速度不变，而粒子进入电场时的初速度不断变大，故在两板间运动的时间不断变短，故A项错，B项正确；粒子进入磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力充当向心力，即：qvBm，解得：B，随粒子速度不断增大，半径保持不变，故磁感应强度不断增大；由圆周运动规律T可知，带电粒子在磁场中运动周期不断减小，故C项正确，D项错。答案BC5如图所示，在xOy坐标系中有虚线OA，OA与x轴的夹角30，OA与y轴之间的区域有垂直纸面向外的匀强磁场，OA与x轴之间的区域有沿x轴正方向的匀强电场，已知匀强磁场的磁感应强度B0.25 T，匀强电场的电场强度E5105 N/C。现从y轴上的P点沿与y轴正方向夹角60的方向以初速度v05105 m/s射入一个质量m81026 kg、电荷量q81019 C的带电粒子，粒子经过磁场、电场后最终打在x轴上的Q点，已知P点到O的距离为 m(带电粒子的重力忽略不计)。求：(1)粒子在磁场中做圆周运动的半径；(2)粒子从P点运动到Q点的时间；(3)Q点的坐标。解析(1)由qv0Bm解得r0.2 m(2)粒子由P点进入磁场，由于OPO30，延长PO交OA于O，则POOA，则POOPcos300.3 m由几何关系OOPOPO0.1 m得OOOM即得OMO30由此得出粒子从OA边射出时v0与OA的夹角为60，故从OA边射出时v0与x轴垂直从P点到Q点的时间为在磁场中运动的时间t1和电场中运动的时间t2之和t18.37107st23.46107s粒子从P点到Q点的时间为tt1t21.18106s(3)粒子在电