高考物理一轮复习 课时跟踪检测（四十）电磁感应中的动力学和能量问题（卷Ⅱ）（重点班）.doc

课时跟踪检测（四十） 电磁感应中的动力学和能量问题 （卷） b级拔高题目稳做准做1(2017上海高考)如图，光滑平行金属导轨间距为l，与水平面夹角为，两导轨上端用阻值为r的电阻相连；该装置处于磁感应强度为b的匀强磁场中，磁场方向垂直于导轨平面。质量为m的金属杆ab以沿导轨平面向上的初速度v0从导轨底端开始运动，然后又返回到出发位置。在运动过程中，ab与导轨垂直且接触良好，不计ab和导轨的电阻及空气阻力。(1)求ab开始运动时的加速度a；(2)分析并说明ab在整个运动过程中速度、加速度的变化情况；(3)分析并比较ab上滑时间和下滑时间的长短。解析：(1)ab开始运动时产生的感应电动势eblv0回路中的感应电流i杆所受安培力fabil杆受力如图，由牛顿第二定律mgsin fama得agsin ，方向沿导轨向下。(2)分析如下：杆上滑时：合力fmgsin fa，与运动方向相反，杆减速；随着速度减小，fa减小，合力减小，加速度减小；因此杆做加速度减小的减速运动，到达一定高度后速度为零。在最高点：杆的速度为零，加速度为gsin ，方向沿斜面向下。杆下滑时：合力fmgsin fa，与运动方向相同，杆加速；随着速度增加，fa增大，合力减小，加速度减小；因此杆做初速度为零、加速度减小的加速运动。(3)分析如下：上滑和下滑过程经过的位移大小相等。而上滑时杆加速度大于gsin ，下滑时杆加速度小于gsin ，因此上升时的平均加速度大于下降时的平均加速度，由运动学规律可知，上滑所需时间小于下滑所需时间。答案：(1)gsin ，方向沿导轨向下(2)见解析(3)上滑时间小于下滑时间2.(2017天津高考)电磁轨道炮利用电流和磁场的作用使炮弹获得超高速度，其原理可用来研制新武器和航天运载器。电磁轨道炮示意如图，图中直流电源电动势为e，电容器的电容为c。两根固定于水平面内的光滑平行金属导轨间距为l，电阻不计。炮弹可视为一质量为m、电阻为r的金属棒mn，垂直放在两导轨间处于静止状态，并与导轨良好接触。首先开关s接1，使电容器完全充电。然后将s接至2，导轨间存在垂直于导轨平面、磁感应强度大小为b的匀强磁场(图中未画出)，mn开始向右加速运动。当mn上的感应电动势与电容器两极板间的电压相等时，回路中电流为零，mn达到最大速度，之后离开导轨。问：(1)磁场的方向；(2)mn刚开始运动时加速度a的大小；(3)mn离开导轨后电容器上剩余的电荷量q是多少。解析：(1)将s接1时，电容器充电，上极板带正电，下极板带负电，当将s接2时，电容器放电，流经mn的电流由m到n，又知mn向右运动，由左手定则可知磁场方向垂直于导轨平面向下。(2)电容器完全充电后，两极板间电压为e，当开关s接2时，电容器放电，设刚放电时流经mn的电流为i，有i设mn受到的安培力为f，有filb由牛顿第二定律，有fma联立式得a。(3)当电容器充电完毕时，设电容器上电荷量为q0，有q0ce开关s接2后，mn开始向右加速运动，速度达到最大值vmax时，设mn上的感应电动势为e，有eblvmax依题意有e设在此过程中mn的平均电流为，mn上受到的平均安培力为，有lb由动量定理，有tmvmax0又tq0q联立式得q。答案：(1)垂直导轨平面向下(2)(3)3(2018内蒙古奋斗中学模拟)如图甲所示，弯折成90角的两根足够长金属导轨平行放置，形成左右两导轨平面，左导轨平面与水平面成53角，右导轨平面与水平面成37角，两导轨相距l0.2 m，电阻不计。质量均为m0.1 kg，电阻均为r0.1 的金属杆ab、cd与导轨垂直接触形成闭合回路，金属杆与导轨间的动摩擦因数均为0.5，整个装置处于磁感应强度大小为b1.0 t，方向平行于左导轨平面且垂直右导轨平面向上的匀强磁场中。t0时刻开始，ab杆以初速度v1沿右导轨平面下滑。t1 s时刻开始，对ab杆施加一垂直ab杆且平行右导轨平面向下的力f，使ab开始做匀加速直线运动。cd杆运动的vt图像如图乙所示(其中第1 s、第3 s内图线为直线)。若两杆下滑过程均保持与导轨垂直且接触良好，g取10 m/s2，sin 370.6，cos 370.8。求：(1)在第1 s内cd杆受到的安培力的大小；(2)ab杆的初速度v1；(3)若第2 s内力f所做的功为9 j，求第2 s内cd杆所产生的焦耳热。解析：(1)ab杆沿右侧导轨下滑，根据右手定则可知ab杆中感应电流由a到b，则cd杆中电流由d到c，根据左手定则可知cd杆受到的安培力垂直于左侧导轨向下。根据v t图像可知，cd杆在第1 s内的加速度a14 m/s2对cd杆受力分析，根据牛顿第二定律，有：mgsin 53(mgcos 53f安)ma1解得f安0.2 n。(2)对cd杆：安培力f安bil回路中电流i1 a对ab杆：感应电动势ei2r0.2 v根据法拉第电磁感应定律eblv1解得ab杆的初速度v11 m/s。(3)根据v t图像可知，cd杆在第3 s内做匀减速运动，加速度a24 m/s2对cd杆受力分析，根据牛顿第二定律，有：mgsin 53(mgcos 53f安)ma2解得安培力f安1.8 n由f安bil可得2 s时ab杆的速度v29 m/s第2 s内ab杆做匀加速运动，ab杆的位移x2(v1v2)t5 m对ab杆，根据动能定理，有：wfmgx2sin 37mgx2cos 37w安mv22mv12解得安培力做功w安6 j回路中产生的焦耳热qw安2qcd解得第2 s内cd杆所产生的焦耳热qcd3 j。答案：(1)0.2 n(2)1 m/s(3)3 j4(2018泉州质检)如图甲所示，两根完全相同的光滑平行导轨固定，每根导轨均由两段与水平面成30的长直导轨和一段圆弧导轨平滑连接而成，导轨两端均连接电阻，阻值r1r22 ，导轨间距l0.6 m。在右侧导轨所在斜面的矩形区域m1m2p2p1内分布有垂直斜面向上的磁场，磁场上下边界m1p1、m2p2的距离d0.2 m，磁感应强度大小随时间的变化规律如图乙所示。t0时刻，在右侧导轨斜面上与m1p1距离s0.1 m处，有一根阻值r2 的金属棒ab垂直于导轨由静止释放，恰好独立匀速通过整个磁场区域，取重力加速度g10 m/s2，导轨电阻不计。求：(1)ab在磁场中运动的速度大小v；(2)在t10.1 s时刻和t20.25 s时刻电阻r1的电功率之比；(3)电阻r2产生的总热量q总。解析：(1)由mgssin mv2得v1 m/s。(2)棒从释放到运动至m1p1的时间t0.2 s在t10.1 s时，棒还没进入磁场，有e1ld0.6 v此时，r2与金属棒并联后再与r1串联r串3 u1r10.4 v由图乙可知，t0.2 s后磁场保持不变，ab经过磁场的时间t0.2 s故在t20.25 s时ab还在磁场中运动，电动势e2blv0.6 v此时r1与r2并联，r总3 ，得r1两端电压u10.2 v电功率p，故在t10.1 s和t20.25 s时刻电阻r1的电功率比值4。(3)设ab的质量为m，ab在磁场中运动时，通过ab的电流iab受到的安培力fabil又mgsin bil解得m0.024 kg在t00.2 s内，r2两端的电压u20.2 v，产生的热量q1t0.