高考物理一轮复习 第六章 动量守恒定律及其应用 第1讲 动量、冲量、动量定理练习.doc

第1讲 动量、冲量、动量定理板块三限时规范特训时间：45分钟满分：100分一、选择题(本题共10小题，每小题7分，共70分。其中17为单选，810为多选)12018湖北黄石市黄石一中模拟有关物体的动量，下列说法正确的是()a同一物体的动量改变，一定是速度大小改变b同一物体的动量改变，一定是速度方向改变c同一物体的运动速度改变，其动量一定改变d同一物体的运动速度改变，其动量可能不变答案c解析动量为一矢量，由pmv知，同一物体动量改变，可能是速度大小变化、也可能是速度方向变化，所以a、b错误；同一物体速度改变，动量一定变化，故c正确，d错误。22018山西太原五中月考下面关于物体动量和冲量的说法错误的是()a物体所受合外力冲量越大，它的动量也越大b物体所受合外力冲量不为零，它的动量一定要改变c物体动量增量的方向，就是它所受冲量的方向d物体所受合外力越大，它的动量变化就越快答案a解析ft越大，p越大，但动量不一定大，它还与初态的动量有关，故a错误，b正确；冲量不仅与p大小相等，而且方向相同，所以c正确；物体所受合外力越大，速度变化越快，即动量变化越快，d正确。3把一个乒乓球竖直向上抛出，若空气阻力大小不变，则乒乓球上升到最高点和从最高点返回到抛出点的过程相比较()a重力在上升过程的冲量大b合外力在上升过程的冲量大c重力冲量在两过程中的方向相反d空气阻力冲量在两过程中的方向相同答案b解析乒乓球上升过程mgfma1，下降过程mgfma2，故a1a2。由于上升和下降通过的位移相同，由公式xat2知上升用的时间小于下降用的时间，上升时重力的冲量小，a错误；而重力的冲量，不管是上升还是下降，方向都向下，故c错误；而空气阻力冲量的方向：上升时向下，下降时向上，故方向相反，d错误；再由公式v可知，上升的初速度大于下降的末速度，由动量定理知，合外力的冲量等于动量的变化量，因上升时动量的变化量大于下降时动量的变化量，故合外力在上升过程冲量大，故b正确。42018山东临沂调研人从高处跳到较硬的水平地面时，为了安全，一般都是让脚尖先触地且着地时要弯曲双腿，这是为了()a减小地面对人的冲量b减小人的动量的变化c增加人对地面的冲击时间d增大人对地面的压强答案c解析脚尖先触地且着地时弯曲双腿，可以增加人对地面的冲击时间，根据动量定理f可知，地面对人的作用力减小，从而达到安全的目的，故c正确，a、b、d错误。5. 2018江西上饶一中月考物体a和b用轻绳相连在轻质弹簧下静止不动，如图甲所示。a的质量为m，b的质量为m。当连接a、b的绳突然断开后，物体a上升经某一位置时的速度为v，这时物体b下落速度大小为u，如图乙所示。这段时间里，弹簧的弹力对物体的冲量为()amvbmvmucmvmudmvmu答案d解析弹簧的弹力是变力，时间是未知量，显然，不能直接从冲量的概念ift入手计算，只能用动量定理求解，对物体a：i弹mgtmv。对物体b：mgtmu。消去t解得i弹mvmu，d正确，a、b、c错误。6一质量为2 kg的物体受水平拉力f作用，在粗糙水平面上做加速直线运动时的at图象如图所示，t0时其速度大小为2 m/s，滑动摩擦力大小恒为2 n，则()at6 s时，物体的速度为18 m/sb在06 s内，合力对物体做的功为400 jc在06 s内，拉力对物体的冲量为36 nsdt6 s时，拉力f的功率为200 w答案d解析类比速度图象中位移的表示方法可知，在加速度时间图象中图线与坐标轴所围面积表示速度变化量，在06 s内v18 m/s，又v02 m/s，则t6 s时的速度v20 m/s，a错误；由动能定理可知，06 s内，合力做的功为wmv2mv396 j，b错误；由动量定理可知，iffftmvmv0，代入已知条件解得if48 ns，c错误；由牛顿第二定律可知，6 s末fffma，解得f10 n，所以拉力的功率pfv200 w，d正确。7质量为m的运动员从床垫正上方h1高处自由下落，落垫后反弹的高度为h2，设运动员每次与床垫接触的时间为t，则在运动员与床垫接触的时间内运动员对床垫的平均作用力为(空气阻力不计，重力加速度为g)()amgbmgc.dmg答案d解析设在时间t内，床垫对运动员的平均作用力大小为f，运动员刚接触床垫时的速率为v1，则离开床垫时的速率为v2。如图所示，规定竖直向上为正方向，根据动量定理有：f合tp，f合fmgpmv2m(v1)mv2mv1由机械能守恒定律有mvmgh1，v1mvmgh2，v2由此可得fmgmg，由牛顿第三定律可得，运动员对床垫的作用力大小ffmg，方向为竖直向下，d正确，a、b、c错误。8. 恒力f作用在质量为m的物体上，如图所示，由于地面对物体的摩擦力较大，没有被拉动，则经时间t，下列说法正确的是()a拉力f对物体的冲量大小为零b拉力f对物体的冲量大小为ftc拉力f对物体的冲量大小是ftcosd合力对物体的冲量大小为零答案bd解析物体静止时，合外力为零，合外力的冲量为零，d正确；拉力是恒力，其冲量为力与时间的乘积，b正确，a、c错误。9如图甲所示，一物块在t0时刻，以初速度v0从足够长的粗糙斜面底端向上滑行，物块速度随时间变化的图象如图乙所示，t0时刻物块到达最高点，3t0时刻物块又返回底端。由此可以确定()a物块冲上斜面的最大位移b物块返回底端时的速度c物块所受摩擦力的大小d斜面倾角答案abd解析根据图线的“面积”可以求出物体冲上斜面的最大位移为：x，a正确；设物块返回底端时的速度大小为v，则有：，解得：v，b正确；根据动量定理得上滑过程：(mgsinmgcos)t00mv0，下滑过程： (mgsinmgcos)2t0mv，联立解得：f3mgsin，sin，由于质量m未知，则无法求出f，可以求出斜面倾角，d正确，c错误。10在光滑水平面上，放着两块长度相同、质量分别为m1和m2的木板，在两木板的左端各放一个大小、形状、质量完全相同的物块，如图所示。开始时，各物均静止，今在两物块上各作用一个水平恒力f1和f2，当物块与木板分离时，两木板的速度分别为v1和v2，物块与两木板之间的动摩擦因数相同，下列说法正确的是()a若f1f2，m1m2，则v1v2b若f1f2，m1v2c若f1f2，m1m2，则v1v2d若f1v2答案bd解析设物块质量为m，木板质量为m，长为l，物块与木板间的滑动摩擦力大小为f，在水平力f作用下，经过时间t，物块恰滑过木板，分离时物块的速度v，木板的速度v，木板通过的位移s，物块通过的位移为sl。则有(ff)tmv，ftmv，对物块由动能定理(ff)(sl)mv2，v22(sl)，对木板由动能定理fsmv2，v22s。由此可得：，s。因此，分离时木板的速度v，其中ff。可知，m增大或f增大时，速度v都变小，b、d正确。二、非选择题(本题共2小题，共30分)11. 2017湖南岳阳模拟(10分)在光滑水平面上有一质量为m4 kg的物体，它受到如图所示随时间变化的水平拉力作用，物体从静止开始运动，物体在10 s末的速度大小为多大？若它与水平地面间的动摩擦因数为0.1,10 s末物体速度的大小又为多大？(g取10 m/s2)答案2.5 m/s0解析物体在光滑水平面上运动时，根据动量定理有f1t1f2t2mv，代入数据得v2.5 m/s；若水平面粗糙，前5 s内拉力大于滑动摩擦力，根据动量定理(f1mg)t1mv1，设再经过t2时间使该速度v1减为零，则(f2mg)t20mv1，解得t2 s，而在速度减到零后，力f23 n已经不能再拉动物体，以后的速度都为零，所以10 s末物体速度仍旧是0。12. 2017山东临沂模拟(20分)香港迪士尼游乐园入口旁有一喷泉，在水泵作用下会从鲸鱼模型背部喷出竖直向上的水柱，将站在冲浪板上的米老鼠模型托起，稳定地悬停在空中，伴随着音乐旋律，米老鼠模型能够上下运动，引人驻足，如图所示。这一景观可做如下简化，假设水柱以一定的速度从喷口竖直向上喷出，水柱的流量为q(流量定义：在单位时间内向上通过水柱横截面的水的体积)，设同一高度水柱横截面上各处水的速率都相同，冲浪板底部为平板且其面积大于水柱的横截面积，保证所有水都能喷到冲浪板的底部。水柱冲击冲浪板前其水平方向的速度可忽略不计，冲击冲浪板后，水在竖直方向的速度立即变为零，在水平方向朝四周均匀散开。已知米老鼠模型和冲浪板的总质量为m0，水的密度为，重力加速度大小为g，空气阻力及水的阻力均可忽略不计。(1)求喷泉单位时间内喷出的水的质量；(2)由于水柱顶部的水与冲浪板相互作用的时间很短，因此在分析水对冲浪板的作用力时可忽略这部分水所受的重力。试计算米老鼠模型在空中悬停时，水到达冲浪板底部的速度大小；(3)要使米老鼠模型在空中悬停的高度发生变化，需调整水泵对水做功的功率。水泵对水做功的功率定义为单位时间内从喷口喷出的水的动能。请根据笫(2)问中的计算结果，推导冲浪板底部距离喷口的高度h与水泵对水做功的功率p0之间的关系式。答案(1)q(2)(3)h解析(1)设在很短时间内，从喷口喷出的水的体积为v，质量为m，水柱在喷口的初速度为v0，喷口的横截面积为s。则mv，vsv0tqt，解得单位时间内从喷口喷出的水的质量为q。(2)设米老鼠模型和冲浪板在空中悬停时，水柱顶部的水冲击冲浪板底