湖北省十堰市中考物理模拟试卷（五）（含解析）.doc

2016年湖北省十堰市中考物理模拟试卷（五）一、选择题（共10小题，每小题3分，满分30分）1下面现象可以说明分子的热运动的是（）a风吹树叶摇动b扫地时尘土飞扬c玫瑰花芳香四溢d河水向低处流2根据汽油机和柴油机的区别，下列说法正确的是（）a汽油机汽缸顶部有一个火花塞，柴油机汽缸顶部是一个喷油嘴b汽油机吸入的是空气，柴油机吸入的是空气和柴油的混合物c吸气冲程是内能转化为机械能d压缩冲程是内能转化为机械能3如图中的a表示垂直于纸面的一根导线，它是闭合电路的一部分，它在磁场中按箭头方向运动时，下列哪种情况不会产生感应电流（）abcd4关于温度、内能和热量，下列说法正确的是（）a物体内能增大，一定从外界吸收热量b温度越高的物体，放出的热量一定越多c物体内能减少时，温度可能不变d汽油机在做功冲程中把机械能转化为内能5如图是一种测定油箱内油量的装置其中r是滑动变阻器的电阻片，滑杆可以绕固定轴0转动，另一端固定着一个浮子油箱中的油量减少时，油面下降，浮子随液面落下，带动滑杆使滑动变阻器滑片向上移动，从而改变了电路中电流表的示数因此，电流表上的示数可以反映油箱中的油量下列说法正确的是（）a油量越少，电流表示数不变b油量越少，电流表示数越大c油量越多，电流表示数越小d油量越多，电流表示数越大6如图是一种水位自动报警器的原理图，下列说法正确的是（）a容器中的水不能导电b当水位上升到a时，红灯亮，绿灯不亮c红、绿灯是串联的d衔铁是永磁体7如图所示，电源电压不变，闭合开关s，当滑动变阻器滑片p向右移动时（）a电流表a1示数变小，电压表v示数变小b电流表a2示数变小，电压表v示数变大c电压表v示数与电流表a1示数比值不变d电压表v示数与电流表a2示数比值不变8以下关于人体触电的认识正确的是（）a只要有电流通过人体就会发生触电事故b只有高压电才会发生触电事故，低压电不会发生触电事故c发现有人触电，应迅速把他拉开d高压电不只是接触才触电，就是靠近它也会发生触电事故9小夏将n个“3v 0.3w”的小灯泡，按照甲、乙两种连接方式分别接入电压为u的电路中（如图所示），通过分别调节滑动变阻器r1和r2，使所有灯泡均正常发光则甲、乙两电路中的总电流与总功率的关系正确的是（）ai甲=i乙bi甲=i乙cp甲=np乙dp甲=n2p乙10小明用图甲所示的电路做实验，闭合开关s，移动滑动变阻器，读出四组电流表和电压表对应的值，并在图乙的iu坐标中找出这四组对应值的点，分别用a、b、c、d表示，由这四个点作出的iu图象为一条直线，延长直线与i轴和u轴相交，交点如图乙所示则下列结论不正确的是（）a变阻器最大阻值为10b该电路最大功率为3.6wc电源电压u0=6vd定值电阻r0=10二、填空题（每空1分，共14分）11砂石的比热容为0.92103j/（kg），它表示质量为的砂石，温度每升高1所吸收的热量为当质量为30kg的砂石放出8.28104j的热量后，其温度将降低12电动机是利用通电导体在中受力的原理制成的王鹏同学按照物理教材的要求安装了一台如图所示的直流电动机模型，图中a处的两个半圆铜环称为；若要这台电动机反向转动，则可采用的一种方法是13如图所示，电源电压恒定，r1=20，闭合开关s，断开开关s1，电流表示数是0.3a；若再闭合s1，发现电流表示数变化了0.2a，则电源电压为v，r2的阻值为14如图所示，电源电压12v，滑动变阻器标有“10，1a”字样，灯l1、l2分别标有“6v 6w”和“3v 3w”字样只闭合s1、s3时，滑动变阻器滑片p位于某位置，灯l1、l2均正常发光，则通过灯l1的电流为a，滑动变阻器消耗的电功率p1；此时只闭合s1，s2，为保证灯l1正常发光，滑片p应向移动（选填“左”或“右”），滑动变阻器消耗的电功率为p2，则p1：p2=15如图所示电路，电源电压恒为8v，电压表量程为03v，电流表量程为00.6a，滑动变阻器的规格为“20 1a”，灯泡标有“6v 3w”字样若闭合开关，两电表示数均不超过所选量程，灯泡两端的电压不超过额定值，不考虑灯丝电阻变化，灯l正常工作时，滑动变阻器的功率为w为了保证电路中各元件安全工作，滑动变阻器允许接入电路的最大阻值是，最小阻值是三、作图题（2分2）16（1）如图1所示，学校有前、后两个门，在前、后门各装一个按钮开关，学校传达室有甲、乙两盏灯和电池组要求：前门来人按下开关时甲灯亮，后门来人按下开关时乙灯亮请按照要求在实物图中连线（2）请在图2中画出通电螺线管的绕法及磁感线的方向四、实验题（5分，4分，7分，7分）17为比较两种液体的吸热能力，小军用下图中两个相同的装置做实验，实验器材还有天平和钟表收集的实验数据记录如下表物理量/物质质量/g初始温度/加热时间/min最终温度/液体15020545液体25020568（1）某时刻温度计的示数如图所示，此温度值是（2）实验中，用间接反映液体吸收热量的多少（3）分析表中数据，（选填“液体l”或“液体2”）的吸热能力较强你的比较方法是：在物质的质量和吸收的热量相等时，温度变化越，吸热能力越强，物理上用这个物理量来描述物质的吸热能力18用如图所示的装置做“探究电流相同时，通过导体产生的热量与电阻大小的关系”实验（甲、乙是完全相同的密闭容器，闭合开关前，a、b两u形管内液面相平）（1）由于电流产生的热量不易直接测量，因此在实验中是通过观察u形管中液面的来显示甲、乙容器内空气温度的变化，这里采用的方法是（2）通过对比观察，（选填“甲”或“乙”）容器中导体的电阻产生的热量较多，由此可知，在电流和通电时间相同时，电阻越，导体产生的热量越多19某同学想利用图1甲电路测量rx的阻值（1）该实验的原理是（用公式表示）；（2）根据图1甲电路，连接图1乙的实物图时，需将导线a接到滑动变阻器的（选填“a”或“c”）接线柱（3）正确连接电路后，开关s闭合前应将滑片移至滑动变阻器的（选填“a”或“b”）端；闭合开关后，该同学发现，电压表示数接近电源电压，电流表无示数，该电路故障应是rx（填“断路”或“短路”）（4）实验中，滑动变阻器除了保护电路的作用外，还有一个重要的作用是；如果用两个定值电阻r1和r2（r1r2）替代滑动变阻器，组成如图2a、b、c三种电路分别进行实验，正确测得三组实验数据并记入如下的表格中，则第3次实验数据应是按照（填“a”、“b”或“c”）图的电路进行实验测得的试验次数电压u/v电流i/a电阻rx/10.850.146.0721.210.206.0532.110.356.03（5）根据实验数据可知，rx的阻值是20在测定额定电压为“2.5v”小灯泡电功率（正常发光时电阻约为8）的实验中，电源为两节新干电池（1）连接电路时，开关应请用笔画线将图乙电路连接完整，要求滑片p向左滑动时，接入电阻变小（2）电路连接后，闭合开关，移动滑片（未达到最小阻值），发现灯泡不亮，电流表有示数，电压表无示数，则故障可能是（3）排除故障后，为了测量小灯泡的额定功率，调节滑片使电压表的示数为v，此时电流表的示数如图丙所示，则小灯泡额定功率是w（4）若实验中电流表坏了，为了测量小灯泡的额定功率，小明选用一个r0=5的电阻，设计了如图丁的电路及实验方案：调节滑片使电压表的示数为额定电压；保持滑片位置不变，只将电压表的a点接线改接到c点，测出r0两端的电压u0，通过计算得到小灯泡的额定功率指出他的设计方案中存在的两个问题：问题一：；问题二：五、计算题（8分，6分）21新型电饭锅采用“聪明火”技术，智能化地控制食物在不同时间段的温度，以得到最佳的营养和口感，其简化电路如图甲所示r1和r2均为电热丝，s1是自动控制开关煮饭时，把电饭锅接入220v电路中，在电饭锅工作的30min内，电路中总电流随时间变化的图象如图乙所示求：（1）s和s1都闭合时电饭锅的电功率；（2）电热丝r2的阻值；（3）这30min内电饭锅产生的热量（4）若上一问中所产生的热量能被10kg的水完全吸收，求水升高的温度水的比热容为4.2103j/（kg）22有两只灯泡，a灯“6v 6w”、b灯“6v 3w”，a和b中电流随两端电压变化关系的图象如图甲所示（1）将a、b并联接在6v电源两端，求lmin内电路消耗的电能；（2）将a、b串联接在某电源两端，使b灯恰好正常发光，求此时a灯电阻；（3）将a与一个滑动变阻器（50 2a）串联接在6v电源两端，如图乙所示调节滑动变阻器，当滑动变阻器的功率和a灯功率相等时，求滑动变阻器的功率2016年湖北省十堰市中考物理模拟试卷（五）参考答案与试题解析一、选择题（共10小题，每小题3分，满分30分）1下面现象可以说明分子的热运动的是（）a风吹树叶摇动b扫地时尘土飞扬c玫瑰花芳香四溢d河水向低处流【考点】分子的热运动【分析】一切物质的分子都在不停地做无规则的运动，这种无规则运动叫做分子的热运动分子比较小，是纳米尺度内的，我们用肉眼是看不到的【解答】解：水向低处流、风吹树叶动、尘土飞扬是物体的机械运动，不属于分子的运动玫瑰花芳香四溢是花香分子运动到空气中被人们闻到了，属于分子的热运动故选c2根据汽油机和柴油机的区别，下列说法正确的是（）a汽油机汽缸顶部有一个火花塞，柴油机汽缸顶部是一个喷油嘴b汽油机吸入的是空气，柴油机吸入的是空气和柴油的混合物c吸气冲程是内能转化为机械能d压缩冲程是内能转化为机械能【考点】热机【分析】汽油机和柴油机结构不同之一：汽油机有火花塞，柴油机有喷油嘴；工作过程中，汽油机吸入的是空气和汽油的混合物，柴油机吸入的是空气；热机工作过程中，压缩冲程将机械能转化为内能，做功冲程将内能转化为机械能【解答】解：a、汽油机汽缸顶部有一个火花塞，柴油机汽缸顶部是一个喷油嘴此选项正确；b、工作过程中，汽油机吸入的是空气和汽油的混合物，柴油机吸入的是空气此选项错误；c、做功冲程将内能转化为机械能此选项错误；d、压缩冲程将机械能转化为内能此选项错误故选a3如图中的a表示垂直于纸面的一根导线，它是闭合电路的一部分，它在磁场中按箭头方向运动时，下列哪种情况不会产生感应电流（）abcd【考点】产生感应电流的条件【分析】能否产生感应电流，就要看图示的情景能否满足闭合电路；导体切割磁感线运动这两个条件【解答】解：磁极间的磁感线是从n极指向s极，由图可知，a、b、c中的导体运动时都会切割磁感线，所以会产生感应电流；只有d没有切割磁感线，所以不会产生感应电流；故选d4关于温度、内能和热量，下列说法正确的是（）a物体内能增大，一定从外界吸收热量b温度越高的物体，放出的热量一定越多c物体内能减少时，温度可能不变d汽油机在做功冲程中把机械能转化为内能【考点】温度、热量与内能的关系【分析】改变内能有两种方式：做功和热传递；物体放出热量的多少与物体的比热容、质量和降低的温度都有关系；物体状态发生改变时，温度可能不变，但内能发生变化；汽油机是将内能转化为机械能的机器【解答】解：a、物体内能增大，可能是从外界吸收了热量，也可能是外界对此物体做了功故a错误；b、物体放出热量的多少，与温度高低没有关系，与物体的比热容、质量及降低温度的大小有关故b错误；c、水在结冰时，放出热量，内能减少，但温度保持不变故c正确；d、汽油机的压缩冲程将机械能转化为内能，做功冲程将内能转化为机械能故d错误故选c5如图是一种测定油箱内油量的装置其中r是滑动变阻器的电阻片，滑杆可以绕固定轴0转动，另一端固定着一个浮子油箱中的油量减少时，油面下降，浮子随液面落下，带动滑杆使滑动变阻器滑片向上移动，从而改变了电路中电流表的示数因此，电流表上的示数可以反映油箱中的油量下列说法正确的是（）a油量越少，电流表示数不变b油量越少，电流表示数越大c油量越多，电流表示数越小d油量越多，电流表示数越大【考点】欧姆定律的应用【分析】由电路图可知，r0与r串联，电流表测电路中的电流，根据油量的变化可知浮子移动的反向，进一步可知滑片移动的方向和接入电路中的电阻，根据欧姆定律可知电路中电流的变化，从而得出油量表示数的变化【解答】解：由电路图可知，r0与r串联，电流表测电路中的电流，当油量越少时，浮子下移，滑片上移，接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，由i=可知，电路中的电流越小，即电流表的示数越小，故ab错误；反之，油量越多时，电流表的示数越大，故c错误，d正确故选d6如图是一种水位自动报警器的原理图，下列说法正确的是（）a容器中的水不能导电b当水位上升到a时，红灯亮，绿灯不亮c红、绿灯是串联的d衔铁是永磁体【考点】电磁继电器的组成、原理和特点【分析】首先应弄清图中所示的自动报警器工作原理：当水位到达a时，由于一般水具有导电性，那么电磁铁所在电路被接通，吸引衔铁向下，从而接通红灯所在电路，此时红灯亮，而绿灯不亮【解答】解：a、纯净的水是绝缘体，不纯净的水一般是导体，故a错误；b、读图可知，当水位到达a时电路接通，电磁继电器有磁性，衔铁就会在电磁力吸引的作用下与红灯接通，红灯亮；故b正确；c、电路中红灯和绿灯可以单独工作，它们是并联的，故c错误；d、报警器中的电磁铁运用了电流的磁效应，不能使用永磁体，故d错误故选b7如图所示，电源电压不变，闭合开关s，当滑动变阻器滑片p向右移动时（）a电流表a1示数变小，电压表v示数变小b电流表a2示数变小，电压表v示数变大c电压表v示数与电流表a1示数比值不变d电压表v示数与电流表a2示数比值不变【考点】电路的动态分析；欧姆定律的应用【分析】由电路图可知，r1与r2并联，电流表a1测r1支路的电流，电流表a2测干路电流，电压表测电源的电压根据电源的电压可知滑片移动时电压表示数的变化，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知通过r1电流的变化，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知通过变阻器的电流变化，根据并联电路的电流特点可知干路电流的变化，然后分析选项得出答案【解答】解：由电路图可知，r1与r2并联，电流表a1测r1支路的电流，电流表a2测干路电流，电压表测电源的电压因电源电压不变，所以，滑片移动时，电压表v的示数不变，故ab错误；因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，通过r1的电流不变，即电流表a1的示数不变，当滑动变阻器滑片p向右移动时，接入电路中的电阻变大，由i=可知，通过r2的电流变小，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路电流变小，即电流表a2的示数i变小，综上可知，电压表v的示数不变，电流表a1的示数不变，电流表a2的示数变小，所以，电压表的示数与电流表a1的示数的比值不变，电压表的示数与电流表a2的示数的比值变大，故c正确、d错误故选c8以下关于人体触电的认识正确的是（）a只要有电流通过人体就会发生触电事故b只有高压电才会发生触电事故，低压电不会发生触电事故c发现有人触电，应迅速把他拉开d高压电不只是接触才触电，就是靠近它也会发生触电事故【考点】触电危害及常见的触电类型与预防【分析】触电是指有电流通过人体，且电流超过人的承受能力时，对人造成伤害的现象是否触电要看是否电流通过人体形成了回路据此来对各选项中的描述进行分析【解答】解：a、有电流通过人体，但电流非常小时，不会发生触电事故，如干电池的电流、测电笔使用时的电流等，故不合题意；b、触电包括高于触电和低压触电，当人接触大于36v电压时，都能发生触电事故，故不合题意；c、发现有人触电，应先关闭电源或用干木棍将电线挑开，直接将他拉开，会使自己也发生触电，故不合题意；d、根据安全用电原则可知，不靠近高压电，因此高压不只是接触才会发生触电事故，就是靠近它也会发生触电事故，符合题意故选d9小夏将n个“3v 0.3w”的小灯泡，按照甲、乙两种连接方式分别接入电压为u的电路中（如图所示），通过分别调节滑动变阻器r1和r2，使所有灯泡均正常发光则甲、乙两电路中的总电流与总功率的关系正确的是（）ai甲=i乙bi甲=i乙cp甲=np乙dp甲=n2p乙【考点】电功率与电压、电流的关系【分析】n盏完全相同的灯泡，正常发光时的电流相等，根据串并联电路的电流特点求出甲乙电路的电流，再根据p=ui求出两者的总功率关系【解答】解：n盏完全相同的灯泡，正常发光时的电流相等，都为i=0.1a，若将他们并联，则电路中的电流i甲=0.1an=n0.1a，若将他们串联，串联电路中电流处处相等，则电流中的电流i乙=0.1a，所以i甲=ni乙，电路中的总功率p甲=ui甲=un0.1a，p乙=ui乙=u0.1a，故p甲=np乙故abd错误，c正确故选c10小明用图甲所示的电路做实验，闭合开关s，移动滑动变阻器，读出四组电流表和电压表对应的值，并在图乙的iu坐标中找出这四组对应值的点，分别用a、b、c、d表示，由这四个点作出的iu图象为一条直线，延长直线与i轴和u轴相交，交点如图乙所示则下列结论不正确的是（）a变阻器最大阻值为10b该电路最大功率为3.6wc电源电压u0=6vd定值电阻r0=10【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算【分析】（1）当开关s断开时，电路中的电流为0，电压表测电源的电压，根据乙图读出电源的电压；（2）当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时，电路为r0的简单电路，根据乙图读出电路中的最大电流，根据欧姆定律求出定值电阻的阻值，根据p=ui求出该电路最大功率；（3）因a、b、c、d四点的电表的示数不确定，故无法得出变阻器的最大阻值【解答】解：（1）当开关s断开时，电路中的电流为0，电压表测电源的电压，根据乙图可知电源的电压为6v；（2）当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时，电路为r0的简单电路，根据乙图可知，电路中的电流i=0.6a，定值电阻的阻值：r0=10，电路消耗的最大电功率：p=ui=6v0.6a=3.6w；（3）因a、b、c、d四点的电表的示数不确定，故无法得出变阻器的最大阻值故选a二、填空题（每空1分，共14分）11砂石的比热容为0.92103j/（kg），它表示质量为1kg的砂石，温度每升高1所吸收的热量为0.92103j当质量为30kg的砂石放出8.28104j的热量后，其温度将降低3【考点】热量的计算；比热容的概念【分析】单位质量的某种物质温度升高或降低1吸收或放出的热量叫做这种物质的比热容，据此回答第一、二个空；知道沙石的质量和放出的热量，通过放热公式计算沙石降低的温度值【解答】解：砂石的比热容为0.92103j/（kg），它表示质量为1kg的砂石，温度每升高1所吸收的热量为0.92103j；q放=cmt，沙石降低的温度值：t=3故答案为：0.92103j，312电动机是利用通电导体在磁场中受力的原理制成的王鹏同学按照物理教材的要求安装了一台如图所示的直流电动机模型，图中a处的两个半圆铜环称为换向器；若要这台电动机反向转动，则可采用的一种方法是改变磁场（电流）的方向【考点】直流电动机的原理；直流电动机的构造和工作过程【分析】本题考查电动机的相关基础知识电动机的原理是通电线圈在磁场中受力转动或通电导体在磁场中受力，影响受力转动方向的因素有磁场方向和电流方向两个，换向器的作用是当线圈刚转过平衡位置时，改变电流方向，它是两个金属半环【解答】解：（1）电动机里是线圈，工作特点是当给电动机通电时，电动机就会转动，所以电动机是根据磁场对放入其中的通电导线产生力的作用制成的；（2）两个半圆铜环是换向器，它的作用是当线圈刚转过平衡位置时，改变电流的方向，保证了线圈持续的转动下去；（3）影响线圈受力转动方向的因素有磁场方向和电流方向，只改变其中一个因素，线圈转动方向改变，同时改变两个因素，转动方向就不改变故答案为：磁场；换向器；改变磁场方向（或改变电流方向）13如图所示，电源电压恒定，r1=20，闭合开关s，断开开关s1，电流表示数是0.3a；若再闭合s1，发现电流表示数变化了0.2a，则电源电压为6v，r2的阻值为30【考点】欧姆定律的应用【分析】（1）闭合s，断开s1时，电路为r1的简单电路，根据欧姆定律求出电源的电压；（2）若再闭合s1时，两电阻并联，电流表测干路电流，根据并联电路的电流特点可知电流表示数的变化即为r2支路的电流，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出r2的阻值【解答】解：（1）闭合s，断开s1时，电路为r1的简单电路；由i=可知，电源的电压：u=u1=i1r1=0.3a20=6v；（2）若再闭合s1时，两电阻并联，则u2=u=6v，电流表示数的变化量即为r2支路的电流，则i2=0.2a；由i=可知，r2=30故答案为：6；3014如图所示，电源电压12v，滑动变阻器标有“10，1a”字样，灯l1、l2分别标有“6v 6w”和“3v 3w”字样只闭合s1、s3时，滑动变阻器滑片p位于某位置，灯l1、l2均正常发光，则通过灯l1的电流为1a，滑动变阻器消耗的电功率p1；此时只闭合s1，s2，为保证灯l1正常发光，滑片p应向右移动（选填“左”或“右”），滑动变阻器消耗的电功率为p2，则p1：p2=1：2【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算【分析】（1）只闭合s1、s3时，灯l1、l2与滑动变阻器串联，根据p=ui即可求出灯泡l1的电流，利用p=ui可知总功率，由于两灯正常发光，则灯泡的实际功率与额定功率相等，根据串联电路的电流特点即可求出p1；（2）由i=可知灯l1的阻值r1，只闭合s1，s2，为保证灯l1正常发光，l1与滑动变阻器串联，根据电路中阻值的变化判断电流的变化，根据电流与l1正常发光的电流大小，判断得出变阻器滑片p的移动方向；由于灯l1正常发光，利用p=ui求出总功率，然后灯l1正常发光的功率可求出p2；最后即可求出比值【解答】解：（1）只闭合s1、s3时，由于灯l1正常发光，由p=ui得：通过灯l1的电流为i1=1a；所以此时电路电流i=i1=1a；则总功率p=ui=12v1a=12w，由于两灯正常发光，灯泡的实际功率与额定功率相等，所以p1=ppl1pl2=12w6w3w=3w；根据串联电路的电压特点可知滑动变阻器两端电压u左=uu1u2=12v6v3v=3v；由i=可知此时滑动变阻器连入的阻值r左=3；（2）只闭合s1，s2，l1与滑动变阻器右边电阻串联，则r右=rr左=103=7；由i=可知灯l1的阻值r1=6；根据串联电路的电阻特点可知此时总阻值r总=r1+r右=6+7=13；则电流为i=0.923a1a；所以，为保证灯l1正常发光，应减小变阻器连入电路的阻值，则滑片p应向右移动；由于保证灯l1正常发光，则p总=ui1=12v1a=12w，所以p2=p总pl1=12w6w=6w则p1：p2=3w：6w=1：2故答案为：1；右；1：215如图所示电路，电源电压恒为8v，电压表量程为03v，电流表量程为00.6a，滑动变阻器的规格为“20 1a”，灯泡标有“6v 3w”字样若闭合开关，两电表示数均不超过所选量程，灯泡两端的电压不超过额定值，不考虑灯丝电阻变化，灯l正常工作时，滑动变阻器的功率为1w为了保证电路中各元件安全工作，滑动变阻器允许接入电路的最大阻值是7.2，最小阻值是4【考点】电功率的计算；欧姆定律的应用【分析】由电路图可知，滑动变阻器与灯泡l串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流（1）灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，根据p=ui求出正常发光时的电流，再根据串联电路特点和欧姆定律求出灯泡的电阻，由p=ui计算变阻器此时功率；（2）比较灯泡的额定电流和电流表的量程、滑动变阻器允许通过的最大电流确定电路中的最大电流，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小，根据串联电路的电压特点求出灯泡两端的电压，根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的最小阻值；当电压表的示数最大时，电路中的电流最小，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，根据串联电路的电压特点求出此时灯泡两端的电压，根据欧姆定律求出电路中的最小电流，再根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的最大阻值，然后得出答案【解答】解：由电路图可知，滑动变阻器与灯泡l串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流（1）由p=ui可得，灯泡正常发光时电路中的电流：i=il=0.5a，由串联电路特点和p=ui可得，此时滑动变阻器消耗功率：pr=uri=（uu额）i=（8v6v）0.5a=1w；由i=可得，灯泡的电阻：rl=12；（2）串联电路中电流处处相等，且灯泡正常发光时的电流为0.5a，电流表的量程为00.6a，滑动变阻器允许通过的最大电流为1a；所以电路中的最大电流为：i最大=0.5a，此时灯泡正常发光，滑动变阻器接入电路中的电阻最小；因串联电路中总电压等于各分电压之和，此时电压表的最小示数：u滑最小=uul=8v6v=2v，滑动变阻器接入电路中的最小阻值：r滑小=4；当电压表的示数最大为3v时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，此时灯泡两端的电压：ul最小=uu滑大=8v3v=5v，电路中的最小电流：i最小=a，滑动变阻器接入电路中的最大阻值：r滑大=7.2，所以，滑动变阻器连入电路的阻值变化范围47.2故答案为：1；7.2；4三、作图题（2分2）16（1）如图1所示，学校有前、后两个门，在前、后门各装一个按钮开关，学校传达室有甲、乙两盏灯和电池组要求：前门来人按下开关时甲灯亮，后门来人按下开关时乙灯亮请按照要求在实物图中连线（2）请在图2中画出通电螺线管的绕法及磁感线的方向【考点】实物的电路连接；通电螺线管的极性和电流方向的判断【分析】（1）由题意可知，甲乙两盏灯泡可以独立工作、互不影响即为并联，且前门开关控制甲灯、后门开关控制电灯（2）知道螺线管的南北极，磁体周围的磁感线从北极回到南极，据此画出磁感线方向；知道电流从左边导线流入，根据安培定则判断出线圈的绕法【解答】解：（1）由题意知，甲乙两个电灯并联，前门开关控制甲灯、后门开关控制乙灯；即甲灯亮时表示前门有人；乙灯亮时，表示后面有人，如下图所示：（2）螺线管的右端为n极，左端为s极，所以磁感线的方向是从n极回到s极，作图如下；电流由左侧导线流入，则由安培定则可知螺线管的绕法如下图所示四、实验题（5分，4分，7分，7分）17为比较两种液体的吸热能力，小军用下图中两个相同的装置做实验，实验器材还有天平和钟表收集的实验数据记录如下表物理量/物质质量/g初始温度/加热时间/min最终温度/液体15020545液体25020568（1）某时刻温度计的示数如图所示，此温度值是26（2）实验中，用加热时间间接反映液体吸收热量的多少（3）分析表中数据，液体1（选填“液体l”或“液体2”）的吸热能力较强你的比较方法是：在物质的质量和吸收的热量相等时，温度变化越小，吸热能力越强，物理上用比热容这个物理量来描述物质的吸热能力【考点】探究比热容的实验【分析】（1）由图示温度计确定其分度值，然后读出其示数；（2）用相同的酒精灯对液体加热，液体在相等时间内吸收的热量相等，实验采用了转换法，可以通过比较较热时间长短比较液体吸收热量的多少（3）质量相同的物质吸收相等的热量，温度升高量越小，物质吸热能力越强，物质升高的温度越高，物体吸热能力越弱；不同的物质吸热能力不同，物质的这种特性用比热容来描述【解答】解：（1）由图示温度计可知，其分度值为1，其示数为26（2）用相同的酒精灯对液体加热，在相等时间内液体吸收的热量相等，加热时间越长，液体吸收的热量越多，可以用加热时间长短表示吸收热量的多少（3）由表中实验数据可知，相同质量的液体加热相同的时间，吸收相等的热量，液体1变化的温度小，因此液体1的吸热能力强；物理学上用比热容表示物质吸热能力的大小故答案为：（1）26；（2）加热时间；（3）液体1；小；比热容18用如图所示的装置做“探究电流相同时，通过导体产生的热量与电阻大小的关系”实验（甲、乙是完全相同的密闭容器，闭合开关前，a、b两u形管内液面相平）（1）由于电流产生的热量不易直接测量，因此在实验中是通过观察u形管中液面的高度差来显示甲、乙容器内空气温度的变化，这里采用的方法是转换法（2）通过对比观察，乙（选填“甲”或“乙”）容器中导体的电阻产生的热量较多，由此可知，在电流和通电时间相同时，电阻越大，导体产生的热量越多【考点】焦耳定律【分析】（1）电流产生的热量不能用眼睛直接观察，通过液面高度差的变化来反映，用能直接观测的量来显示不容易直接观测的量的方法叫转换法（2）由焦耳定律可知：通电时间、通过的电流相等，电阻越大，电阻产生的热量越多，气体膨胀程度越大，液柱上升的高度越大；两电阻采用串联的方式，其目的是为了控制通电时间、通过的电流相等，据此分析解答【解答】解：（1）实验中是通过观察“u”形管中液面的高度差来显示甲、乙容器内空气温度的变化像这种用能直接观测的量来显示不容易直接观测的量的方法叫转换法；（2）由图知，b管的液面高度差比a管的液面高度差大，说明乙容器中气体膨胀程度较大，温度上升得较高，因此乙容器中电阻产生的热量较多；由于两电阻采用串联的方式，这样连接的目的是：控制通过两电阻丝的电流和通电时间相等由图可知：乙容器中电阻大于甲容器中电阻，且乙容器中电阻产生的热量较多由此可得：在电流相同、通电时间相同的情况下，电阻越大，电流产生的热量越多；故答案为：（1）高度差；转换法；（2）乙；大19某同学想利用图1甲电路测量rx的阻值（1）该实验的原理是r=（用公式表示）；（2）根据图1甲电路，连接图1乙的实物图时，需将导线a接到滑动变阻器的c（选填“a”或“c”）接线柱（3）正确连接电路后，开关s闭合前应将滑片移至滑动变阻器的a（选填“a”或“b”）端；闭合开关后，该同学发现，电压表示数接近电源电压，电流表无示数，该电路故障应是rx断路（填“断路”或“短路”）（4）实验中，滑动变阻器除了保护电路的作用外，还有一个重要的作用是改变电阻两端电压；如果用两个定值电阻r1和r2（r1r2）替代滑动变阻器，组成如图2a、b、c三种电路分别进行实验，正确测得三组实验数据并记入如下的表格中，则第3次实验数据应是按照a（填“a”、“b”或“c”）图的电路进行实验测得的试验次数电压u/v电流i/a电阻rx/10.850.146.0721.210.206.0532.110.356.03（5）根据实验数据可知，rx的阻值是6.05【考点】伏安法测电阻的探究实验【分析】（1）测量导体电阻实验中，需要测量出导体中电流、导体两端电压，利用r=计算；（2）伏安法测电阻实验中，滑动变阻器应与电阻串联使用；（3）为保护电路，闭合开关前滑动变阻器的滑片要位于最大阻值处，电流表无示数，说明电路应为断路；（4）该实验中滑动变阻器的作用有两个：保护电路、改变定值电阻两端电压；串联电路中，总电阻等于各串联电阻之和，结合电流值分析；（5）根据每次的测量结果求出平均值即为rx的阻值【解答】解：（1）测量定值电阻阻值的实验原理是：r=；（2）滑动变阻器应“一上一下连入电路，由电路可知，定值电阻应与滑动变阻器的上接线柱连接，故应将导线a接到滑动变阻器的c接线柱；（3）为保护电路，连接电路时，滑动变阻器的滑片应位于最大阻值处，即a端；电流表无示数，说明某处发生了断路，电压表示数接近电源电压，说明与电压表并联的电阻出现了断路；（4）实验中滑动变阻器除了保护电路外，还可以改变电阻两端电压进行多次测量；由表格中数据可知，第3次实验中，电路中的电流最大，说明总电阻最小，由于r1r2，总电阻最小的电路为a；（5）rx=6.05故答案为：（1）r=；（2）c；如图所示；（3）a；断路；（4）改变电阻两端电压；a；（5）6.0520在测定额定电压为“2.5v”小灯泡电功率（正常发光时电阻约为8）的实验中，电源为两节新干电池（1）连接电路时，开关应断开请用笔画线将图乙电路连接完整，要求滑片p向左滑动时，接入电阻变小（2）电路连接后，闭合开关，移动滑片（未达到最小阻值），发现灯泡不亮，电流表有示数，电压表无示数，则故障可能是小灯泡短路（3）排除故障后，为了测量小灯泡的额定功率，调节滑片使电压表的示数为2.5v，此时电流表的示数如图丙所示，则小灯泡额定功率是0.75w（4）若实验中电流表坏了，为了测量小灯泡的额定功率，小明选用一个r0=5的电阻，设计了如图丁的电路及实验方案：调节滑片使电压表的示数为额定电压；保持滑片位置不变，只将电压表的a点接线改接到c点，测出r0两端的电压u0，通过计算得到小灯泡的额定功率指出他的设计方案中存在的两个问题：问题一：电压表正负接线柱接反；问题二：r0阻值偏大，电压表示数无法调到2.5v【考点】电功率的测量【分析】（1）连接电路时，开关应断开；根据滑动变阻器特殊要求确定滑动变阻器的连接（2）移动滑片后，电流表有示数，说明电路中存在短路，电压表有示数，说明电压中间短路（3）测量小灯泡额定功率，电压示数应等于额定电压，读出电流表示数，由p=ui计算电功率（4）检查设计问题时，首先考虑电表的正负接线柱、量程，然后考虑能否满足设计要求【解答】解：（1）连接电路时，开关应断开；根据滑动变阻器滑片p向左滑动时，接入电阻变小，应接左边下接线柱，如图所示（2）移动滑片后，电流表有示数，说明电路中存在短路，电压表有示数，说明电压中间小灯泡短路（3）测量小灯泡额定功率，电压示数应等于额定电压2.5v，电流表量程00.6a，分度值0.02a，电流表示数为0.3a，由p=ui=2.5v0.3a=0.75w（4）只将电压表的a点接线改接到c点时，发现电压表的正负接线柱接反，当灯泡正常工作时电流大约为i=0.3a，u0=ir0=0.3a5=1.5v，u=u灯+u0=2.5v+1.5v=4v，则根据实物图两节干电池，电源电压u=3v，则说明r0阻值偏大，电压表示数无法调到2.5v故答案为：（1）断开；如图所示；（2）小灯泡短路；（3）2.5；0.75；（4）电压表正负接线柱接反；r0阻值偏大，电压表示数无法调到2.5v五、计算题（8分，6分）21新型电饭锅采用“聪明火”技术，智能化地控制食物在不同时间段的温度，以得到最佳的营养和口感，其简化电路如图甲所示r1和r2均为电热丝，s1是自动控制开关煮饭时，把电饭锅接入220v电路中，在电饭锅工作的30min内，电路中总电流随时间变化