湖北省黄冈市麻城市九级物理上学期期末试卷（含解析） 新人教版.doc

2015-2016学年湖北省黄冈市麻城市九年级（上）期末物理试卷一、选择题1把刚烧开的水灌入保温瓶中，当灌入八九成满的开水后盖上瓶塞，不一会儿，瓶塞“噗”地一声跳了起来，如图所示当瓶塞跳起，下列有关说法错误的是（）a此过程瓶中水和水蒸气的温度降低b此过程是以做功的方式改变内能c此过程与四冲程内燃机压缩冲程的原理相同d此过程是内能转化成机械能2关于电流和电路的说法错误的是（）a塑料方便袋口不易分开，用手搓几下就分开了，利用了同种电荷相互排斥的原理b太阳黑子运动时，射向地球的电子流形成的电流方向是从太阳到大地c电蚊拍的灭蚊网和照明灯有时同时工作，有时单独工作，它们是并联的d学校门卫室用于前门或后门来人提醒的两只电铃是并联的3为了安全，汽车行驶时驾驶员必须系安全带，当系好安全带时，相当于闭合开关，指示灯不亮；未系好安全带时，相当于断开开关，指示灯发光符合上述要求的电路图是（）abcd4一段导体接在电压可变的电源上，如图所示，当导体两端电压增为原来的2倍时，下列说法正确的是（）a通过导体的电流为原来的2倍b导体的电阻为原来的2倍c通过导体的电流不变d导体的电功率为原来的2倍5如图所示电源电压保持不变，当变阻器的滑p从左边某位置a滑到右边某位置b时，下列说法错误的是（）a小灯泡与变阻器中的电流的改变量相等b小灯泡与变阻器上的电压的改变量相等c小灯泡的额定功率变小d电路消耗的总功率变小6傍晚时分万家灯火，灯光看起来都比较暗，夜深人静，亮灯寥寥，灯光看起来明亮刺眼关于上述情景的一些说法正确的是（）a傍晚时分，在相同时间内干路输电线电流产生的热量比深夜多b傍晚时分，正在使用的用电器很多，电路总电阻较大c傍晚时分，输电线路上的电流比深夜时小d傍晚时分，用电器两端的电压比深夜时高7如图所示的电路图中，电源电压保持不变，闭合开关s后，将滑动变阻器r2的滑片p向左滑动，下列说法正确的是（）a电流表a的示数变小，电压表v1的示数变大b电流表a的示数变小，电压表v1的示数不变c电压表v1与电压表v2的示数之和不变d电压表v2与电流表a的示数之比不变8把两只相同的电灯分别按如图甲乙两种方式连接到电路中，两个电路里，适当调节滑动变阻器，使两灯都正常发光，甲电路总功率为p甲，乙电路总功率为p乙关于两种情况下电路总功率，下列说法正确的是（）ap甲=p乙bp甲p乙cp甲p乙d无法比较它们的大小9在如图中所示电路中电源电压保持不变，闭合开关s，电路正常工作一段时间后灯熄灭，且且只有一只电表的示数变大，若电路中只发生一处故障，且只发生在灯l或电阻上，则下列说法正确的是（）a一定是灯l断路b一定是灯l短路c一定是电阻r断路d可能是灯l断路，也可能是灯l短路二、填空与作图（1013题每空1分，14题2分，15题3分，共17分）10用酒精灯给烧杯中的液体进行加热，酒精燃烧过程中把储存的化学能转化成能，酒精在燃烧过程中，其热值（变大、半不变或变小）如图所示是用这只酒精灯分别给两只相同的烧杯中的质量相等的两种液体进行加热得到的温度随加热时间变化的图象，则适合做汽车发动机的冷却液的液体是（甲或乙）11某导体的电阻是2，通电1min产生的热量为120j，通过导体的电流是a，导体的电功率为w，它两端实际电压是v12如图所示电路中，电源电压保持不变，电阻r2和r3的阻值都为10，闭合开关s，电流表a1和a2的示数之比为3：2，此时三电阻r1、r2和r3是（串或并）联，r1=若把电流表a1和a2换成电压表v1和v2后，电压表v1的示数为u1，电压表v2为u2，u1：u2=13如图所示，电源电压18v保持不变，电流表量程00.6a，电压表量程015v，小灯泡上标有“6v 3w”字样，要求开关闭合后两个电表的示数均不超过所选量程，且灯泡两端电压不允许超过额定电压（灯丝电阻不变），则当电流表示数为0.4a时，电压表示数为v；滑动变阻器允许调节的范围是；该电路的最大功率为w14一电路盒的面板上有两只规格相同的灯泡，还有a、b和c、d两组接线柱，盒内有导线把电源、灯泡和接线柱以一定的方式相连为了确定电路的连接方式，盛名取来两只电流表分别接在a、b两接线柱和c、d两接线柱之间时，读得a、b两接线柱间的电流表的示数为0.2a，c、d两接线柱间的电流表的示数为0.4a请根据盛名的探究，在虚线框中画出电路图，并标明a、b和c、d两组接线柱15如图，请设计一个电路，开关可以同时控制两盏灯，当滑动变阻器向右滑动的时候，灯泡l2的亮度变暗，灯泡l1的亮度不变请先在左边虚线框内画出电路图，再用笔画线代替导线将如图所示的电路元件连接起来三、实验与探究（16题3分，17、18题每题4分，19题5分，共16分）16盛名想探究不同物质吸热升温的属性，于是他设计如图所示实验装置（1）此实验中，沙子和水吸热的多少是通过（温度计示数或加热时间）来反映的（2）他得到如下实验数据，分析表中数据可得出的初步结论是：相同质量的两种物质升高相同温度时，吸收热量的多少与物质的有关物质质量m/kg升高的温度t/加热时间t/min水0.1102沙子0.1101（3）如果加热相同时间，质量相同的水和沙子，升高的温度更高17用图甲所示电路图测量2.5v小灯泡的电功率，电源电压为6v（1）用笔画线表示导线，选好电流表量程，将图乙电路连接完整（2）闭合开关，移动滑动变阻器的滑片p到某一点，电压表的示数如图丙所示，若要测量小灯泡的额定功率，应将图乙中滑动变阻器的滑片p向（c或d）端移动，根据该组同学实验得到的iu图象（图丁所示）信息，小灯泡的额定功率为w（3）有两种规格的变阻器：a“10 1.5a”，b“20 1a”，为了顺利完成实验，应选用变阻器的规格是（a或b）18在做“电流电流通过导体时产生的热量与什么因素有关”的实验时，盛名采用了如图甲所示的实验装置两个透明的容器中密闭了等量的空气，u型管中液面变化反映了密闭空气温度的变化（1）利用了如图甲实验装置的目的是探究（2）小刚采用了如图乙所示的实验装置的目的是探究，通电相同时间，发现a玻璃管液面上升较高，由此可得出结论：在导体的和通电时间相同的情况下，通过导体的越大，产生的热量越多；（3）“电炉丝热得发红，而与它相连的导线却不怎么热”，这一生活现象可用上面图（甲或乙）的实验结论来解释19盛名用图甲中的电路测量导体r的电阻：（1）实验时，闭合开关，电压表、电流表的指针位置如图乙、丙所示，电压表的示数是v，电流表的示数是a，r的电阻值为（2）其实验存在不足，为了测量结果精确，你认为对实验电路的改进方法是（3）他实验测得的电阻值与该电阻的真实值相比是（偏大、相等或偏小）四、综合应用（20题7分，21题8分，共15分）20如图甲所示的电路中，r0为定值电阻，r1为滑动变阻器，图乙是滑动变阻器的电功率与电流关系的图象（1）当电路中的电流是0.5a时，r1接入电路的电阻为多少？（2）滑动变阻器阻值最大时，电压表的示数多大？（3）定值电阻r0多大？21电压力锅是一种新型家用电器，集高压锅与电饭锅优点于一体，既安全又环保如图是某型号电压力锅工作电路简图，表中是其部分参数其中r1是主加热器，r2是保压加热器 接通电路后，开关s自动与触点a、b接通，开始加热当锅内温度达到105时，开关s自动与a、b断开，并与触点c接通，开始保压，此时锅内水温不变，且未沸腾现将3l初温为25的水加入压力锅中，接通电路使其正常工作30min已知消耗的电能有90%被有效利用，水的比热容为4.2103j/（kg）求：额定电压（v）220主加热器额定功率（w）800保压加热器额定功率（w）200保压温度（）105最大容积（l）5（1）电压力锅在加热状态时的电流（2）电压力锅多少秒后开始保压？（3）电压力锅在此30min内消耗的电能2015-2016学年湖北省黄冈市麻城市九年级（上）期末物理试卷参考答案与试题解析一、选择题1把刚烧开的水灌入保温瓶中，当灌入八九成满的开水后盖上瓶塞，不一会儿，瓶塞“噗”地一声跳了起来，如图所示当瓶塞跳起，下列有关说法错误的是（）a此过程瓶中水和水蒸气的温度降低b此过程是以做功的方式改变内能c此过程与四冲程内燃机压缩冲程的原理相同d此过程是内能转化成机械能【考点】做功改变物体内能；内燃机的四个冲程【专题】应用题；分子热运动、内能；比热容、热机、热值【分析】（1）做功可以改变物体的内能，对物体做功，物体内能增大，物体对外做功，物体内能减小；（2）瓶内热水蒸发产生大量水蒸气，水蒸气膨胀对瓶塞做功，内能转化为机械能；（3）汽油机在做功冲程中，气缸内高温气体膨胀推动活塞做功，内能转化为机械能【解答】解：a、水蒸气对软木塞做功，水蒸气内能减小，温度降低；故a正确；b、水蒸气对软木塞做功，水蒸气的内能转化成瓶塞的机械能；故b正确；c、题目中能量的转化与汽油机做功冲程能量转化相同；故c错误；d、瓶塞跳起来，机械能增大，内能减小，这是由于暖瓶内气体膨胀做功造成的，水蒸气的内能转化成瓶塞的机械能；故d正确故选c【点评】本题从生活中的物品入手，考查了做功改变物体的内能，注重了物理知识与生活的联系2关于电流和电路的说法错误的是（）a塑料方便袋口不易分开，用手搓几下就分开了，利用了同种电荷相互排斥的原理b太阳黑子运动时，射向地球的电子流形成的电流方向是从太阳到大地c电蚊拍的灭蚊网和照明灯有时同时工作，有时单独工作，它们是并联的d学校门卫室用于前门或后门来人提醒的两只电铃是并联的【考点】串联电路和并联电路的辨别；电荷间的相互作用规律【专题】应用题；电流和电路【分析】（1）物体相互摩擦可以使物体带电，同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；（2）电子带负电，人们规定，正电荷定向移动的方向为电流的方向；（3）（4）并联电路中，各用电器可以独立工作，互不影响，而串联电路中，各用是器互相影响【解答】解：a、通过用手搓几下使塑料方便袋口带上同种电荷，袋口张开，说明同种电荷相互排斥故a正确；b、人们规定，正电荷定向移动的方向为电流的方向而电子是带负电的，电流方向与电子定向移动电话方向相反，所以太阳黑子运动时，射向地球的电子流形成的电流方向是从大地到太阳的，故b错误；c、电蚊拍的灭蚊网和照明灯有时同时工作，有时单独工作，互不影响，所以它们是并联的，故c正确；d、学校门卫室用于前门或后门来人提醒的两只电铃工作时互不影响，所以是并联的，故d正确故选b【点评】本题考查了学生对常见物理原理的掌握和了解，要学会用物理原理解释生活中的现象难度不大，属于基础题3为了安全，汽车行驶时驾驶员必须系安全带，当系好安全带时，相当于闭合开关，指示灯不亮；未系好安全带时，相当于断开开关，指示灯发光符合上述要求的电路图是（）abcd【考点】电路图设计【专题】电流和电路【分析】由题意知，未系好安全带时指示灯亮，系好安全带灯泡不亮，说明开关断开指示灯亮，否则灯泡不亮即被短路了【解答】解：由题意知，指示灯与s并联，但电路不会出现短路，即电路中有保护电阻，由图示电路图可知，abc错误，d正确；故选d【点评】本题利用了对用电器短路时，用电器将不工作设计电路，注意不能出现对电源短路的情况，电阻是保护电阻，可使电路对电源不被短路4一段导体接在电压可变的电源上，如图所示，当导体两端电压增为原来的2倍时，下列说法正确的是（）a通过导体的电流为原来的2倍b导体的电阻为原来的2倍c通过导体的电流不变d导体的电功率为原来的2倍【考点】欧姆定律的变形公式；电功率的计算【专题】应用题；欧姆定律；电能和电功率【分析】电阻是导体本身的一种性质，与电压和电流无关，由此判断导体电阻的变化；由i=判断它的电流变化；由p=判断它的电功率的变化【解答】解：因为导体的电阻是导体本身的一种性质，只与导体的材料、长度、横截面积有关，与电压和电流无关，所以这段导体两端电压改变时，它的电阻不变，故b错误；由i=可知，当它两端电压增大到原来的2倍，通过它的电流也变成原来的2倍，故a正确，c错误；由p=可知，当它两端电压增大到原来的2倍，它的电功率变成原来的4倍，故d错误故选a【点评】本题考查对电阻的理解、欧姆定律和电功率公式的应用，属于一道基础题5如图所示电源电压保持不变，当变阻器的滑p从左边某位置a滑到右边某位置b时，下列说法错误的是（）a小灯泡与变阻器中的电流的改变量相等b小灯泡与变阻器上的电压的改变量相等c小灯泡的额定功率变小d电路消耗的总功率变小【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算【专题】应用题；电路和欧姆定律；电能和电功率【分析】由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联（1）根据串联电路的电流特点可知小灯泡与变阻器中的电流的改变量的关系；（2）根据串联电路的电压特点可知小灯泡与变阻器上的电压的改变量的关系；（3）额定功率是指用电器额定电压下的功率，具有唯一性；（4）根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化，根据p=ui可知电路消耗总功率的变化【解答】解：由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联a因为串联电路处处电流相等，所以小灯泡电流的变化量一定等于变阻器电流的变化量，故a正确；b因为电源电压不变，且灯泡两端电压和滑动变阻器两端电压之和等于电源的电压，所以小灯泡的电压变化量一定等于变阻器的电压变化量，故b正确；c小灯泡的额定功率是唯一确定的，故c错误；d当变阻器的滑p从左边某位置a滑到右边某位置b时，接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小，由i=可知，电路中的电流变大，由p=ui可知电路消耗的总功率变大，故d错误故选cd【点评】本题考查串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，要注意额定功率与实际电压无关6傍晚时分万家灯火，灯光看起来都比较暗，夜深人静，亮灯寥寥，灯光看起来明亮刺眼关于上述情景的一些说法正确的是（）a傍晚时分，在相同时间内干路输电线电流产生的热量比深夜多b傍晚时分，正在使用的用电器很多，电路总电阻较大c傍晚时分，输电线路上的电流比深夜时小d傍晚时分，用电器两端的电压比深夜时高【考点】焦耳定律的计算公式及其应用；欧姆定律的应用；电功率与电压、电流的关系【专题】应用题；电路和欧姆定律；电能和电功率【分析】家庭电路中各用电器之间的连接方式是并联，傍晚时分，使用的用电器较多，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和用电器分得的电压的变化，根据q=i2rt可知相同时间内干路输电线电流产生热量的关系【解答】解：家庭电路中各用电器之间的连接方式是并联，因并联电路中总电阻越并越小、小于任何一个分电阻，所以，傍晚时分万家灯火，正在使用的用电器很多，总电阻较小，故b错误；由i=可知，输电线上的电流增大，输电线路分得的电压变大，用电器两端分得的电压降低，灯泡的实际功率小，灯光看起来都比较暗，故cd错误；由q=i2rt可知，在相同时间内干路输电线电流产生的热量较多，故a正确；而夜深人静，亮灯寥寥，电路的总电阻较大，线路中的电流较小，用电器两端分得的电压较大，灯泡的实际功率大，灯光看起来明亮刺眼故选a【点评】本题考查了串联电路的分压特点和欧姆定律、焦耳定律的综合应用，要注意家庭电路中各用电器之间的连接方式是并联7如图所示的电路图中，电源电压保持不变，闭合开关s后，将滑动变阻器r2的滑片p向左滑动，下列说法正确的是（）a电流表a的示数变小，电压表v1的示数变大b电流表a的示数变小，电压表v1的示数不变c电压表v1与电压表v2的示数之和不变d电压表v2与电流表a的示数之比不变【考点】欧姆定律的应用；串联电路的电流规律；电流表的使用；电压表的使用；串联电路的电压规律；滑动变阻器的使用【专题】应用题；压轴题【分析】先判断电路的连接方式，将电流表看做导线，电压表看做开路；再判断电压表测量哪段电路的电压，电压表和哪段电路并联就测量的是那段电路的电压；再根据滑动变阻器的情况，结合欧姆定律进行分析闭合开关s后，滑动变阻器与电阻r1串联，电流表测量电路总电流，电压表v1测量电源电压，电压表v2测量滑动变阻器两端的电压，当滑片向左滑动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据欧姆定律可知电路电流和电阻两端电压的变化【解答】解：当滑片向左滑动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据公式i=可知，电路电流减小，所以电流表示数减小，根据公式u=ir可知，电阻r1两端的电压减小，电源电压不变，电压表v1的示数不变，所以滑动变阻器两端的电压变大，电压表v2的示数变大故b正确、a错误电压表v1的示数不变，电压表v2的示数变大，所以说电压表v1与电压表v2的示数之和不变是错误的，故c错误电压表v2的示数变大，电流表a示数减小，所以电压表v2与电流表a的示数之比变大，故d错误故选b【点评】本题考查欧姆定律和滑动变阻器的使用，以及电流表和电压表的使用，还考查串联电路电流和电压的规律，关键是明白滑动变阻器滑片移动的过程中，电路电流和电压的变化8把两只相同的电灯分别按如图甲乙两种方式连接到电路中，两个电路里，适当调节滑动变阻器，使两灯都正常发光，甲电路总功率为p甲，乙电路总功率为p乙关于两种情况下电路总功率，下列说法正确的是（）ap甲=p乙bp甲p乙cp甲p乙d无法比较它们的大小【考点】电功率的计算【专题】应用题；电能和电功率【分析】由图甲可知两灯泡和滑动变阻器组成串联电路，由图乙可知两灯泡并联后再与滑动变阻器串联，灯泡正常发光时的电流和额定电流相等，根据串联电路的电流特点和并联电路的电流特点可知电路中的总电流，根据p=ui求出两电路的总电功率，然后比较得出答案【解答】解：设灯泡正常发光时的电流为i，且两灯泡都正常发光，由图甲可知，两灯泡和滑动变阻器组成串联电路，因串联电路中各处的电流相等，所以，电路中的电流i甲=i，电路的总功率p甲=u甲i甲=16vi，由图乙可知，两灯泡并联后再与滑动变阻器串联，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，电路中的总电流i乙=2i，电路的总功率p乙=u乙i乙=8v2i=16vi，所以，p甲=p乙故选a【点评】本题考查了串联电路和并联电路的电流特点以及电功率公式的应用，熟练掌握以上知识并灵活应用公式是解决本题的关键9在如图中所示电路中电源电压保持不变，闭合开关s，电路正常工作一段时间后灯熄灭，且且只有一只电表的示数变大，若电路中只发生一处故障，且只发生在灯l或电阻上，则下列说法正确的是（）a一定是灯l断路b一定是灯l短路c一定是电阻r断路d可能是灯l断路，也可能是灯l短路【考点】电流表、电压表在判断电路故障中的应用【专题】应用题；推理法；电流和电路【分析】由电路图可知，电阻r与灯泡l串联，电流表测电路中的电流，电压表测灯泡l两端的电压，然后根据选项逐一分析选出符合要求的选项【解答】解：a灯l断路时，电路断路，电路中无电流，灯泡不发光，电压表串联在电路中测电源的电压，则电流表的示数变小，电压表的示数变大；b灯l短路时，灯泡不发光，电压表被短路示数变小，电流表测r简单电路的电流，则示数变大；c电阻r断路时，整个电路被断路，灯泡不发光，两电表无示数均变小；综上可知，电路故障是可能是灯l断路，也可能是灯l短路，故abc错误，d正确故选d【点评】电路故障问题是中考物理考查的热点、难点，解决的一般作法是逐项分析，电流表或电压表示数变化或灯泡亮灭有一项不合要求，此选项即为错误，依次判断二、填空与作图（1013题每空1分，14题2分，15题3分，共17分）10用酒精灯给烧杯中的液体进行加热，酒精燃烧过程中把储存的化学能转化成内能，酒精在燃烧过程中，其热值不变（变大、半不变或变小）如图所示是用这只酒精灯分别给两只相同的烧杯中的质量相等的两种液体进行加热得到的温度随加热时间变化的图象，则适合做汽车发动机的冷却液的液体是乙（甲或乙）【考点】能量的转化和转移；热量的计算；燃料的热值【专题】应用题；图析法；比热容、热机、热值【分析】（1）燃料燃烧的过程是将化学能转化为内能的过程；（2）热值是燃料的一种特性，与燃料的质量、燃烧情况等无关；（3）根据图象，判断出哪种液体的比热容大，比热容大的液体更适合做冷却液【解答】解：（1）酒精燃烧过程中把储存的化学能转化成内能；（2）酒精在燃烧过程中，其质量改变，但热值不变；（3）根据图象可知，用酒精灯分别给两只相同的烧杯中的质量相等的两种液体进行加热，甲的温度变化快，乙的温度变化慢，说明乙液体的比热容大因此适合做汽车发动机的冷却液的液体是乙故答案为：内；不变；乙【点评】本题主要考查了能量转化的判断、热值的概念，以及比热容的理解与应用，有一定综合性，难度不大11某导体的电阻是2，通电1min产生的热量为120j，通过导体的电流是1a，导体的电功率为2w，它两端实际电压是2v【考点】焦耳定律的计算公式及其应用；欧姆定律的变形公式；电功率的计算【专题】计算题；电路和欧姆定律；电能和电功率【分析】由q=i2rt计算通过导体的电流，由p=计算是导体的电功率；由p=ui计算它两端实际电压；【解答】解：由题根据q=i2rt可得通过导体的电流：i=1a；导体通电产生热量q=w，所以导体的电功率：p=2w；由p=ui可得它两端实际电压：u=2v故答案为：1；2；2【点评】本题考查了焦耳定律、电功率公式的灵活应用，属于一道基础题12如图所示电路中，电源电压保持不变，电阻r2和r3的阻值都为10，闭合开关s，电流表a1和a2的示数之比为3：2，此时三电阻r1、r2和r3是并（串或并）联，r1=5若把电流表a1和a2换成电压表v1和v2后，电压表v1的示数为u1，电压表v2为u2，u1：u2=4：3【考点】欧姆定律的应用【专题】应用题；电路和欧姆定律【分析】（1）由电路图可知，三电阻并联，电流表a1测r1与r2支路的电流之和，电流表a2测r2与r3支路的电流之和根据并联电路的电压特点和欧姆定律可知通过r2和r3的电流关系，根据并联电路的电流特点表示出两电流表的示数之比，根据并联电路的特点和欧姆定律表示出r1与r2的阻值之比，进一步求出r1的阻值；（2）若把电流表a1和a2换成电压表v1和v2后，三电阻串联，电压表v1测r2与r3两端的电压之和，电压表v2测r1与r2两端的电压之和，根据串联的电流特点和欧姆定律求出两电压表的示数之比【解答】解：（1）由电路图可知，三电阻并联，电流表a1测r1与r2支路的电流之和，电流表a2测r2与r3支路的电流之和因并联电路中各支路两端的电压相等，且r2和r3的阻值都为10，所以，由i=可知，通过r2和r3的电流相等，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，两电流表的示数之比：=，解得： =，则=，解得：r1=r2=10=5；（2）若把电流表a1和a2换成电压表v1和v2后，三电阻串联，电压表v1测r2与r3两端的电压之和，电压表v2测r1与r2两端的电压之和，因串联电路中各处的电流相等，且总电阻等于各分电阻之和，所以，两电压表的示数之比：=故答案为：并； 5；4：3【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是电路串并联的辨别和电表所测电路元件的判断13如图所示，电源电压18v保持不变，电流表量程00.6a，电压表量程015v，小灯泡上标有“6v 3w”字样，要求开关闭合后两个电表的示数均不超过所选量程，且灯泡两端电压不允许超过额定电压（灯丝电阻不变），则当电流表示数为0.4a时，电压表示数为13.2v；滑动变阻器允许调节的范围是2460；该电路的最大功率为9w【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算【专题】欧姆定律；电能和电功率【分析】由图灯泡与滑动变阻器串联，电压表测变阻器两端电压，电流表测电路中电流（1）根据电功率计算公式计算灯泡电阻，再根据电路特点和欧姆定律计算电压表示数；（2）由灯泡的正常工作电流以及电表量程，根据电流特点和欧姆定律计算变阻器的调节范围；（3）根据p=ui计算电路消耗的最大功率【解答】解：由图灯泡与滑动变阻器串联，电压表测变阻器两端电压，电流表测电路中电流（1）根据p=，灯泡电阻：r灯=12，根据i=，灯泡两端电压：u灯=ir灯=0.4a12=4.8v，所以电压表示数：uv=uu灯=18v4.8v=13.2v；（2）根据p=ui，灯泡正常发光时的电流：i=0.5a，电流表量程00.6a，所以电路中最大电流为0.5a，此时变阻器连入阻值最小，所以变阻器的最小值：r最小=r灯=12=24；电压表量程03v，所以电压表示数为3v时，变阻器连入阻值最大，此时电路中电流最小：i最小=0.25a，所以变阻器的最大值：r最大=60，由此滑动变阻器允许调节的范围是2460；（3）电路消耗的最大功率：p最大=ui最大=18v0.5a=9w故答案为：13.2；2460；9【点评】本题关键：一是根据灯的铭牌求出允许通过的最大电流、确定滑动变阻器连入的最小阻值；二是根据电压表的量程求出滑动变阻器两端的最大电压、确定滑动变阻器连入的最大阻值14一电路盒的面板上有两只规格相同的灯泡，还有a、b和c、d两组接线柱，盒内有导线把电源、灯泡和接线柱以一定的方式相连为了确定电路的连接方式，盛名取来两只电流表分别接在a、b两接线柱和c、d两接线柱之间时，读得a、b两接线柱间的电流表的示数为0.2a，c、d两接线柱间的电流表的示数为0.4a请根据盛名的探究，在虚线框中画出电路图，并标明a、b和c、d两组接线柱【考点】串、并联电路的设计【专题】作图题；电流和电路【分析】由题意可知，两组接线柱a、b及c、d分别接导线和电流表时，两灯泡均发光且电流表的示数均为0.2a，则两灯泡可能串联、也可能是并联，据此画出电路图，然后根据串并联电路的电流特点判断电路的连接方式【解答】解：两灯泡可能串联、也可能是并联，由于是两只规格相同的灯泡，则通过灯泡的电流是相同的，若是串联的，则电路中各处的电流相等，则两只电流表的示数应是相同的；由题干可知：两只电流表的示数不同；所以两灯泡是并联，且c、d两接线柱间的电流表处于干路上，如图：【点评】本题考查了电路图的设计，分析好电流表和导线不同位置时特点是解题的关键15如图，请设计一个电路，开关可以同时控制两盏灯，当滑动变阻器向右滑动的时候，灯泡l2的亮度变暗，灯泡l1的亮度不变请先在左边虚线框内画出电路图，再用笔画线代替导线将如图所示的电路元件连接起来【考点】串、并联电路的设计；实物的电路连接【专题】电流和电路【分析】根据题意，判断各电路元件的连接方式，然后根据题目要求连接实物电路图，连接电路图时，要合理安排每条线的位置，使之不至于交叉连接完实物电路图后，根据实物电路图，作出电路图，电路图要与实物电路图相对应【解答】解：（1）由题意得：开关同时控制两盏灯，这表明开关要串联接在干路中；灯l1的亮度不变，当滑动变阻器向右滑动的时候，灯泡l2的亮度变暗，则滑动变阻器与l2串联，并将左下接线柱接入电路，两灯并联；根据以上分析，连接实物图，如图甲所示（2）根据实物电路图，作出实验电路图，如图所示：【点评】本题考查了连接实物电路图、作实验电路图，根据题意及串并联电路特点、开关与电流表的接法确定各电路元件的连接方式是正确解题的关键；作电路图时，各电路原件的连接要与实物电路图严格保持一致三、实验与探究（16题3分，17、18题每题4分，19题5分，共16分）16盛名想探究不同物质吸热升温的属性，于是他设计如图所示实验装置（1）此实验中，沙子和水吸热的多少是通过加热时间（温度计示数或加热时间）来反映的（2）他得到如下实验数据，分析表中数据可得出的初步结论是：相同质量的两种物质升高相同温度时，吸收热量的多少与物质的种类有关物质质量m/kg升高的温度t/加热时间t/min水0.1102沙子0.1101（3）如果加热相同时间，质量相同的水和沙子，沙子升高的温度更高【考点】探究比热容的实验【专题】探究题；探究型实验综合题【分析】（1）沙子和水吸热的多少无法判断，但通过使用采用相同的加热方法，即可通过加热时间判断物体吸收热量的多少；（2）（3）根据表格中的数据告诉的信息，即可得到后面的答案【解答】解：（1）研究物体吸热本领的与物质的种类的关系时，由于是相同的酒精灯加热，即沙子和水在相同的时间内吸收的热量相等，所以可以利用加热时间的长短来反映物体吸收热量的多少；（2）由表格数据可知：水和沙子的质量相同，升高温度相同时，水需要的加热时间要长于沙子需要的时间即水吸收的热量要多于沙子吸收的热量所以说明不同种物质质量相同、升高相同温度时，吸收热量的多少与物质的种类有关；（3）由表格数据可知：质量相同的水和沙子，升高相同的温度，沙子需要的时间短，所以加热相同的时间，沙子升高的温度更高故答案为：（1）加热时间；（2）种类；（3）沙子【点评】实验的目的是比较水和沙子吸热升温的属性，实验中要让两者吸收相同的热量，通过比较沙子和水升高的温度的多少来确定其吸热升温的属性认真审题，通过表格中加热时间的不同即可得到此题的答案17用图甲所示电路图测量2.5v小灯泡的电功率，电源电压为6v（1）用笔画线表示导线，选好电流表量程，将图乙电路连接完整（2）闭合开关，移动滑动变阻器的滑片p到某一点，电压表的示数如图丙所示，若要测量小灯泡的额定功率，应将图乙中滑动变阻器的滑片p向d（c或d）端移动，根据该组同学实验得到的iu图象（图丁所示）信息，小灯泡的额定功率为0.5w（3）有两种规格的变阻器：a“10 1.5a”，b“20 1a”，为了顺利完成实验，应选用变阻器的规格是b（a或b）【考点】电功率的测量【专题】实验题；测量型实验综合题【分析】（1）根据图丁可知电流表的量程且与灯泡串联，滑动变阻器按一上一下的原则串联在电路中；（2）由图丙确定电压表量程与分度值并读出示数，根据串联电路的分压特点可知需要怎样调节滑动变阻器的阻值，然后确定滑片移动的方向，根据图丁读出灯泡的额定电流，根据p=ui求出小灯泡的额定功率；（3）灯泡的额定电压为2.5v，根据串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出电路中的电流，再根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的电阻，然后确定滑动变阻器的规格【解答】解：（1）由图丁可知，通过灯泡的电流小于0.6a，则电流表的量程为00.6a，且与灯泡串联，滑动变阻器的任意上方接线柱接入电路中，如下图所示：（2）由图丙可知，电压表量程是03v，分度值为0.1v，电压表示数是2.2v2.5v，由串联电路中电阻越大分得的电压越大可知，要测量小灯泡的额定功率，应减小滑动变阻器接入电路中的电阻，则滑动变阻器滑片应向d端移动；由图丁可知，灯泡额定电压2.5v对应的电流是0.2a，则灯泡的额定功率pl=ulil=2.5v0.2a=0.5w；（3）因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，滑动变阻器两端的电压：u滑=uul=6v2.5v=3.5v，因串联电路中各处的电流相等，所以，滑动变阻器接入电路中的电阻：r滑=17.5，所以，滑动变阻器的规格为b“20 1a”故答案为：（1）如上图所示；（2）d；0.5；（3）b【点评】本题考查了实物电路图的连接和电压表的读数、串联电路的特点、欧姆定律的应用、电功率公式的应用等，确定电流表的量程和从图象中获取有用的信息是关键18在做“电流电流通过导体时产生的热量与什么因素有关”的实验时，盛名采用了如图甲所示的实验装置两个透明的容器中密闭了等量的空气，u型管中液面变化反映了密闭空气温度的变化（1）利用了如图甲实验装置的目的是探究电流产生热量跟电阻的关系（2）小刚采用了如图乙所示的实验装置的目的是探究，通电相同时间，发现a玻璃管液面上升较高，由此可得出结论：在导体的电阻和通电时间相同的情况下，通过导体的电流越大，产生的热量越多；（3）“电炉丝热得发红，而与它相连的导线却不怎么热”，这一生活现象可用上面图甲（甲或乙）的实验结论来解释【考点】焦耳定律【专题】探究题；探究型实验综合题【分析】（1）电流产生的热量跟电流大小、电阻大小、通电时间有关，探究电流产生热量跟电阻关系时，控制通电时间和电流不变；（2）探究电流产生热量跟电流关系时，控制通电时间和电压不变，因此需要电阻并联（3）电炉丝和连接的导线串联在电路中（通过的电流相等），通电时间是相同的，而电炉丝的电阻比导线的电阻大，据此分析【解答】解：（1）如图甲，两个电阻串联在电路中，电流相同，通电时间相同，电阻不同，运用控制变量法，探究电流产生热量跟电阻的关系；（2）图乙装置中一个5的电阻与两个5的电阻并联后再串联，根据串联电路的电流特点可知，右端两个电阻的总电流和左端的电阻电流相等，即i右=i左，两个5的电阻并联，根据并联电路的电流特点知i右=i内+i外，所以，i左i内，烧瓶内的电阻值都是5，阻值相等，通电时间相等，电流不同，运用控制变量法，探究电流产生热量跟电流的关系得到的结论是在电阻相同、通电时间相同的情况下，通过电阻的电流越大，电阻产生的热量越多（3）电炉丝和连接的导线串联在电路中（通过的电流相等），与甲实验的原理相同，所以可以用甲实验解释“电炉丝热得发红，而与它相连的导线却不怎么热”故答案为：（1）电流产生热量跟电阻的关系；（2）电阻；电流；（3）甲【点评】本题考查了学生对焦耳定律的认识，注重了探究实验的考查，同时在该实验中利用了控制变量法和转换法，是中考物理常见题型19盛名用图甲中的电路测量导体r的电阻：（1）实验时，闭合开关，电压表、电流表的指针位置如图乙、丙所示，电压表的示数是2.4v，电流表的示数是0.3a，r的电阻值为8（2）其实验存在不足，为了测量结果精确，你认为对实验电路的改进方法是在电路中串联一只滑动变阻器（3）他实验测得的电阻值与该电阻的真实值相比是偏小（偏大、相等或偏小）【考点】伏安法测电阻的探究实验【专题】实验题；探究型实验综合题【分析】（1）根据电表的量程和分度值读出示数，利用欧姆定律求出r的阻值；（2）伏安法测电阻的实验中，为减小误差应多次测量求平均值，据此进行解答；（3）分析电表的测量值和真实值之间的关系，根据欧姆定律分析误差【解答】解：（1）由图乙可知，电压表的量程为03v，分度值为0.1v，示数为2.4v；图丙可知，电流表的量程为00.6a，分度值为0.02a，示数为0.3a；由i=可得，r的阻值r=8；（2）伏安法测电阻的实验中，为减小误差应多次测量求平均值，可以在电路中串联一只滑动变阻器达到这一目的；（3）由图甲可知，电压表测量的是真实值，由并联电路分流特点可知，电流表测的是通过r的电流和通过电流表的电流之和，即测量值偏大，由r=可知，实验测得的电阻值与该电阻的真实值相比偏小故答案为：（1）2.4；0.3；8；（2）在电路中串联一只滑动变阻器；（3）偏小【点评】本题考查了电表的读数和欧姆定律的应用以及实验误差的分析、实验的改进，误差分析时要注意串联电路的电压特点和并联电路的分流特点四、综合应用（20题7分，21题8分，共15分）20如图甲所示的电路中，r0为定值电阻，r1为滑动变阻器，图乙是滑动变阻器的电功率与电流关系的图象（1）当电路中的电流是0.5a时，r1接入电路的电阻为多少？（2）滑动变阻器阻值最大时，电压表的示数多大？（3）定值电阻r0多大？【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算【专题】应用题；图析法；电路和欧姆定律；电能和电功率【分析】由电路图可知，r0与r1串联，电压表测r1两端的电压，电流表测电路中的电流（1）由图乙可知，当电路中的电流是0.5a时r1消耗的电功率，根据p=i2r求出r1接入电路的电阻；（2）当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，根据图象读出滑动变阻器消耗的电功率，利用p=ui求出电压表的示数；（3）根据串联电路的特点和欧