湖北省黄冈市黄梅县晋梅中学九级化学上学期期末试卷（含解析） 新人教版.doc

湖北省黄冈市黄梅县晋梅中学2014-2015学年九年级（上）期末化学试卷一、选择题：（单选题，每题1分）1下列诗句包含化学变化的是（）a气蒸云梦泽，波撼岳阳城b欲渡黄河冰塞川，将登太行雪满山c粉身碎骨浑不怕，要留清白在人间d忽如一夜春风来，千树万树梨花开2下列有关实验操作正确的是（）a稀释浓硫酸时，将水沿内壁注入盛有浓硫酸的烧杯中b排水法收集二氧化碳时，看到水槽内导管口有气泡冒出立即收集c实验室制取氧气时，先用分液漏斗将双氧水加入锥形瓶中，后检查装置气密性d氢氧化钠和稀盐酸两种无色溶液混合前后，插入温度计观察温度变化3在化学反应中铁原子容易失去2个或3个电子，因此铁元素在化合物中常显+2价或+3价在化合物fe（feo2）2中，括号前和括号内铁元素的化合价分别是（）a+2、+2b+3、+3c+3、+2d+2、+34密闭容器内有a、b、c、d四种物质，在一定条件下充分反应，测得反应前后各物质的质量如下：下列说法正确的是（） 物 质 a b c d 反应前质量/g 19.7 8.7 31.6 o.4 反应后质量/g 待测 17.4 0 3.6a物质d一定是化合物，物质c可能是单质b反应后密闭容器中a的质量为19.7gc反应过程中，物质b与物质d变化的质量比为87：36d若物质a与物质c的相对分子质量之比为197：158，则反应中a与c的化学计量数之比为1：25关于物质的用途的说法中错误的是（）a在白炽灯泡中充入氮气是利用了氮气的稳定性b用活性炭作为净水剂是利用了活性炭的吸附性c用炭黑造墨汁是利用了碳的还原性d用铝合金造飞机是利用铝合金密度小且强度高6超临界co2流体是一种具有和水相似、能阻燃、溶解能力强的溶剂，被誉为“绿色环保溶剂”下列说法正确的是（）超临界co2流体性质特殊，因此，与干冰的化学组成不同co2是自然界中存在的物质，它参与自然界的碳元素循环超临界co2流体是一种特殊的物质，容易燃烧超临界co2流体可代替许多有害、有毒、易燃的溶剂abcd7向稀盐酸中逐渐加入试剂x后，溶液的ph变化情况如图所示试剂x是下列物质中的（）amgbh2ocnaohdcaco38下列实验的实验现象与实验结论都正确的是（）实验操作实验现象实验结论a将一根未打磨的铝条放入硫酸铜溶液中无紫红色固体析出铝不如铜活泼b将带火星的木条伸入氧气中木条复燃氧气能支持燃烧c将co通过灼热的氧化铜黑色氧化铜变成红色co具有可燃性d将氢氧化钠固体加入水中溶液温度升高该反应放热aabbccdd9下列关于概念的辨析中正确的是（）分子是保持所有物质化学性质的最小微粒；催化剂一定能加快化学反应的速率；元素的种类是由原子的中子数决定的；由一种元素组成的物质可能是混合物；合金在化学性质上不再具备金属的特性；水溶液呈碱性的物质不一定是碱abcd10仅用下列各组试剂无法完成验证zn，cu，ag三种金属活动性顺序的是（）azn、ag、cuso4溶液bcu、znso4溶液、agno3溶液czn、ag、稀硫酸、znso4溶液dzn、cu、稀硫酸、agno3溶液11如图是甲、乙、丙三种固体物质的溶解度曲线下列叙述错误的是（）at1时，三种物质的溶解度大小顺序为：丙乙甲bt2时，甲、丙两种物质的溶液中溶质的质量分数相等c若甲物质中混有少量的乙物质，可用降温结晶的方法提纯甲d若要将组成在n点的甲溶液转变为m点的甲溶液，可以采用恒温蒸发溶剂的方法12除去如表物质中的少量杂质所选用的试剂及操作方法均正确的是（）选项物质（括号内为杂质）试剂操作方法a铁粉（焦炭）稀硫酸过滤bco2气体（水蒸气）生石灰干燥cnaoh固体（caco3）足量的水溶解、过滤、蒸干dkcl固体（na2co3）过量稀盐酸蒸干aabbccdd二、填空13在下列空格上填写适当的化学用语制作叶脉书签的碱；食用醋中的溶质乙醇；溶于水时吸热的物质14用所学的化学原理或化学方程式解释下列现象：用汽油或加了洗涤剂的水都能除去衣服上的油污，原理是用含氢氧化铝的药物治疗胃酸过多碳在空气中不完全燃烧：铝制品耐腐蚀，原因是在常温下，其表面形成一层致密的氧化膜，放入盐酸后，开始无气泡产生，一段时间后，其表面出现大量气泡写出此过程中相关化学反应方程式：、15氨水（nh3h2o）也是常见的碱，是由nh3溶于水形成的溶液氨水很不稳定，容易放出有刺激性气味的nh3根据所学知识回答：（1）nh3h2o在水溶液中解离出来的离子有（写符号）（2）打开装有氨水的试剂瓶先看到瓶口有大量白雾说明氨气很容易，后闻到刺激性气味，说明分子（3）写出nh3h2o与稀h2so4反应的化学方程式（4）将一片有酚酞的干燥纸条和一片有酚酞的湿润纸条分别放入两瓶干燥的nh3中，现象是：这个实验说明氨气（填能或不能）与水反应（5）nh3在高温和有催化剂的条件下能跟o2反应生成一氧化氮和水，写出这个反应的化学方程式：16有关物质的转化关系如图所示，其中x、y为两种气态单质，z为固态单质；a为天然气的主要成分，b、c、d为三种状态各不相同的氧化物（个别反应的条件未注明） 回答下列问题：（1）写出有关物质的化学式：c、d；（2）反应、中属于置换反应的为；（3）写出反应的化学方程式三、计算题（5分）17某造纸厂废水中naoh的质量分数为l.6%，现有废硫酸9.8t（h2so4的质量分数为20%），可以处理的废水质量是多少？五、实验与探究题18现在下列实验装置，如图所示回答问题：（1）仪器的名称是（2）如果用氯酸钾和二氧化锰的混合物来制氧气，可选用的发生装置是为了收集到不含空气的氧气，应选择的收集装置是（3）某学生欲制取干燥的二氧化碳气体将会用到g装置，则g装置中盛放的试剂是，所选装置的组装顺序为19在实验探究课上，老师给了同学们一包红色粉未，该粉末是铜粉和和氧化铁粉中的一种或两种同学们为了确定该粉末的成分，进行如下探究请你参与他们的探究并回答问题（1）提出问题：假设l：红色粉末是铜粉；假设2：红色粉末是氧化铁粉；假设3：红色粉末是（2）设计实验方案：同学们对实验作了如下设想和分析：取少量红色粉末放入硬质玻璃管中，通入一氧化碳片刻后加热至充分反应（实验装置图如图）请你完成如表： 实验中可能出现的现象 结论假设1成立假设2成立假设3成立（3）进行实验：通过实验及分析，确认假设3成立（4）反思与评价：实验时通入一氧化碳片刻后再加热的原因是从环保角度看，上面的实验装置有不足之处，请你对该装置进行改进，具体措施是（5）拓展：为了进一步探究铁和铜的金属活动性强弱，你认为可选用下列试剂中的（填序号）a硝酸银溶液 b稀盐酸 c氯化锌溶液2014-2015学年湖北省黄冈市黄梅县晋梅中学九年级（上）期末化学试卷参考答案与试题解析一、选择题：（单选题，每题1分）1下列诗句包含化学变化的是（）a气蒸云梦泽，波撼岳阳城b欲渡黄河冰塞川，将登太行雪满山c粉身碎骨浑不怕，要留清白在人间d忽如一夜春风来，千树万树梨花开【考点】化学变化和物理变化的判别【分析】化学变化过程中有新物质生成，物理变化过程中没有新物质生成，是否生成新物质是判断化学变化的依据【解答】解：a、诗句主要体现了物质状态的变化，没有新物质生成，属于物理变化；b、诗句主要体现了水的状态改变，没有新物质生成，属于物理变化；c诗句主要体现了碳酸钙受热分解生成氧化钙和二氧化碳的过程，属于化学变化；d、诗句主要体现了水的状态改变，没有新物质生成，属于物理变化故选：c【点评】搞清楚物理变化和化学变化的本质区别是解答本类习题的关键，判断的标准是看在变化中有没有生成其它物质，一般地，物理变化有物质的固、液、气三态变化和物质形状的变化，而化学变化中有新物质生成2下列有关实验操作正确的是（）a稀释浓硫酸时，将水沿内壁注入盛有浓硫酸的烧杯中b排水法收集二氧化碳时，看到水槽内导管口有气泡冒出立即收集c实验室制取氧气时，先用分液漏斗将双氧水加入锥形瓶中，后检查装置气密性d氢氧化钠和稀盐酸两种无色溶液混合前后，插入温度计观察温度变化【考点】浓硫酸的性质及浓硫酸的稀释；常用气体的收集方法；制取氧气的操作步骤和注意点；中和反应及其应用【分析】a、根据浓硫酸的稀释方法进行分析判断；b、根据二氧化碳能溶于水，不能用排水法收集进行解答；c、根据实验室制取氧气的步骤进行分析判断；d、根据氢氧化钠溶液和稀盐酸反应生成氯化钠和水，该过程中会放出热进行解答【解答】解：a、浓硫酸溶于水要放热，所以稀释浓硫酸时要将浓硫酸倒入水中，且用玻璃棒不断搅拌，故a错误；b、二氧化碳能溶于水，不能用排水法收集，且不能有气泡冒出立即收集，而是要等到气泡冒出均匀后再收集，故b错误；c、实验室制取氧气时，组装好装置后，应在向容器中装入药品前检查装置气密性，然后再装入药品，以避免装入药品后发现装置气密性不好，更换部分仪器而浪费药品，故c错误；d、氢氧化钠溶液和稀盐酸反应生成氯化钠和水，该过程中会放出热，所以氢氧化钠和稀盐酸两种无色溶液混合前后，插入温度计观察温度变化，故d正确故选：d【点评】本题难度不大，熟悉各种仪器的用途及使用注意事项、掌握常见化学实验基本操作的注意事项是解答此类试题的关键3在化学反应中铁原子容易失去2个或3个电子，因此铁元素在化合物中常显+2价或+3价在化合物fe（feo2）2中，括号前和括号内铁元素的化合价分别是（）a+2、+2b+3、+3c+3、+2d+2、+3【考点】有关元素化合价的计算【分析】根据在化合物中正负化合价代数和为零，结合fe（feo2）2的化学式进行解答即可【解答】解：a、若括号前和括号内铁元素的化合价分别是+2、+2，根据在化合物中正负化合价代数和为零，可得：（+2）+【+2+（2）2】2=20，故选项错误b、若括号前和括号内铁元素的化合价分别是+3、+3，根据在化合物中正负化合价代数和为零，可得：（+3）+【+3+（2）2】2=+10，故选项错误c、若括号前和括号内铁元素的化合价分别是+3、+2，根据在化合物中正负化合价代数和为零，可得：（+3）+【+2+（2）2】2=10，故选项错误d、若括号前和括号内铁元素的化合价分别是+2、+3，根据在化合物中正负化合价代数和为零，可得：（+2）+【+3+（2）2】2=0，故选项正确故选：d【点评】本题难度不大，掌握利用化合价的原则（化合物中正负化合价代数和为零）计算指定元素的化合价的方法即可正确解答此类题4密闭容器内有a、b、c、d四种物质，在一定条件下充分反应，测得反应前后各物质的质量如下：下列说法正确的是（） 物 质 a b c d 反应前质量/g 19.7 8.7 31.6 o.4 反应后质量/g 待测 17.4 0 3.6a物质d一定是化合物，物质c可能是单质b反应后密闭容器中a的质量为19.7gc反应过程中，物质b与物质d变化的质量比为87：36d若物质a与物质c的相对分子质量之比为197：158，则反应中a与c的化学计量数之比为1：2【考点】质量守恒定律及其应用【分析】本题可分析b、c、d三种物质反应前后的质量变化情况，确定是反应物还是生成物；然后根据质量守恒定律确定a是反应物还是生成物，进而结合题意进行分析判断【解答】解：由表中数据分析可知，反应前后，b的质量增加了17.4g8.7g=8.7g，故b是生成物，生成的b的质量为8.7g；同理可以确定c是反应物，参加反应的c的质量为31.6g0g=31.6g；d为生成物，生成d的质量为3.6g0.4g=3.2g；由质量守恒定律，a应是生成物，且生成的a的质量为31.6g8.7g3.2g=19.7ga、该反应的反应物为c，生成物是a、b、d，符合“一变多”的特征，属于分解反应，则物质c一定是化合物，物质d可能是单质，故a错误；b、由质量守恒定律，a应是生成物，且生成的a的质量为31.6g8.7g3.2g=19.7g，故待测的数值为19.7g+19.7g=39.4g，故b错误；c、反应过程中，物质b与物质d变化的质量比为8.7g：3.2g=87：32，故c错误；d、若物质a与物质c的相对分子质量之比为197：158，设反应中a与c的化学计量数之比为x：y，则197x：158y=19.7g：31.6g，x：y=1：2，故d正确故选：d【点评】本题难度不大，考查的是质量守恒定律的应用，解题的关键是分析表中数据，灵活运用质量守恒定律5关于物质的用途的说法中错误的是（）a在白炽灯泡中充入氮气是利用了氮气的稳定性b用活性炭作为净水剂是利用了活性炭的吸附性c用炭黑造墨汁是利用了碳的还原性d用铝合金造飞机是利用铝合金密度小且强度高【考点】空气对人类生活的重要作用；合金与合金的性质；碳的化学性质；碳元素组成的单质【分析】本题考查了物质的物理性质和化学性质，氮气和炭黑化学性质不活泼，因此比较稳定活性炭具有吸附性，能够吸附一些颜料、色素、异味和有毒气体铝及其合金的密度小、质轻且强度高，是制造航空飞行器的理想材料【解答】解：a氮气的化学性质稳定，可以做保护气；b活性炭具有吸附性，因此可以净水；c用炭黑制造墨汁是利用了碳的化学性质不活泼，因此c错误；d铝合金密度小、质轻且强度高，因此是制造飞机的理想材料故选c【点评】本考点体现了性质决定用途，用途反映性质的理念，要认真掌握，综合应用6超临界co2流体是一种具有和水相似、能阻燃、溶解能力强的溶剂，被誉为“绿色环保溶剂”下列说法正确的是（）超临界co2流体性质特殊，因此，与干冰的化学组成不同co2是自然界中存在的物质，它参与自然界的碳元素循环超临界co2流体是一种特殊的物质，容易燃烧超临界co2流体可代替许多有害、有毒、易燃的溶剂abcd【考点】二氧化碳的化学性质；自然界中的碳循环【分析】因超临界二氧化碳与水相似，所以在考虑超临界二氧化碳的一些性质时，应结合着水的相关性质来考虑【解答】解：因超临界co2流体是一种具有和水相似、能阻燃、溶解能力强的溶剂，所以超临界二氧化碳能做溶剂且不燃烧超临界二氧化碳只是二氧化碳的一种形态，所以它和干冰的化学性质一样故选b【点评】我们在做信息给予题时，应充分运用所学知识，结合所给信息，来完成题目同时，在做题是不能想当然，应和我们所学知识紧密结合7向稀盐酸中逐渐加入试剂x后，溶液的ph变化情况如图所示试剂x是下列物质中的（）amgbh2ocnaohdcaco3【考点】酸的化学性质；溶液的酸碱性与ph值的关系【分析】稀盐酸呈酸性，通过图中信息可以知道溶液的ph值增大，最后溶液呈碱性，所以可以判断向稀盐酸中加入的为碱性物质，可以据此解答【解答】解：a、镁为活泼金属可以消耗盐酸，而使溶液的ph值增大，但是溶液的ph值不会大于7，故a错误；b、水为中性物质，可以减低稀盐酸的酸性，但是溶液始终呈酸性，故b错误；c、氢氧化钠为碱，可以和稀盐酸反应，而使溶液的酸性减弱，当恰好完全反应时溶液的ph值为7，继续加入氢氧化钠则溶液呈碱性，而使ph值大于7，故c正确；d、碳酸钙可以消耗盐酸，而使溶液的ph值增大，但是不能大于7，故d错误故选c【点评】要想解答好这类题目，首先要理解和熟记溶液的酸碱性与ph值的关系等相关知识然后，根据所给的实验、问题情景或图表信息等，结合所学的相关知识和技能，细心地探究、推理后，按照题目要求对症下药，进行认真地选择或解答即可8下列实验的实验现象与实验结论都正确的是（）实验操作实验现象实验结论a将一根未打磨的铝条放入硫酸铜溶液中无紫红色固体析出铝不如铜活泼b将带火星的木条伸入氧气中木条复燃氧气能支持燃烧c将co通过灼热的氧化铜黑色氧化铜变成红色co具有可燃性d将氢氧化钠固体加入水中溶液温度升高该反应放热aabbccdd【考点】化学实验方案设计与评价；常见气体的检验与除杂方法；一氧化碳的化学性质；溶解时的吸热或放热现象；金属的化学性质【分析】未打磨的铝条表面有氧化铝，因为氧化铝与硫酸铜溶液不反应，因此无变化；将带火星的木条伸入氧气中，木条复燃，说明氧气能支持燃烧，即氧气具有助燃性；将co通过灼热的氧化铜，黑色氧化铜变成红色，说明co具有还原性；将氢氧化钠固体加入水中，溶液温度升高，说明氢氧化钠固体溶于水时，该实验放热过程大于吸热过程，因此对外表现温度升高【解答】解：a、未打磨的铝条表面有一层致密的氧化铝薄膜，而氧化铝与硫酸铜溶液不反应，因此无变化，不能证明铝不如铜活泼，故a选项错误；b、将带火星的木条伸入氧气中，木条复燃，说明氧气能支持燃烧，即氧气具有助燃性，故b选项正确；c、将co通过灼热的氧化铜，黑色氧化铜变成红色，说明co具有还原性，不是可燃性，故c选项错误；d、将氢氧化钠固体加入水中，溶液温度升高，说明氢氧化钠固体溶于水时，该实验放热过程大于吸热过程，因此对外表现温度升高，该过程放热，不是该反应放热，故d选项错误故选b【点评】本考点考查了实验设计，实验设计题是近几年中考的热点之一，它包括实验方法和过程的探究，实验结论和实验规律的探究等本题通过实验过程和实验分析，得到了正确的结论，属于结论性探究同学们要具体分析，综合掌握本考点主要出现在选择题和实验题中9下列关于概念的辨析中正确的是（）分子是保持所有物质化学性质的最小微粒；催化剂一定能加快化学反应的速率；元素的种类是由原子的中子数决定的；由一种元素组成的物质可能是混合物；合金在化学性质上不再具备金属的特性；水溶液呈碱性的物质不一定是碱abcd【考点】分子的定义与分子的特性；催化剂的特点与催化作用；合金与合金的性质；纯净物和混合物的判别；元素的概念【分析】根据有关的概念进行分析解答即可构成物质的基本微粒是分子、原子和离子；催化剂能改变化学反应的速率；元素的种类与原子的核内质子数有关；混合物是含有多种物质的物质；合金是具有金属性质的物质；碱性溶液不一定是碱的溶液，据此解答【解答】解：由分子构成的物质，分子是保持物质化学性质的最小微粒，错误；催化剂不一定能加快化学反应的速率，也可能减慢，错误；元素的种类是由原子的质子数决定的，错误；由一种元素组成的物质可能是混合物，例如氧气和臭氧的混合物，正确；合金在化学性质上具备金属的特性，错误；水溶液呈碱性的物质不一定是碱，例如碳酸钠的水溶液呈碱性，属于盐，正确；观察选项，故选c【点评】本题考查了对常见概念的推断，完成此题，可以依据已有的概念进行10仅用下列各组试剂无法完成验证zn，cu，ag三种金属活动性顺序的是（）azn、ag、cuso4溶液bcu、znso4溶液、agno3溶液czn、ag、稀硫酸、znso4溶液dzn、cu、稀硫酸、agno3溶液【考点】金属活动性顺序及其应用【分析】根据金属活动性顺序，验证金属的活动性顺序是否合理，可根据金属与酸、盐溶液“反应则活泼，不反应则不活泼”进行分析判断，通过分析方案所能得到的结论，确定是否能得出zn、cu、ag三种金属的活动性顺序【解答】解：a、锌可以置换cuso4溶液中的铜而出现红色固体，证明锌的活动性比铜强；银和cuso4溶液不反应，证明铜比银的活动性强可以证明三种金属的活动性强弱，此方案可行；b、铜与znso4溶液液不反应，证明锌的活动性比铜强；铜与agno3溶液能反应，证明铜比银的活动性强，可以证明三种金属的活动性强弱，此方案可行；c、试剂中没有铜的单质或铜的盐溶液，无法比较金属与铜的活泼性的大小；就算有铜的单质也只能证明zn大于ag和cu不能比较ag，此方案不可行；d、锌能与稀硫酸反应，铜不能与稀硫酸反应，证明锌比铜活泼；铜能与硝酸银反应说明了铜比银活泼因可以证明三种金属的活动性强弱，此方案可行故选c【点评】同学们要会利用金属活动顺序表设计实验，去验证金属的活动性强弱前边的金属会与酸反应，但氢后边的金属不会与酸反应，前边的金属会把后边的金属从其盐溶液中置换出来但也要注意，与金属反应酸一般是指稀硫酸和盐酸，不包括浓硫酸和硝酸11如图是甲、乙、丙三种固体物质的溶解度曲线下列叙述错误的是（）at1时，三种物质的溶解度大小顺序为：丙乙甲bt2时，甲、丙两种物质的溶液中溶质的质量分数相等c若甲物质中混有少量的乙物质，可用降温结晶的方法提纯甲d若要将组成在n点的甲溶液转变为m点的甲溶液，可以采用恒温蒸发溶剂的方法【考点】固体溶解度曲线及其作用；结晶的原理、方法及其应用；饱和溶液和不饱和溶液相互转变的方法【分析】a、根据溶解度曲线图解答；b、t2时甲、丙两种物质的溶解度相等，因此甲、丙两种物质的饱和溶液中溶质质量分数相等，但如果不是饱和溶液则不一定相等解答；c、甲的溶解度随温度的降低而减小，乙的溶解度随温度的降低而变化较小解答；d、曲线上的点所对应的溶液为此温度下恰好饱和的饱和溶液，而曲线下方的点则为此时的不饱和溶液根据溶解度受温度的变化情况，可以判断要将组成在n点的a溶液转变为m点的溶液采取的方法【解答】解：a、根据溶解度曲线图可知，t1时，三种物质的溶解度大小顺序为：丙乙甲，故对；b、在t2时，甲、丙两种物质的溶解度相等，因此甲、丙两种物质的饱和溶液中溶质质量分数相等，但如果不是饱和溶液则不一定相等，故错；c、甲的溶解度随温度的降低而减小，乙的溶解度随温度的降低而变化较小，当甲中含少量乙时，可用降温结晶的方法提纯甲，故对；d、若要将组成在n点的甲溶液转变为m点的溶液，可以采取恒温蒸发溶剂等方法，故对答案：b【点评】本题难度不大，主要考查了固体物质的溶解度曲线的意义及根据固体物质的溶解度曲线解决相关的问题，培养学生对知识的应用能力12除去如表物质中的少量杂质所选用的试剂及操作方法均正确的是（）选项物质（括号内为杂质）试剂操作方法a铁粉（焦炭）稀硫酸过滤bco2气体（水蒸气）生石灰干燥cnaoh固体（caco3）足量的水溶解、过滤、蒸干dkcl固体（na2co3）过量稀盐酸蒸干aabbccdd【考点】物质除杂或净化的探究；气体的干燥（除水）；盐的化学性质；碳的化学性质【分析】根据原物质和杂质的性质选择适当的除杂剂和分离方法，所谓除杂（提纯），是指除去杂质，同时被提纯物质不得改变除杂质题至少要满足两个条件：加入的试剂只能与杂质反应，不能与原物质反应；反应后不能引入新的杂质【解答】解：a、铁粉能与稀硫酸反应生成硫酸亚铁和氢气，焦炭不与稀硫酸反应，反而会把原物质除去，不符合除杂原则，故选项所采取的方法错误b、生石灰能与水反应生成氢氧化钙，生成的氢氧化钙能与二氧化碳反应生成碳酸钙和水，不但能把杂质除去，也会把原物质除去，不符合除杂原则，故选项所采取的方法错误c、naoh固体易溶于水，caco3难溶于水，可采取加水溶解、过滤、蒸干的方法进行分离除杂，故选项所采取的方法正确d、na2co3能与稀盐酸反应生成氯化钠、水和二氧化碳，能除去杂质但引入了新的杂质氯化钠，不符合除杂原则，故选项所采取的方法错误故选：c【点评】物质的分离与除杂是中考的重点，也是难点，解决除杂问题时，抓住除杂质的必需条件（加入的试剂只与杂质反应，反应后不能引入新的杂质）是正确解题的关键二、填空13在下列空格上填写适当的化学用语制作叶脉书签的碱naoh；食用醋中的溶质ch3cooh乙醇c2h5oh；溶于水时吸热的物质nh4no3【考点】化学式的书写及意义【分析】首先根据题意确定物质的化学名称，然后根据书写化学式的方法和步骤写出物质的化学式即可【解答】解：氢氧化钠是制作叶脉书签的碱，其化学式为：naoh食用醋中的溶质是醋酸，其化学式为：ch3cooh乙醇的化学式为：c2h5oh硝酸铵是溶于水时吸热的物质，其化学式为：nh4no3故答案为：naoh；ch3cooh；c2h5oh；nh4no3【点评】本题难度不大，熟练掌握常见物质的性质、用途、组成及化学式的书写是正确解答此类题的关键所在14用所学的化学原理或化学方程式解释下列现象：用汽油或加了洗涤剂的水都能除去衣服上的油污，原理是汽油除去衣服上的油污属于溶解现象，洗涤剂除去衣服上的油污属于乳化作用用含氢氧化铝的药物治疗胃酸过多al（oh）3+3hclalcl3+3h2o碳在空气中不完全燃烧：2c+o22co铝制品耐腐蚀，原因是在常温下，其表面形成一层致密的氧化膜，放入盐酸后，开始无气泡产生，一段时间后，其表面出现大量气泡写出此过程中相关化学反应方程式：4al+3o2=2al2o3、al2o3+6hcl=2alcl3+3h2o、2al+6hcl=2alcl3+3h2【考点】溶解现象与溶解原理；乳化现象与乳化作用；书写化学方程式【分析】（1）根据溶解现象和乳化作用的区别来回答本题，从二者的概念入手会更直接（2）氢氧化铝与胃酸中的盐酸反应生成氯化铝和水，（3）碳在空气中不完全燃烧：是碳和氧气在点燃条件下反应生成一氧化碳（4）铝与氧气接触时能与氧气反应生成致密的氧化铝，从而将铝和氧气隔绝，使铝能自我保护；将铝放入盐酸后，氧化铝优先与盐酸反应，而后铝与盐酸反应【解答】解：（1）油污不溶于水所以水洗不掉油污，但油污溶于汽油，所以利用汽油洗掉油污是利用溶解的原理；洗涤剂除去衣服上的油污是因为洗涤剂含表面活性剂可以使油污等物质以细小的液滴均匀分散在水中，形成乳浊液，这种现象称为乳化作用；（2）氢氧化铝与胃酸中的盐酸反应生成氯化铝和水，反应的化学方程式为：al（oh）3+3hclalcl3+3h2o（3）碳在空气中不完全燃烧：是碳和氧气在点燃条件下反应生成一氧化碳反应的化学方程式为：2c+o22co（4）铝在空气中与氧气接触，铝会与氧气反应生成氧化铝该反应的化学方程式为：4al+3o2=2al2o3氧化铝和稀盐酸反应生成氯化铝和水，化学方程式为：al2o3+6hcl=2alcl3+3h2o铝与稀盐酸反应生成氯化铝和氢气，反应的化学方程式为：2al+6hcl=2alcl3+3h2故答案为：（1）汽油除去衣服上的油污属于溶解现象，洗涤剂除去衣服上的油污属于乳化作用；（2）al（oh）3+3hclalcl3+3h2o；（3）2c+o22co；（4）4al+3o2=2al2o3；al2o3+6hcl=2alcl3+3h2o；2al+6hcl=2alcl3+3h2【点评】本题难度不大，主要考查学生根据反应原理书写化学方程式的能力，化学方程式书写经常出现的错误有不符合客观事实、不遵守质量守恒定律、不写条件、不标符号等15氨水（nh3h2o）也是常见的碱，是由nh3溶于水形成的溶液氨水很不稳定，容易放出有刺激性气味的nh3根据所学知识回答：（1）nh3h2o在水溶液中解离出来的离子有nh4+、oh（写符号）（2）打开装有氨水的试剂瓶先看到瓶口有大量白雾说明氨气很容易与水反应，后闻到刺激性气味，说明分子在不断运动（3）写出nh3h2o与稀h2so4反应的化学方程式2nh3h2o+h2so4（nh4）2so4+2h2o（4）将一片有酚酞的干燥纸条和一片有酚酞的湿润纸条分别放入两瓶干燥的nh3中，现象是：有酚酞的干燥纸条无变化，有酚酞的温润纸条变红色这个实验说明氨气能（填能或不能）与水反应（5）nh3在高温和有催化剂的条件下能跟o2反应生成一氧化氮和水，写出这个反应的化学方程式：4nh3+5o24no+6h2o【考点】碱的化学性质；分子的定义与分子的特性；书写化学方程式【分析】（1）根据氨水能够电离出自由移动的铵根离子和氢氧根离子进行分析；（2）根据微观粒子的不断运动的进行分析；（3）根据氨水和稀硫酸反应生成硫酸铵和水进行分析；（4）根据氨水能使酚酞试液变红色，氨气不能使酚酞试液变红色进行分析；（5）根据一定条件下，氨气和氧气反应能生成一氧化氮和水进行分析【解答】解：（1）nh3h2o在水溶液中解离出来的离子有nh4+、oh；（2）打开装有氨水的试剂瓶后闻到刺激性气味，说明氨气很容易与水反应，说明分子是不断运动的；（3）nh3h2o与稀h2so4反应生成拉和水，化学方程式为：2nh3h2o+h2so4（nh4）2so4+2h2o；（4）将一片有酚酞的干燥纸条和一片有酚酞的温润纸条分别放入两瓶干燥的nh3中，现象是有酚酞的干燥纸条无变化，有酚酞的温润纸条变红色，所以这个实验说明氨气能与水反应（5）一定条件下，氨气和氧气反应生成一氧化氮和水，化学方程式为：4nh3+5o24no+6h2o故答案为：（1）nh4+、oh；（2）与水反应，不断运动的；（3）2nh3h2o+h2so4（nh4）2so4+2h2o；（4）有酚酞的干燥纸条无变化，有酚酞的温润纸条变红色，能；（5）4nh3+5o24no+6h2o【点评】碱通常具有的性质有：电离时生成的阴离子都是氢氧根离子，溶液能使酚酞试液变红色，能和酸反应生成盐和水，能和某些非金属氧化物反应等16有关物质的转化关系如图所示，其中x、y为两种气态单质，z为固态单质；a为天然气的主要成分，b、c、d为三种状态各不相同的氧化物（个别反应的条件未注明） 回答下列问题：（1）写出有关物质的化学式：cco2、dfe3o4；（2）反应、中属于置换反应的为；（3）写出反应的化学方程式fe+h2so4feso4+h2【考点】物质的鉴别、推断；置换反应及其应用；书写化学方程式【分析】温室气体主要有：二氧化碳、甲烷、氨气、二氧化氮等物质二氧化碳、氨气、二氧化氮气体与单质气体反应的情况在初中教材中并不常见甲烷与氧气反应在初中教材中经常见到如天然气燃烧、瓦斯爆炸等都是甲烷与氧气的反应首先确定a物质是甲烷再根据物质之间相互作用的情况进行综合分析、判断，从中找出适合的答案【解答】解：（1）由图中可知，a是甲烷，x是氧气，甲烷燃烧生成水和二氧化碳b 是水，c是二氧化碳水通电生成氢气和氧气，x是氧气，y是氢气氧气和铁反应生成四氧化三铁，z是铁，d是四氧化三铁四氧化三铁和一氧化碳在高温下反应生成二氧化碳和铁铁和稀盐酸或稀硫酸反应得到浅绿色溶液与氢气浅绿色的溶液是硫酸亚铁或氯化亚铁的溶液推断合理，所以本题答案为：co2，fe3o4；（2）是水的电解，属于分解反应，是铁在氧气中的燃烧，属于化合反应，是一氧化碳还原四氧化三铁，不属于基本反应类型，是一种单质和一种化合物反应生成另外一种单质和化合物的反应，即fe+h2so4feso4+h2（或铁跟稀盐酸），属于置换反应，故填：；（3）是铁能与稀硫酸反应生成硫酸亚铁和氢气，故填：fe+h2so4feso4+h2【点评】在解此类题时，首先将题中有特征的物质推出，然后结合推出的物质题中的转换关系推导剩余的物质，最后进行验证即可三、计算题（5分）17某造纸厂废水中naoh的质量分数为l.6%，现有废硫酸9.8t（h2so4的质量分数为20%），可以处理的废水质量是多少？【考点】根据化学反应方程式的计算【分析】根据硫酸的质量可以求算出是能够消耗的氢氧化钠的质量进而可以计算出能够处理废水的质量【解答】解：9.8t废硫酸中含有硫酸的质量为：9.8t20%=1.96t可以处理的废水质量为xh2so4+2naohna2so4+2h2o98 801.96t x1.6%解得：x=100t答：可以处理的废水质量是100t【点评】在解此类题时，首先分析溶液质量、溶质质量以及溶质质量分数的关系，然后依据题中的数据进行解答五、实验与探究题18现在下列实验装置，如图所示回答问题：（1）仪器的名称是集气瓶（2）如果用氯酸钾和二氧化锰的混合物来制氧气，可选用的发生装置是a为了收集到不含空气的氧气，应选择的收集装置是f（3）某学生欲制取干燥的二氧化碳气体将会用到g装置，则g装置中盛放的试剂是浓硫酸，所选装置的组装顺序为bgd【考点】常用气体的发生装置和收集装置与选取方法；气体的干燥（除水）【分析】（1）根据常见的化学仪器的名称进行分析解答（2）用氯酸钾和二氧化锰的混合物来制氧气，属于固体加热型，结合氧气可用排水法或向上排空气法收集，进行分析解答（3）实验室中制取二氧化碳常用大理石或石灰石和稀盐酸反应来制取，属于固液常温型，制取干燥的二氧化碳气体，应进行干燥，进行分析解答【解答】解：（1）仪器是集气瓶（2）用氯酸钾和二氧化锰的混合物来制氧气，属于固体加热型，所以选用的发生装置是a；氧气可用排水法或向上排空气法收集，排水法收集的氧气纯净，排空气法收集的氧气干燥，故为了收集到不含空气的氧气，应选择的收集装置是f（3）实验室中制取二氧化碳常用大理石或石灰石和稀盐酸反应来制取，属于固液常温型