黑龙江省哈尔滨三中高考物理四模试卷（含解析）.doc

黑龙江省哈尔滨三中高 考物理四模试卷一、选择题：本题共8小题，每小题6分在每小题给出的四个选项中，第15题只有一项符合题目要求，第68题有多项符合题目要求全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分1下列描述中正确的是（） a 相对论和量子力学的出现说明人类对自然界的认识更加广泛和深入，那么经典力学就失去了它的意义 b 交流感应电动机就是利用电磁阻尼的原理工作的 c 地磁场在北半球的上空有垂直于地表向上的磁场分量 d 电流通过纯电阻电路做功时，电能全部转化为该电路的内能2如图所示，水平粗糙桌面上有a、b两个小滑块，之间连接一弹簧，a、b的质量均为m，现用水平恒力f拉滑块b，使a、b一起在桌面上匀加速运动，弹簧原长为l，劲度系数为k，已知弹簧在弹性限度内物块与桌面间的动摩擦因数不变，下列说法正确的是（） a ab间的距离为l+ b 撤掉f后，a作匀速运动，b作匀减速运动 c 若弹簧在a连接处突然断开，a、b的加速度一定都增大 d 撤掉f的瞬间，a的加速度不变，b的加速度一定增大3如图所示，某小型发电站发电机输出的交流电压为500v，输出的电功率为100kw，用总电阻为10的输电线向远处送电为提高输电效率，发电站安装一变压比为1：20的升压变压器，到达用户再用降压变压器变为220v供用户使用（两个变压器均为理想变压器）对整个送电过程，下列说法正确的是（） a 输电线上的电流为200a b 降压变压器的输入电压为10kv c 降压变压器的变压比为11：495 d 输电线上损失功率为输电功率的1%4如图所示，光滑水平导轨，宽度不变，除定值电阻r外，导轨及金属棒ab的电阻均不计，在x0的区域内有一沿x轴均匀变化的磁场垂直穿过轨道平面，磁感应强度大小满足b=kx（常数k0），ab棒由原点o点开始，在外力f作用下沿x轴做匀速运动，下列关于ab棒流过的电流i及它所受外力f随x变化的图象，正确的是（） a b c d 5物体做平抛运动，抛出时间为t1时水平位移大小为竖直位移大小的2倍，抛出时间为t2时水平位移和竖直位移大小相等则t1、t2时间内物体的水平位移x、竖直位移y、合位移s和瞬时速度v的关系，下面比例关系正确的是（） a x1：x2=1：2 b y1：y2=1：3 c v1：v2=： d s1：s2=：6如图所示，足够长的粗糙斜面体c置于水平面上，b置于斜面上，按住b不动，b通过细绳跨过光滑的定滑轮与a相连接，连接b的一段细绳与斜面平行，放手后b沿斜面加速上滑，c一直处于静止状态则在a落地前的过程中（） a a的重力势能的减少量等于b的机械能的增加量 b c一定受到水平面的摩擦力 c 水平面对c的支持力小于b、c的总重力 d a物体落地前的瞬间受到绳子拉力的功率与其重力的功率相等7太阳系各行星几乎在同一平面内沿同一方向绕太阳做圆周运动，当地球恰好运行到某地行星和太阳之间，且三者几乎排成一条直线的现象，天文学中称为“行星冲日”，假定有两个地外行星a和b，地球公转周期t0=1年，公转轨道半径为r0a行星公转周期ta=2年，a行星公转轨道半径rb=4r0，则（） a 相邻两次a星冲日间隔为2年 b 相邻两次b星冲日间隔为8年 c 相邻两次a星冲日间隔比相邻两次b星冲日间隔时间长 d 相邻两次a、b两星冲日时间间隔为8年8如图所示，空间中存在一水平方向匀强电场和一水平方向匀强磁场，且电场方向和磁场方向相互垂直在电磁场正交的空间中有一足够长的固定粗糙绝缘杆，与电场正方向成60夹角且处于竖直平面内一质量为m，带电量为+q的小球套在绝缘杆上初始，给小球一沿杆向下的初速度v0，小球恰好做匀速运动，电量保持不变已知，磁感应强度大小为b，电场强度大小为e=，则以下说法正确的是（） a 小球的初速度为v0= b 若小球的初速度为，小球将做加速度不断增大的减速运动，最后停止 c 若小球的初速度为，小球将做加速度不断增大的减速运动，最后停止 d 若小球的初速度为，则运动中克服摩擦力做功为三、非选择题：包括必考题和选考题两部分第9题第12题为必考题，每个试题考生都必须作答第13题第18题为选考题，考生根据要求作答（一）必考题9某同学在“探究匀变速直线运动”实验中得到如图所示的纸带已知打点计时器电源频率为50hz，每隔4个点取一个计数点，各计数点到a点的距离如图所示，则由纸带可知（结果均保留三位有效数字）（1）c点的速度vc=m/s；物体运动的加速度a=m/s210一学习小组要用伏安法尽量准确地描绘一个标有“6v，1.5w”的小灯泡的iu图线，现有下列器材供选用：a学生电源（直流9v） b开关一个、导线若干c电压表（03v，内阻约10k） d电压表（06v，内阻约10k）e电压表（010v，内阻约30k） f电流表（00.3a，内阻约0.1）g电流表（00.6a，内阻约0.4） h电流表（03a，内阻约0.6）i滑动变阻器 j滑动变阻器（1）实验中需用到的仪器有（用字母序号表示）；在下面图1方框内画出实验电路图；（3）对应实验电路图将图2实物连线补充完整11汽车由静止开始在平直的公路上行驶，060s内汽车的加速度随时间变化的图线如图所示（1）画出汽车在060s内的vt图线；求在这60s内汽车行驶的路程12一个质量为m，带电量为q（负电）的小球（可看成质点）从坐标原点o以沿x轴负方向的速度v0开始运动，在第一象限存在水平向右的匀强电场，场强大小e1=第二象限存在竖直向下的匀强电场，大小e2=，和垂直纸面向里的长方形有界磁场，磁感应强度为b（图中未画出），坐标原点o在磁场中，小球通过y轴上的m点进入第一象限恰好做减速直线运动（重力加速度g，电场区域足够大）o、m两点距离为l求：（1）v0=？长方形区域磁场的最小面积，（3）小球从坐标原点出发到速度减到零所需时间(二）选考题，请考生从以下三个模块中任选一模块作答【物理-选修3-3】13下列的说法中正确的是（） a 热量能够自发地从高温物体传递到低温物体，也能自发地从低温物体传递到高温物体 b 把很多小的单晶体放在一起，就变成了非晶体 c 布朗运动是液体分子对悬浮固体颗粒的碰撞作用的不平衡造成的 d 第二类永动机虽然不违反能量守恒定律，但它是制造不出来的 e 气体压强本质上就是大量气体分子作用在器壁单位面积上的平均作用力14如图所示，在竖直放置的圆柱形容器内用质量为m的活塞密封一部分气体，活塞与容器壁间能无摩擦滑动，容器的横截面积为s开始时气体的温度为t0，活塞与容器底的距离为h0将整个装置放在大气压恒为p0的空气中后，当气体从外界吸收热量q，活塞缓慢上升d后再次平衡求：外界空气的温度是多少？在此过程中密闭气体的内能增加了多少？【物理-选修3-4】15空间存在两个完全相同的间距为6m的振源m、n，空间另有一点p，已知pmmn，且pm=8m，两振源形成的机械波在pmn所在的平面内传播某时刻两振源m、n同时振动，其振动图象如图乙所示，在4s时p点刚开始振动则下列说法正确的是（） a 波速为2m/s b 当两列波均传到p点时，p点的振动频率加倍 c 波长为2m d p点为振动加强点 e p点为振动减弱点16一列横波在x轴上传播，a、b是x轴上相距sab=6m的两质点t=0时，b点正好到达最高点，且b点到x轴的距离为4cm，而此时a点恰好经过平衡位置向上运动，已知这列波的频率为25hz（1）求经过时间1s，a质点运动的路程；设a、b在x轴上的距离大于一个波长，求该横波的波速【物理-选修3-5】17静止的镭原子核，发生衰变时放出一个x粒子，该过程核反应方程为rarn+x，则（衰变放出的光子的动量不计）（） a x粒子为粒子 b x粒子的动量与反冲核的动量大小相等 c 该粒子与阴极射线的组成成分相同 d 反冲核的中子数为136 e 该粒子与反冲核的速率之比为1：4318如图，a、b质量分别为 m1=1kg，m2=2kg，置于小车c上，小车的质量为 m3=1kg，a、b与小车的动摩擦因数0.5，小车静止在光滑的水平面上某时刻炸药爆炸，若a、b间炸药爆炸的能量有12j转化为a、b的机械能，其余能量转化为内能a、b始终在小车表面水平运动，小车足够长，求：炸开后a、b获得的速度各是多少？a、b在小车上滑行的时间各是多少？黑龙江省哈尔滨三中高考物理四模试卷参考答案与试题解析一、选择题：本题共8小题，每小题6分在每小题给出的四个选项中，第15题只有一项符合题目要求，第68题有多项符合题目要求全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分1下列描述中正确的是（） a 相对论和量子力学的出现说明人类对自然界的认识更加广泛和深入，那么经典力学就失去了它的意义 b 交流感应电动机就是利用电磁阻尼的原理工作的 c 地磁场在北半球的上空有垂直于地表向上的磁场分量 d 电流通过纯电阻电路做功时，电能全部转化为该电路的内能考点： 经典时空观与相对论时空观的主要区别；电功、电功率分析： 经典力学是相对论、量子力学在低速、宏观状态下的特殊情形，对于高速、微观的情形经典力学不适用；交流感应电动机就是利用电磁驱动的原理工作的；北半球的磁场的方向向北向下解答： 解：a、相对论、量子论的提出，没有否定经典力学，经典力学是相对论、量子力学在低速、宏观状态下的特殊情形故a错误；b、交流感应电动机就是利用电磁驱动的原理工作的，不是电磁阻尼故b错误；c、地磁场在北半球的上空有垂直于地表向下的磁场分量故c错误；d、电流通过纯电阻电路做功时，w=i2rt可知电能全部转化为该电路的内能故d正确故选：d点评： 该题考查到经典力学与相对论力学、电磁驱动与电磁阻尼、地球的磁场以及纯电阻电路的特点等知识点的内容，各知识点之间互不相干，但都属于基础性的知识点的内容，做好这一类是题目，就是要靠平时的积累2如图所示，水平粗糙桌面上有a、b两个小滑块，之间连接一弹簧，a、b的质量均为m，现用水平恒力f拉滑块b，使a、b一起在桌面上匀加速运动，弹簧原长为l，劲度系数为k，已知弹簧在弹性限度内物块与桌面间的动摩擦因数不变，下列说法正确的是（） a ab间的距离为l+ b 撤掉f后，a作匀速运动，b作匀减速运动 c 若弹簧在a连接处突然断开，a、b的加速度一定都增大 d 撤掉f的瞬间，a的加速度不变，b的加速度一定增大考点： 牛顿第二定律专题： 牛顿运动定律综合专题分析： 由胡可定律结合牛顿第二定律求出弹簧的伸长量，可得木块间的距离撤掉f后，弹簧的拉力将发生变化，根据受力情况分析两个物体的运动情况根据加速度的表达式分析cd两项解答： 解：a、设弹簧伸长量为x，两木块一起匀加速运动，它们有共同的加速度设为a对于整体，由牛顿第二定律：f2mg=2ma，a=g对于a：kxmg=ma解得：x=故两木块之间的距离是：s=l+，故a错误b、撤掉f后，由于弹簧的拉力大于所受的摩擦力，a将向右作加速运动，b所受的合力减小，加速度减小，作加速度减小的变减速运动故b错误c、若弹簧在a连接处突然断开，a的加速度大小 aa=g，b的加速度 ab=g，则知b的加速度一定增大，而a的加速度则不一定增大故c错误d、撤掉f的瞬间，a的加速度不变，a的受力情况未变，加速度不变，而b的加速度 ab=a+2g，则知b的加速度一定增大，故d正确故选：d点评： 本题是连接体问题，要抓住两个物体的加速度相同列式，关键要明确撤掉f的瞬间，弹簧的弹力没有改变进行分析3如图所示，某小型发电站发电机输出的交流电压为500v，输出的电功率为100kw，用总电阻为10的输电线向远处送电为提高输电效率，发电站安装一变压比为1：20的升压变压器，到达用户再用降压变压器变为220v供用户使用（两个变压器均为理想变压器）对整个送电过程，下列说法正确的是（） a 输电线上的电流为200a b 降压变压器的输入电压为10kv c 降压变压器的变压比为11：495 d 输电线上损失功率为输电功率的1%考点： 变压器的构造和原理专题： 交流电专题分析： 根据输电线上损耗的功率，结合求出输电线上的电流；根据输出功率和输出电压得出升压变压器原线圈的电流，从而得出升压变压器的匝数之比结合输电线上的电压损失求出降压变压器的输入电压解答： 解：a、根据：，输电线上的电压：v，根据p=ui，输电线上的电流为：i2=10a故a错误；b、输电线损失的电压：u损=i2r=1010=100v，所以降压变压器的输入电压为u3=u2u损=10kv10v=9990v故b错误c、降压变压器的输入电压为：9990v输出为220v所以降压变压器的变压比为：故c错误；d、输电线上损失功率为：w，输电线上损失功率为输电功率的：100%=100%=1%故d正确故选：d点评： 解决本题的关键知道：1、变压器原副线圈的电压比、电流比与匝数比的关系；2、知道升压变压器的输出电压、电压损失、降压变压器的输入电压之间的关系4如图所示，光滑水平导轨，宽度不变，除定值电阻r外，导轨及金属棒ab的电阻均不计，在x0的区域内有一沿x轴均匀变化的磁场垂直穿过轨道平面，磁感应强度大小满足b=kx（常数k0），ab棒由原点o点开始，在外力f作用下沿x轴做匀速运动，下列关于ab棒流过的电流i及它所受外力f随x变化的图象，正确的是（） a b c d 考点： 导体切割磁感线时的感应电动势专题： 电磁感应与电路结合分析： 由e=blv求出感应电动势，由欧姆定律求出电流，应用安培力公式求出安培力，由平衡条件求出外力，然后分析图示图象答题解答： 解：a设匀速运动的速度为v，感应电动势：e=blv=klxv，感应电流：i=vx，故a错误；b、金属棒受到的安培力：f安培=bil=x2，金属棒匀速运动，处于平衡状态，由平衡条件得，外力：f=f安培=x2x2，故bd错误，c正确；故选：c点评： 本题考查了求感应电流、外力大小随x变化的关系，应用e=blv、安培力公式与平衡条件即可正确解题5物体做平抛运动，抛出时间为t1时水平位移大小为竖直位移大小的2倍，抛出时间为t2时水平位移和竖直位移大小相等则t1、t2时间内物体的水平位移x、竖直位移y、合位移s和瞬时速度v的关系，下面比例关系正确的是（） a x1：x2=1：2 b y1：y2=1：3 c v1：v2=： d s1：s2=：考点： 平抛运动专题： 平抛运动专题分析： 根据水平位移和竖直位移的关系求出运动的时间，根据运动学公式求出水平位移和竖直位移以及竖直分速度，从而得出瞬时速度的大小解答： 解：抛出时间为t1时水平位移大小为竖直位移大小的2倍，有：，解得，则水平位移，竖直位移，此时竖直分速度vy=gt=v0，根据平行四边形定则知，瞬时速度合位移，抛出时间为t2时水平位移和竖直位移大小相等，有：，解得，则水平位移，竖直位移，此时竖直分速度vy=gt2=2v0，根据平行四边形定则知，瞬时速度，合位移所以x1：x2=1：2，y1：y2=1：4，故a、c正确，b、d错误故选：ac点评： 解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式灵活求解，难度不大6如图所示，足够长的粗糙斜面体c置于水平面上，b置于斜面上，按住b不动，b通过细绳跨过光滑的定滑轮与a相连接，连接b的一段细绳与斜面平行，放手后b沿斜面加速上滑，c一直处于静止状态则在a落地前的过程中（） a a的重力势能的减少量等于b的机械能的增加量 b c一定受到水平面的摩擦力 c 水平面对c的支持力小于b、c的总重力 d a物体落地前的瞬间受到绳子拉力的功率与其重力的功率相等考点： 机械能守恒定律；功的计算；动能定理专题： 机械能守恒定律应用专题分析： 以a、b组成的系统为研究对象，应用能量守恒定律分析能量变化情况；根据物体的受力情况与运动情况分析c受到的摩擦力与支持力大小；根据物体运动状态与功率公式分析绳子拉力功率与重力功率的关系解答： 解：a、在a落地前，a、b一起加速运动，它们的速度大小相等，a重力势能的减少量转化为a、b的动能、a增加的重力势能、系统增加的内能，a重力势能的减少量大于b的机械能的增加量，故a错误；b、b沿斜面上滑，b受到的摩擦力沿斜面向下，b对c的摩擦力平行于斜面向上，b有向右的运动趋势，因此c受到水平向左的地面的摩擦力，故b正确；c、a、b加速运动，a、b系统处于失重状态，b对c的压力小于b的重力，b、c对于地面的压力小于b、c的总重力，因此水平面对c的支持力小于b、c的总重力，故c正确；d、a向下加速运动，绳子的拉小于a受到的重力，由p=fv可知，a物体落地前的瞬间受到绳子拉力的功率小于a重力的功率，故d错误；故选：bc点评： 本题考查了能量变化间的关系、判断物体间是否存在摩擦力、判断支持力与重力的关系、比较功率大小关系等问题，涉及的知识点较多；解决本题的关键能够正确地受力分析，掌握整体法和隔离法的运用7太阳系各行星几乎在同一平面内沿同一方向绕太阳做圆周运动，当地球恰好运行到某地行星和太阳之间，且三者几乎排成一条直线的现象，天文学中称为“行星冲日”，假定有两个地外行星a和b，地球公转周期t0=1年，公转轨道半径为r0a行星公转周期ta=2年，a行星公转轨道半径rb=4r0，则（） a 相邻两次a星冲日间隔为2年 b 相邻两次b星冲日间隔为8年 c 相邻两次a星冲日间隔比相邻两次b星冲日间隔时间长 d 相邻两次a、b两星冲日时间间隔为8年考点： 万有引力定律及其应用专题： 万有引力定律的应用专题分析： 行星围绕太阳做匀速圆周运动，根据开普勒第三定律，其轨道半径的三次方与周期t的平方的比值都相等求出b行行公转周期，如果时间是两个周期的最小公倍数，则两个行星都转动整数圈，两者一定共线解答： 解：a、a行星公转周期ta=2年，地球公转周期t0=1年，则当a星与地球处于同一直线上时，再经过2年，a行行又与地球在同一直线上，所以相邻两次a星冲日间隔为2年，故a正确；b、根据开普勒第三定律可知，=，解得：tb=8t0=8年，根据a的分析可知，相邻两次b星冲日间隔为8年，故b正确；c、根据ab得分析可知，c错误；d、若某个时刻a、b两星冲日，根据ab选项的分析可知，经过8年，a、b两星再次冲日，故d正确故选：abd点评： 本题关键是结合开普勒第三定律分析（也可以运用万有引力等于向心力列式推导出），找到两个行星的周期与地球周期的最小公倍数是关键，难度不大，属于基础题8如图所示，空间中存在一水平方向匀强电场和一水平方向匀强磁场，且电场方向和磁场方向相互垂直在电磁场正交的空间中有一足够长的固定粗糙绝缘杆，与电场正方向成60夹角且处于竖直平面内一质量为m，带电量为+q的小球套在绝缘杆上初始，给小球一沿杆向下的初速度v0，小球恰好做匀速运动，电量保持不变已知，磁感应强度大小为b，电场强度大小为e=，则以下说法正确的是（） a 小球的初速度为v0= b 若小球的初速度为，小球将做加速度不断增大的减速运动，最后停止 c 若小球的初速度为，小球将做加速度不断增大的减速运动，最后停止 d 若小球的初速度为，则运动中克服摩擦力做功为考点： 带电粒子在混合场中的运动专题： 带电粒子在复合场中的运动专题分析： 小球受重力、摩擦力（可能有）、弹力（可能有）、向右上方的洛伦兹力、向左的电场力，当受到的合外力等于0时，小球做匀速直线运动当小球受到的合外力不为0时，要判断出支持力的方向，明确支持力的大小随洛伦兹力的变化关系，然后做出判定解答： 解：a、对小球进行受力分析如图，电场力的大小：f=qe=，由于重力的方向竖直向下电场力的方向水平向右，二者垂直，合力：，由几何关系可知，重力与电场力的合力与杆的方向垂直，所以重力与电场力的合力不会对小球做功，而洛伦兹力的方向与速度的方向垂直，所以也不会对小球做功所以，当小球做匀速直线运动时，不可能存在摩擦力，没有摩擦力，说明小球与杆之间就没有支持力的作用，则洛伦兹力大小与重力、电场力的合力相等，方向相反所以qv0b=2mg所以v0=故a正确；b、若小球的初速度为，则洛伦兹力：f=qv0b=3mgfg+f，则在垂直于杆的方向上，小球还受到杆的垂直于杆向下的支持力，则摩擦力：f=fn小球将做减速运动；随速度的减小，洛伦兹力减小，则支持力逐渐减小，摩擦力减小，小球做加速度不断减小的减速运动，最后当速度减小到时，小球开始做匀速直线运动故b错误c、若小球的初速度为，则洛伦兹力：f=qv0b=mgfg+f，则在垂直于杆的方向上，小球还受到杆的垂直于杆向上的支持力，而摩擦力：f=fn小球将做减速运动；随速度的减小，洛伦兹力减小，则支持力逐渐增大，摩擦力逐渐增大，小球的加速度增大，所以小球将做加速度不断增大的减速运动，最后停止故c正确；d、若小球的初速度为，球将做加速度不断增大的减速运动，最后停止，运动中克服摩擦力做功等于小球的动能，所以w=故d错误故选：ac点评： 本题考查小球在混合场中的运动，解答的关键明确小球的受力情况，并能够结合受力的情况分析小球的运动情况，要知道小球何时做加速度减小的减速运动，何时做加速度增大的减速运动，当加速度减为零时，做匀速运动三、非选择题：包括必考题和选考题两部分第9题第12题为必考题，每个试题考生都必须作答第13题第18题为选考题，考生根据要求作答（一）必考题9某同学在“探究匀变速直线运动”实验中得到如图所示的纸带已知打点计时器电源频率为50hz，每隔4个点取一个计数点，各计数点到a点的距离如图所示，则由纸带可知（结果均保留三位有效数字）（1）c点的速度vc=0.872m/s；物体运动的加速度a=1.68m/s2考点： 探究小车速度随时间变化的规律专题： 实验题；直线运动规律专题分析： 根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上d点时小车的瞬时速度大小，根据匀变速直线运动的推论公式x=at2可以求出加速度的大小解答： 解：（1）因为每隔4个点取一个计数点，所以t=0.1s，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，vc=0.872m/s根据匀变速直线运动的推论公式x=at2可以求出加速度的大小，得：a=代入数据解得：a=1.68m/s2故答案为：（1）0.872；1.68点评： 要提高应用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用要注意单位的换算和有效数字的保留10一学习小组要用伏安法尽量准确地描绘一个标有“6v，1.5w”的小灯泡的iu图线，现有下列器材供选用：a学生电源（直流9v） b开关一个、导线若干c电压表（03v，内阻约10k） d电压表（06v，内阻约10k）e电压表（010v，内阻约30k） f电流表（00.3a，内阻约0.1）g电流表（00.6a，内阻约0.4） h电流表（03a，内阻约0.6）i滑动变阻器 j滑动变阻器（1）实验中需用到的仪器有abdfi（用字母序号表示）；在下面图1方框内画出实验电路图；（3）对应实验电路图将图2实物连线补充完整考点： 描绘小电珠的伏安特性曲线专题： 实验题；恒定电流专题分析： （1）根据灯泡额定电压选择电压表，根据灯泡额定电流选择电流表，为方便实验操作，在保证安全的前提下，选用最大阻值较小的滑动变阻器根据灯泡正常发光时的电阻与电表内阻的关系选择电流表的接法（3）根据原理图可得出对应的实物图解答： 解：（1）灯泡额定电压是6v，故电源应选择a，电压表选d；灯泡额定电流i=0.25a，则电流表选f；为方便实验操作，滑动变阻器应选择小电阻i另外还需要开关和导线若干；故选abdfi由于，则电流表采用外接法，由表中实验数据可知，电压与电流从零开始变化，则滑动变阻器应采用分压接法，电路图如图所示，根据电路图连接实物电路图，如图所示；（3）根据给出的原理图可得出对应的实物图如图所示；故答案为：（1）abdfi；如图所示；（3）如图所示；点评： 本题考查测量灯泡的伏安特性曲线的原理；要掌握实验器材的选取原则、确定滑动变阻器与电流表的接法是正确作出实验电路图的关键11汽车由静止开始在平直的公路上行驶，060s内汽车的加速度随时间变化的图线如图所示（1）画出汽车在060s内的vt图线；求在这60s内汽车行驶的路程考点： 匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系专题： 运动学中的图像专题分析： （1）物体在010s内做匀加速直线运动，在1040s内做匀速直线运动，在4060s内做匀减速直线运动，可知在10s末的速度最大，根据速度时间公式求出汽车的最大速度，作出汽车在060s内的速度时间图线；速度时间图线围成的面积表示位移，根据图线围成的面积求出汽车在60s内通过的路程解答： 解：（1）设t=10s，40s，60s时刻的速度分别为v1，v2，v3由图知010 s内汽车以加速度2 m/s2匀加速行驶，由运动学公式得v1=210m/s=20m/s由图知1040s内汽车匀速行驶，因此v2=20m/s由图知4060s内汽车以加速度1m/s2匀减速行驶，由运动学公式得v3=m/s=0汽车在060s内的vt图线，如图所示由vt图线可知，在这60s内汽车行驶的路程为s=20m=900m答：（1）汽车在060s内的vt图线，如图所示；在这60s内汽车行驶的路程为900m点评： 本题首先要根据加速度图象分析出汽车的运动情况，求出各段运动过程汽车的速度，即可画出速度图象，求解总路程时可以运用运动学公式分段求解，但是没有图象法求解快捷12一个质量为m，带电量为q（负电）的小球（可看成质点）从坐标原点o以沿x轴负方向的速度v0开始运动，在第一象限存在水平向右的匀强电场，场强大小e1=第二象限存在竖直向下的匀强电场，大小e2=，和垂直纸面向里的长方形有界磁场，磁感应强度为b（图中未画出），坐标原点o在磁场中，小球通过y轴上的m点进入第一象限恰好做减速直线运动（重力加速度g，电场区域足够大）o、m两点距离为l求：（1）v0=？长方形区域磁场的最小面积，（3）小球从坐标原点出发到速度减到零所需时间考点： 带电粒子在匀强电场中的运动专题： 带电粒子在电场中的运动专题分析： （1）由运动轨迹确定圆周运动的半径，由洛伦兹力提供向心力确定速度由圆的轨迹图确定临界值，确定面积（3）分过程求解出每段的时间，再求时间之和解答： 解：（1）设在m点速度与y轴夹角为在第一象限做直线运动，有tan=，=30在第二象限，mg=qe2，小球在磁场中做匀速圆周运动，t=几何关系可知，l=3r由以上得：如图所示长方形区域磁场面积最小，即长方形的长和宽均与圆相切s=r（r+=（3）在第二象限磁场中：出磁场后：在第一象限得 a=t=t1+t2+t3=答：（1）v0为长方形区域磁场的最小面积为，（3）小球从坐标原点出发到速度减到零所需时间点评： 对于带电粒子在复合场中运动的类型，根据小球的运动情况，分析其受力情况是解决本题的关键，考查综合运用牛顿第二定律和运动学公式处理复杂运动的能力(二）选考题，请考生从以下三个模块中任选一模块作答【物理-选修3-3】13下列的说法中正确的是（） a 热量能够自发地从高温物体传递到低温物体，也能自发地从低温物体传递到高温物体 b 把很多小的单晶体放在一起，就变成了非晶体 c 布朗运动是液体分子对悬浮固体颗粒的碰撞作用的不平衡造成的 d 第二类永动机虽然不违反能量守恒定律，但它是制造不出来的 e 气体压强本质上就是大量气体分子作用在器壁单位面积上的平均作用力考点： 热力学第二定律；*表面张力产生的原因分析： 根据热力学第二定律热现象有一定的方向性；把很多小的单晶体放在一起，可能仍然是单晶体；第二类永动机没有违反能量守恒定律，违反了热力学第二定律；布朗运动是悬浮在流体中的微粒受到流体分子与粒子的碰撞而发生的不停息的随机运动；气体压强从微观角度讲是大量气体分子对容器壁的持续碰撞造成的解答： 解：a、根据热力学第二定律热量能够自发地从高温物体传递到低温物体，不能自发地从低温物体传递到高温物体故a错误；b、把很多小的单晶体放在一起，可能仍然是单晶体，如食盐晶体；故b错误；c、布朗运动是悬浮在流体中的微粒受到流体分子与粒子的碰撞而发生的不停息的随机运动，是液体分子对悬浮固体颗粒的碰撞作用的不平衡造成的故c正确；d、第二类永动机没有违反能量守恒定律，违反了热力学第二定律，它是制造不出来的故d正确；e、气体压强从微观角度讲是大量气体分子对容器壁的持续碰撞造成的，是大量气体分子作用在器壁单位面积上的平均作用力故e正确故选：cde点评： 本题主要考查了热力学第二定律、单晶体与多晶体、布朗运动以及气体压强的微观解释等知识，知识点跨度大，题目较为简单，多加积累即可14如图所示，在竖直放置的圆柱形容器内用质量为m的活塞密封一部分气体，活塞与容器壁间能无摩擦滑动，容器的横截面积为s开始时气体的温度为t0，活塞与容器底的距离为h0将整个装置放在大气压恒为p0的空气中后，当气体从外界吸收热量q，活塞缓慢上升d后再次平衡求：外界空气的温度是多少？在此过程中密闭气体的内能增加了多少？考点： 理想气体的状态方程；热力学第一定律专题： 理想气体状态方程专题分析： 对于封闭的气体，发生了等压变化，由盖吕萨克定律可求出外界空气的温度活塞上升的过程，密闭气体克服大气压力和活塞的重力做功，根据势力学第一定律求得气体的内能增加量解答： 解：取密闭气体为研究对象，活塞上升过程为等压变化，由盖吕萨克定律得：解得：外界的空气温度为：活塞上升的过程，密闭气体克服大气压力和活塞的重力做功，所以外界对系统做的功 w=（mg+p0s）d根据势力学第一定律得密闭气体增加的内能u=q+w=q（mg+p0s）d答：外界空气的温度是； 在此过程中的密闭气体的内能增加了q（mg+p0s）d点评： 利用气体的三个定理解决气体的状态变化过程时，要注意寻找不变量同时要注意p这个参量，它是气体问题和力学知识的关联点还要注意结合热力学第一定律讨论气体的内能变化【物理-选修3-4】15空间存在两个完全相同的间距为6m的振源m、n，空间另有一点p，已知pmmn，且pm=8m，两振源形成的机械波在pmn所在的平面内传播某时刻两振源m、n同时振动，其振动图象如图乙所示，在4s时p点刚开始振动则下列说法正确的是（） a 波速为2m/s b 当两列波均传到p点时，p点的振动频率加倍 c 波长为2m d p点为振动加强点 e p点为振动减弱点考点： 波长、频率和波速的关系；横波的图象分析： 根据波传到p的时间和传播距离，由公式v=求波速由图读出周期，求出波长，根据路程差分析c点的振动强弱：若路程差等于半个波长的奇数倍时，振动减弱；相反，路程差等于半个波长的偶数倍时，振动加强解答： 解：a、已知pm=8m，波传到p点用时为 t=4s，则波速v=2m/s故a正确b、两列波的周期相同，频率相等，当两列波均传到p点时，p点的振动频率不变，故b错误cde、由图知：周期为t=1s，则波长为=vt=2mp点到m、n两点的路程差为s=pnpm=10m8m=2m=故p点振动加强，故cd正确，e错误故选：acd点评： 本题解题关键是要抓住在均匀介质中传播的同类波波速相同和路程差与波长的关系，判断振动加强还是减弱16一列横波在x轴上传播，a、b是x轴上相距sab=6m的两质点t=0时，b点正好到达最高点，且b点到x轴的距离为4cm，而此时a点恰好经过平衡位置向上运动，已知这列波的频率为25hz（1）求经过时间1s，a质点运动的路程；设a、b在x轴上的距离大于一个波长，求该横波的波速考点： 波长、频率和波速的关系专题： 振动图像与波动图像专题分析： （1）简谐运动1s内传播的路程等于振幅的四倍；b在最高点时，a在平衡位置且向上运动，故ab间距离为1.75、2.75、3.75、倍波长，求解出波长后根据v=f求解波速解答： 解：（1）质点a一个周期运动的路程等于4倍振幅，为：s0=0.16m 1s内的周期数是n=ft=251s内运动的路程s=ns0=4m波由a传向b，sab