甘肃省天水一中高二物理上学期期中试卷 理（含解析）.doc

甘肃省天水一中2014-2015学年高二上学期期中物理试卷（理科） 一、选择题（本大题共12小题，每小题4分，共48分，其中1、5、12为多选题，其余为单选题，选对得4分，漏选得2分，不选、错选得0分）1（4分）如图所示，a、b、c为同一条电场线上的三点，c为ab连线的中点，a、b两点的电势分别为a=5v，b=3v下列说法正确的是（）ac点的电势一定为4vba点的场强一定比b点场强大c电场线的方向一定向右d正点电荷从c点运动到b点电势能一定减少2（4分）如图所示，虚线a、b、c是电场中的三个等势面，相邻等势面间的电势差相同，实线为一个带正电的质点仅在电场力作用下，通过该区域的运动轨迹，p、q是轨迹上的两点下列说法中正确的是（）a三个等势面中，等势面a的电势最高b带电质点一定是从p点向q点运动c带电质点通过p点时的动能比通过q点时小d带电质点通过p点时的加速度比通过q点时小3（4分）如图所示，绝缘细线拴住一带负电的小球，在方向竖直向下的匀强电场中的竖直平面内做圆周运动则以下说法中正确的是（）a当小球运动到最高点a时，线的张力一定最小b当小球运动到最低点b时，小球的速度一定最大c小球可能做匀速圆周运动d小球不可能做匀速圆周运动4（4分）如图所示，在水平放置的光滑金属板中点的正上方有带正电的点电荷q，一表面绝缘带正电的金属球（可视为质点，且不影响原电场）自左以速度v0开始在金属板上向右运动，在运动过程中（）a小球先做减速运动后做加速运动b小球做匀速直线运动c小球做匀变速运动d以上说法都不正确5（4分）如图所示，平行板电容器的两个极板与水平地面成一角度，两极板与一直流电源相连若一带电粒子恰能沿图中所示水平直线通过电容器，则在此过程中，该粒子（）a所受重力与电场力平衡b电势能逐渐增加c动能逐渐增加d做匀变速直线运动6（4分）如图所示，平行板电容器经开关s与电池连接，a处有一电荷量非常小的点电荷，s是闭合的，a表示a点的电势，f表示点电荷受到的电场力现将电容器的b板向下稍微移动，使两板间的距离增大，则（）aa变大，f变大ba变大，f变小ca不变，f不变da不变，f变小7（4分）如图所示，在nacl溶液中，正、负电荷定向移动，其中na+水平向右移动若测得4s内分别有1.01018个na+和cl通过溶液内部的横截面m，那么溶液中的电流方向和大小为（）a水平向左 0.8ab水平向右 0.08ac水平向左 0.4ad水平向右 0.04a8（4分）如图所示电路中，当滑动变阻器r的滑动触头向下滑动时（）a灯泡l1、l2、l3均变亮b灯泡l1、l3变亮，l2变暗c灯泡l1、l2变亮，l3变暗d灯泡l1变亮，l2、l3变暗9（4分）两个定值电阻r1、r2串联后接在输出电压稳定的12v的直流电源上，有人把一个内阻不是远大于r1或r2的电压表接在r1两端，电压表的示数为8v，如果把此表改接在r2两端，则电压表的示数将（）a小于4 vb等于4 vc大于4 v，小于8 vd等于或大于8 v10（4分）直流电动机线圈电阻为r，当电动机工作时通过的电流为i，两端的电压为u，则其输出功率是（）aiubiu+i2rciui2rd11（4分）有一只电压表，它的内阻是100，量程为0.2v，现要改装成量程为10a的电流表，电压表上应（）a并联0.002的电阻b并联0.02的电阻c并联50的电阻d串联4 900的电阻12（4分）如图所示，粗糙程度均匀的绝缘斜面下方o点处有一正点电荷，带负电的小物体以初速度v1从m点沿斜面上滑，到达n点时速度为零，然后下滑回到m点，此时速度为v2（v2v1）若小物体电荷量保持不变，om=on，则（）a小物体上升的最大高度为b从n到m的过程中，小物体的电势能逐渐减小c从m到n的过程中，电场力对小物体先做负功后做正功d从n到m的过程中，小物体受到的摩擦力和电场力均是先增大后减小二、实验题（29）（共18分）13（9分）用伏安法测某电阻的阻值，用安培表的内接法测量时，两只电表的读数分别为3v、3ma；用安培表的外接法测量时，两只电表的读数分别为2.9v、4ma则在本次实验中：电路应选择安培表的（填“内”或“外”）接法，该电阻测量值为，比这个电阻的真实值（填“偏大”或“偏小”）14（9分）小灯泡灯丝的电阻随温度的升高而变大，某同学利用实验探究这一现象所提供的器材有：代号器 材 规 格a电流表（a1） 量程00.6a，内阻约0.125b电流表（a2） 量程03a，内阻约0.025c电压表（v1） 量程03v，内阻约3kd电压表（v2） 量程015v，内阻约15ke滑动变阻器（r1）总阻值约10f滑动变阻器（r2）总阻值约200g电池（e）电动势3.0v，内阻很小h导线若干，电键k该同学选择仪器，设计电路并进行实验，通过实验得到如下数据：i/a00.120.210.290.340.380.420.450.470.490.50u/v00.200.400.600.801.001.201.401.601.802.00（1）请你推测该同学选择的器材是：电流表为，电压表为，滑动变阻器为（以上均填写器材代号）（2）请你推测该同学设计的实验电路图并画在图甲的方框中（3）请在图乙的坐标系中画出小灯泡的iu曲线（4）若将该小灯泡直接接在电动势是1.5v，内阻是2.0的电池两端，小灯泡的实际功率为w三、计算解答题（解答应写出必要的文字说明、方程式和图画）15（10分）如图r1=14，r2=9当开关处于位置a，电流表示数i1=0.2a，当开关处于位置b时，电流表示数i2=0.3a求电源的电动势e和内电阻r（电流表为理想电表）16（12分）如图所示，一个电子以速度v0=6.0106m/s和仰角=45从带电平行板电容器的下板边缘向上板飞行两板间场强e=2.0104v/m，方向自下向上若板间距离d=2.0102m，板长l=10cm，问此电子能否从下板射至上板？它将击中极板的什么地方？（电子的m=9.11031kg）17（12分）如图所示，现在有一个小物块，质量为m=80g，带正电荷q=2104c，放在水平轨道上m点，物块与水平轨道之间的滑动摩擦系数=0.2，轨道处在一个水平向左的匀强电场中，e=103v/m，在水平轨道的末端n处，连接一个光滑的半圆形轨道，半径为r=40cm，取g=10m/s2，求：（1）要使小物块能够运动到轨道的最高点l，那么m、n间的距离s至少多大？（2）如果在（1）题的位置释放小物块，当它运动到p（轨道中点）点时对轨道的压力等于多少？甘肃省天水一中2014-2015学年高二上学期期中物理试卷（理科）参考答案与试题解析一、选择题（本大题共12小题，每小题4分，共48分，其中1、5、12为多选题，其余为单选题，选对得4分，漏选得2分，不选、错选得0分）1（4分）如图所示，a、b、c为同一条电场线上的三点，c为ab连线的中点，a、b两点的电势分别为a=5v，b=3v下列说法正确的是（）ac点的电势一定为4vba点的场强一定比b点场强大c电场线的方向一定向右d正点电荷从c点运动到b点电势能一定减少考点：电场线；电场强度；电势 专题：电场力与电势的性质专题分析：只有当该电场是匀强电场时，在c点处的电势一定为4v电场线是从电势高处指向电势低处，电场线的疏密可以判断场强的大小正电荷受到的电场力方向与场强方向相同根据推论：正电荷在电势高处电势能大，分析正电荷从c点运动到b点电势能如何变化解答：解：a、当该电场是匀强电场时，由于沿电场方向相同距离电势差相等，则在c点处的电势一定为4v当该电场不是匀强电场时，在c点处的电势不一定为4v故a错误b、一条电场线无法比较电场线的疏密，就无法比较场强的大小，则a点处的场强ea不一定大于b点处的场强eb故b错误c、由于a的电势高于b点的电势，所以电场线方向一定从a指向b，向右，故c正确d、a点的电势高于b点的电势，根据正电荷在电势高处电势能大可知，正电荷从c点运动到b点电势能一定减少故d正确故选cd点评：本题关键抓住电场线的物理意义：电场线的疏密表示电场的强弱，电场线的方向表示电势的高低2（4分）如图所示，虚线a、b、c是电场中的三个等势面，相邻等势面间的电势差相同，实线为一个带正电的质点仅在电场力作用下，通过该区域的运动轨迹，p、q是轨迹上的两点下列说法中正确的是（）a三个等势面中，等势面a的电势最高b带电质点一定是从p点向q点运动c带电质点通过p点时的动能比通过q点时小d带电质点通过p点时的加速度比通过q点时小考点：等势面；牛顿第二定律；电场强度；电势 专题：电场力与电势的性质专题分析：由于质点只受电场力作用，根据运动轨迹可知电场力指向运动轨迹的内侧即斜向右下方，由于质点带正电，因此电场线方向也指向右下方；电势能变化可以通过电场力做功情况判断；电场线和等势线垂直，且等势线密的地方电场线密，电场场强大解答：解：a、电荷所受电场力指向轨迹内侧，由于电荷带正电，因此电场线指向右下方，沿电场线电势降低，故c等势线的电势最高，a等势线的电势最低，故a错误； b、带电质点可以由p到q，也可以由q到p，由图示条件不能具体确定故b错误 c、从p到q过程中电场力做正功，电势能降低，动能增大，故p点的动能小于q点的动能，故c正确 d、等势线密的地方电场线密，电场场强大，则p点场强大于q点场强则p点的加速大，故d错误故选：c点评：解决这类带电粒子在电场中运动的思路是：根据运动轨迹判断出所受电场力方向，然后进一步判断电势、电场、电势能、动能等物理量的变化3（4分）如图所示，绝缘细线拴住一带负电的小球，在方向竖直向下的匀强电场中的竖直平面内做圆周运动则以下说法中正确的是（）a当小球运动到最高点a时，线的张力一定最小b当小球运动到最低点b时，小球的速度一定最大c小球可能做匀速圆周运动d小球不可能做匀速圆周运动考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系 专题：电场力与电势的性质专题分析：分析小球所受重力与电场力的大小关系：当重力大于电场力时，小球运动到最高点a时，线的张力一定最小，到达最低点b时，小球的速度最大；当重力等于电场力时，小球做匀速圆周运动当重力小于电场力时，小球运动到最高点a时，线的张力一定最大，到达最低点b时，小球的速度最小解答：解：小球在电场中受到重力和向上的电场力；当重力大于电场力时，小球运动到最高点a时，线的张力一定最小，到达最低点b时，小球的速度最大；当重力等于电场力时，小球做匀速圆周运动，速度大小不变；当重力小于电场力时，小球运动到最高点a时，线的张力一定最大，到达最低点b时，小球的速度最小；故abd错误，c正确故选：c点评：本题中题设条件不明，要考虑各种可能的情况进行讨论，分三种情况分析小球的受力情况和运动情况4（4分）如图所示，在水平放置的光滑金属板中点的正上方有带正电的点电荷q，一表面绝缘带正电的金属球（可视为质点，且不影响原电场）自左以速度v0开始在金属板上向右运动，在运动过程中（）a小球先做减速运动后做加速运动b小球做匀速直线运动c小球做匀变速运动d以上说法都不正确考点：静电场中的导体 专题：电场力与电势的性质专题分析：金属板在q的电场中产生静电感应现象，达到静电平衡时，金属板是一个等势体，表面是一个等势面，表面的电场线与表面垂直分析小球的受力情况，可确定其运动情况，解答：解：金属板在q的电场中达到静电平衡时，金属板是一个等势体，表面是一个等势面，表面的电场线与表面垂直，小球所受电场力与金属板表面垂直，在金属板上向右运动的过程中，电场力方向与位移方向垂直，对小球不做功，根据动能定理得知，小球的动能不变，速度不变，所以小球做匀速直线运动故选：b点评：本题关键抓住静电平衡导体的特点：整体导体是一个等势体，表面是一个等势面，知道电场线与等势面垂直，并能运用这些知识来分析实际问题5（4分）如图所示，平行板电容器的两个极板与水平地面成一角度，两极板与一直流电源相连若一带电粒子恰能沿图中所示水平直线通过电容器，则在此过程中，该粒子（）a所受重力与电场力平衡b电势能逐渐增加c动能逐渐增加d做匀变速直线运动考点：带电粒子在匀强电场中的运动 专题：带电粒子在电场中的运动专题分析：带电粒子在场中受到电场力与重力，根据粒子的运动轨迹，结合运动的分析，可知电场力垂直极板向上，从而可确定粒子的运动的性质，及根据电场力做功来确定电势能如何变化解答：解：a、根据题意可知，粒子做直线运动，则电场力与重力的合力与速度方向反向，粒子做匀减速直线运动，因此a错误，d正确；b、由a选项分析可知，电场力做负功，则电势能增加，故b正确；c、因电场力做负功，则电势能增加，导致动能减小，故c错误；故选：bd点评：考查根据运动情况来确定受力情况，并由电场力做功来确定电势能如何，以及动能的变化6（4分）如图所示，平行板电容器经开关s与电池连接，a处有一电荷量非常小的点电荷，s是闭合的，a表示a点的电势， f表示点电荷受到的电场力现将电容器的b板向下稍微移动，使两板间的距离增大，则（）aa变大，f变大ba变大，f变小ca不变，f不变da不变，f变小考点：电容器的动态分析 专题：电容器专题分析：要求a点的电势如何变化，首先要确定电势为0的位置即零电势点，由于电容与电源相连故两极板之间的电压不变，而两极板之间的距离增大，故两极板之间的电场强度减小，所以aa之间的电势差减小，所以ab之间的电压增大由于两极板之间的场强减小故试探电荷所受的电场力减小解答：解：由于开关s闭合，且电容器两极板始终与电源的两极相连，故电容器两极板之间的电压uab保持不变随b极板下移两极板之间的距离增大，根据e=可知两极板之间的电场强度e减小，由于uaa=ehaa，由于电场强度e减小，故uaa减小，由于uab=uaa+uab，所以uab增大，由题图可知电源的负极接地，故b极板接地，所以b板的电势为0即b=0，又uab=ab，所以a=uab增大而点电荷在a点所受的电场力f=qe，由于e减小，所以电场力f减小故b正确故选：b点评：本题难度较大，涉及知识面大，需要认真分析方法是：先找不变量（uab），再找容易确定的物理量（e和uaa），最后求出难以确定的量（确定uab不能用uab=ehab，因为e和hab一个变大另一个变小）7（4分）如图所示，在nacl溶液中，正、负电荷定向移动，其中na+水平向右移动若测得4s内分别有1.01018个na+和cl通过溶液内部的横截面m，那么溶液中的电流方向和大小为（）a水平向左 0.8ab水平向右 0.08ac水平向左 0.4ad水平向右 0.04a考点：电流、电压概念 专题：恒定电流专题分析：由离子的带电量可求得通过截面的总电量，总电量等于正离子与负离子电量绝对值之和，再由电流的定义可求得电流强度的大小电流方向与正离子定向移动的方向相同解答：解：由题意可知，4s内流过截面上的电量 q=1.010181.61019+1.010181.61019=0.32c；则电流强度i=a=0.08a；na+水平向右移动，所以电流方向向右故选：b点评：本题考查电流强度的定义，要注意明确当同时有正负电荷通过时，电量为正负电荷电荷量绝对值的和8（4分）如图所示电路中，当滑动变阻器r的滑动触头向下滑动时（）a灯泡l1、l2、l3均变亮b灯泡l1、l3变亮，l2变暗c灯泡l1、l2变亮，l3变暗d灯泡l1变亮，l2、l3变暗考点：闭合电路的欧姆定律 专题：恒定电流专题分析：小灯泡l3与变阻器串联后与l2并联，再与l1串联；当滑动变阻器r的滑动触头向下滑动时，r接入电路的电阻减小，并联电路的总电阻减小，根据欧姆定律分析电路中电流和路端电压的变化，即可判断l1亮度的变化根据并联电路电压的变化，分析l2亮度的变化分析l1、l2电流的变化情况，可判断出通过l3电流的变化，得到其亮度的变化解答：解：当滑动变阻器的滑动触头向下滑动时，接入电路的电阻减小，并联电路的总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律得知，干路电流增大，路端电压减小，则知灯泡l1变亮并联部分分担的电压减小，则l2变暗通过l1的电流增大，通过l2电流减小，则通过l3电流增大，则l3变亮故b正确故选b点评：本题是电路的动态变化分析问题，首先要搞清电路的结构，再按照“局部整体局部”的思路进行分析9（4分）两个定值电阻r1、r2串联后接在输出电压稳定的12v的直流电源上，有人把一个内阻不是远大于r1或r2的电压表接在r1两端，电压表的示数为8v，如果把此表改接在r2两端，则电压表的示数将（）a小于4 vb等于4 vc大于4 v，小于8 vd等于或大于8 v考点：串联电路和并联电路 专题：恒定电流专题分析：本题的关键是明确串并联电路规律及其灵活运用，明确并联电阻小于任一支路的电阻以及电压分配与电阻成正比解答：解：将电压表与电阻r1并联时，电压表的读数为8v，则电阻两端的电压为4v，若将电压表与电阻r2并联，则其并联的总电阻小于r2，根据串联电阻的电压分配可知，电压表的读数将小于4v，所以a正确，bcd错误故选：a点评：熟记并联电阻小于任一支路的电阻以及电压分配与电阻成正比的结论；明确电压表读数造成的误差来源10（4分）直流电动机线圈电阻为r，当电动机工作时通过的电流为i，两端的电压为u，则其输出功率是（）aiubiu+i2rciui2rd考点：电功、电功率 专题：恒定电流专题分析：在计算电功率的公式中，总功率用p=iu来计算，发热的功率用p热=i2r来计算，如果是计算纯电阻的功率，这两个公式的计算结果是一样的，但对于电动机等非纯电阻，第一个计算的是总功率，第二个只是计算发热的功率，这两个的计算结果是不一样的解答：解：直流电动机线圈电阻为r，当电动机工作时通过的电流为i，两端的电压为u；总功率为：p=ui发热功率为：p热=i2r根据能量守恒定律，其输出功率是：p出=pp热=uii2r故选：c点评：对于电功率的计算，一定要分析清楚是不是纯电阻电路，对于非纯电阻电路，总功率和发热功率的计算公式是不一样的11（4分）有一只电压表，它的内阻是100，量程为0.2v，现要改装成量程为10a的电流表，电压表上应（）a并联0.002的电阻b并联0.02的电阻c并联50的电阻d串联4 900的电阻考点：把电流表改装成电压表 专题：实验题分析：把电表改装成电流表应并联一个分流电阻，应用并联电路特点与欧姆定律可以求出并联电阻阻值解答：解：电表的满偏电流为：ig=0.002a，把它改装成量程为10a的电流表需要并联一个分流电阻，并联电阻阻值为：r=0.02；故选：b点评：本题考查了电流表的改装，把电表改装成电流表应并联一个分流电阻，知道电流表的改装原理、应用并联电路特点与欧姆定律即可正确解题12（4分）如图所示，粗糙程度均匀的绝缘斜面下方o点处有一正点电荷，带负电的小物体以初速度v1从m点沿斜面上滑，到达n点时速度为零，然后下滑回到m点，此时速度为v2（v2v1）若小物体电荷量保持不变，om=on，则（）a小物体上升的最大高度为b从n到m的过程中，小物体的电势能逐渐减小c从m到n的过程中，电场力对小物体先做负功后做正功d从n到m的过程中，小物体受到的摩擦力和电场力均是先增大后减小考点：动能定理的应用；库仑定律；电势能 专题：压轴题分析：根据电场力做功的特点可求得电场力做功的大小，由动能定理可分别列出上滑及下滑过程中的表达式，联立即可解得最大高度；由电场力做功与电势能关系要得出电势能的变化及电场力做功的特点；分析小球运动中压力的变化，由滑动摩擦力的计算公式可分析摩擦力的变化解答：解：设斜面倾角为、上升过程沿斜面运动的最大距离为l因为om=on，则mn两点电势相等，小物体从m到n、从n到m电场力做功均为0上滑和下滑经过同一个位置时，垂直斜面方向上电场力的分力相等，则经过相等的一小段位移在上滑和下滑过程中电场力分力对应的摩擦力所作的功均为相等的负功，所以上滑和下滑过程克服电场力产生的摩擦力所作的功相等、并设为w1在上滑和下滑过程，对小物体，摩擦力做功相等，则应用动能定理分别有：mgsinlwfw1=和mgsinlwfw1=，上两式相减可得h=sinl=，a正确；由om=on，可知电场力对小物体先作正功后作负功，电势能先减小后增大，bc错；从n到m的过程中，小物体受到的电场力垂直斜面的分力先增大后减小，而重力分力不变，则摩擦力先增大后减小，在此过程中小物体到o的距离先减小后增大，根据库仑定律可知小物体受到的电场力先增大后减小，d对故选ad点评：本题考查动能定理的应用、摩擦力及电场力做功的特点，涉及能量变化的题目一般都要优先考虑动能定理的应用，并要求学生能明确几种特殊力做功的特点，如摩擦力、电场力、洛仑兹力等二、实验题（29）（共18分）13（9分）用伏安法测某电阻的阻值，用安培表的内接法测量时，两只电表的读数分别为3v、3ma；用安培表的外接法测量时，两只电表的读数分别为2.9v、4ma则在本次实验中：电路应选择安培表的内（填“内”或“外”）接法，该电阻测量值为1000，比这个电阻的真实值偏大（填“偏大”或“偏小”）考点：伏安法测电阻 专题：恒定电流专题分析：（1）电流表外接法，由于电压表的分流作用，使电流表测的电流大于流过电阻的电流，由r=知测量值小于真实值；待测电阻越小，电压表的分流作用越小，电流表测的电流越接近流过电阻的真实值，实验误差越小（2）电流表内接法，由于电流表的分压作用，使电压表测的电压大于待测电阻两端的电压，由r=知测量值大于真实值；待测电阻阻值越大，电流表分压影响越小，电压表的测量值越接近真实值，实验误差越小解答：解：电流表内接法，由于电流表的分压作用产生误差，两表读数分别为3v、3ma；电流表外接法，两表读数为2.9v、4ma，由于电压表的分流作用产生误差两种接法对比发现电流表读数相差很大，电压表相差很小，说明电压表的分流作用影响较大为了使测出的电阻值误差较小，此电路是电流表内接法，根据欧姆定律r=1000，由于电流表分压而使电压测量值偏大，则电阻测量值偏大故答案为：内、1000、偏大点评：图是电流表外接法，测量值是电阻r与电压表并联的阻值，偏小14（9分）小灯泡灯丝的电阻随温度的升高而变大，某同学利用实验探究这一现象所提供的器材有：代号器 材 规 格a电流表（a1） 量程00.6a，内阻约0.125b电流表（a2） 量程03a，内阻约0.025c电压表（v1） 量程03v，内阻约3kd电压表（v2） 量程015v，内阻约15ke滑动变阻器（r1）总阻值约10f滑动变阻器（r2）总阻值约200g电池（e）电动势3.0v，内阻很小h导线若干，电键k该同学选择仪器，设计电路并进行实验，通过实验得到如下数据：i/a00.120.210.290.340.380.420.450.470.490.50u/v00.200.400.600.801.001.201.401.601.802.00（1）请你推测该同学选择的器材是：电流表为a，电压表为c，滑动变阻器为e（以上均填写器材代号）（2）请你推测该同学设计的实验电路图并画在图甲的方框中（3）请在图乙的坐标系中画出小灯泡的iu曲线（4）若将该小灯泡直接接在电动势是1.5v，内阻是2.0的电池两端，小灯泡的实际功率为0.28w考点：测定金属的电阻率 专题：实验题分析：（1）根据实验数据选择实验器材（2）为测量多组实验数据，滑动变阻器应采用分压接法，灯泡电阻较小，远小于电压表内阻，电流表应采用外接法，据此作出实验电路图（3）根据表中实验数据，应用描点法作图，作出小灯泡的伏安特性曲线（4）在小灯泡的伏安特性曲线上作出电源路端电压与电路电流关系图象，找出该图象与灯泡伏安特性曲线交点所对应的电压与电流值，由p=ui求出灯泡的实际功率解答：解：（1）由表中实验数据可知，电流最大测量值为0.5a，则电流表应选a；电压最大测量值为2v，电压表应选c；为方便实验操作滑动变阻器应选择e（2）由表中实验数据可知，电压与电流从零开始变化，滑动变阻器应采用分压接法；灯泡最大阻值约为：r灯=4，电流表内阻约为0.125，电压表内阻约为3k，电压表内阻远大于灯泡电阻，电流表应选择外接法；电路图如图所示（2）根据表中实验数据在坐标系内描出对应点，然后根据坐标系内描出的点作出图象如图所示：（3）在灯泡的ui图象坐标系内作出电源的ui图象如图所示，它与小灯泡的伏安特性曲线的交点坐标就是小灯泡的工作点，由图象可知，小灯泡的实际电流为0.34a（0.330.35a均正确），电压为0.81a，（0.800.82v均正确），功率p=iu=0.340.81=0.28w故答案为：（1）a，c，e；（2）电路图如图所示；（3）图象如图所示；（4）0.28点评：本题考查了实验电路的设计，设计实验电路是实验常考问题，设计实验电路的关键是根据题目要求确定滑动变阻器采用分压接法还是采用限流接法，根据待测电路元件电阻大小与电表内阻间的关系确定电流表采用内接法还是外接法三、计算解答题（解答应写出必要的文字说明、方程式和图画）15（10分）如图r1=14，r2=9当开关处于位置a，电流表示数i1=0.2a，当开关处于位置b时，电流表示数i2=0.3a求电源的电动势e和内电阻r（电流表为理想电表）考点：闭合电路的欧姆定律 专题：恒定电流专题分析：根据闭合电路欧姆定律分别列出开关处于位置1和2时的电流表达式，联立组成方程组求解电源的电动势e和内电阻r解答：解：根据闭合电路欧姆定律得 e=i1（r1+r） e=i2（r2+r）联立组成方程组得，r=代入解得，r=1将r=1代入得，e=3v答：电源的电动势e=3v，内电阻r=1点评：本题提供了测量电源的电动势和内阻和方法，可以用电阻箱代替两个定值电阻16（12分）如图所示，一个电子以速度v0=6.0106