重庆32中高二物理上学期期中试题（含解析）.doc

重庆市第32中学校2014-2015学年度上期半期考试物理试卷注意事项：1答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息2请将答案正确填写在答题卡上第i卷（选择题，共40分）评卷人得分一、选择题（共10小题，每小题5分，共50分）1关于电场线，下列说法中正确的是（ ）a.电场线是电场中实际存在的一些曲线b.匀强电场的电场线是一组相互平行等间距的直线c.两条电场线在电场中可以交于一点d.电势降落的方向就是电场线的方向2关于静电场，下列结论普遍成立的是( )a电场中任意两点之间的电势差只与这两点的场强有关b电场强度大的地方电势不一定高，电场强度小的地方电势不一定低c将一正点电荷从等量同种电荷的连线中点处移到无穷远处，电场力做功为零d在正点电荷或负点电荷产生的静电场中，场强方向都指向电势降低最快的方向3一正电荷从电场中a点由静止释放，只受电场力作用，沿电场线运动到b点，它运动的速度时间图象如图所示，则a、b所在区域的电场线分布情况可能是图中的（ ） 4如下图所示，将带正电的甲球放在不带电的乙球左侧，两球在空间形成了稳定的静电场，实线为电场线，虚线为等势线a、b两点与两球球心连线位于同一直线上，c、d两点关于直线ab对称，则( )a.a点和b点的电势相同b.c点和d点的电场强度相同c.正电荷从a点移至b点，电场力做的总功为正功d.负电荷从c点移至d点，电势能增大5如图所示，虚线a、b、c代表电场中的三个等势面，相邻等势面之间的电势差相等，即uabubc，实线为一带正电的质点仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，p、q是这条轨迹上的两点据此可知（)a三个等势面中，c的电势最高 b带电质点通过p点时的电势能较q点大c带电质点通过p点时的动能较q点大 d带电质点通过p点时的加速度较q点大6两个较大的平行板a、b相距为d，分别接在电压为u的电源正负极上，开关s闭合时质量为m，带电量为-q的油滴恰好静止在两板之间，如图所示，在保持其他条件不变的情况下，将两板非常缓慢地水平错开一些，以下说法正确的是（）a油滴将向上运动，电流计中的电流从b流向ab油滴将下运动，电流计中的电流从a流向bc油滴静止不动，电流计中的电流从a流向bd油滴静止不动，电流计中无电流流过7如图所示，有三个电阻，已知rl：r2：r3=1：3：6，则电路工作时，电压ul：u2为（ ）a.1：6 b.1：9 c.1：3 d.1：28如图所示电路中，当滑动变阻器r3的滑片p向上端a滑动时，电流表a1、a2及电压表v的示数的变化情况是（ ）a电流表a1增大，a2减小，电压表v减小b电流表a1减小，a2增大，电压表v减小c电流表a1增大，a2增大，电压表v增大d电流表a1减小，a2减小，电压表v增大9如图所示，a和b为竖直放置的平行金属板，在两极板间用绝缘线悬挂一带电小球。开始时开关s闭合且滑动变阻器的滑动头p在a处，此时绝缘线向右偏离竖直方向。（电源的内阻不能忽略）下列判断正确的是a小球带负电b当滑动头从a向b滑动时，细线的偏角变大c当滑动头从a向b滑动时，电流表中有电流，方向从上向下d当滑动头从a向b滑动时，电源的总功率一定变小.10如图所示电路中，已知电源的内阻rr2，电阻r1的阻值小于滑动变阻器r0的最大阻值。闭合电键s，当滑动变阻器的滑臂p由变阻器的中点向左滑动的过程中，下列说法中正确的有（ ）a2a1v2v1pr1r0r2 r saa1的示数不断减小，a2的示数不断减小， bv1的示数先变小后变大，v2的示数先变大后变小。c电源内部的热功率先变大后变小d电源的输出功率先变小后变大第ii卷（非选择题，共60分）评卷人得分二、实验题（共2个小题，每空2分，共18分）第1页（共4页）11（6分）在测定金属丝电阻率的实验中，需要测出其长度l直径d和电阻r用螺旋测微器测金属丝直径时读数如下图，则长度为_mm金属丝的直径为_ mm若用下图中测金属丝的电阻，则测量结果将比真实值_（“偏大”，“偏小”）12一实验小组准备探究元件q的伏安特性曲线，他们设计了如图所示的电路图请回答下列问题：(1)请将图中的实物连线按电路图补充完整(2)考虑电表内阻的影响，该元件电阻的测量值 _(选填“大于”、“等于”或“小于”) 真实值(3)在电路图中闭合开关s，电流表、电压表均有示数，但无论怎样移动变阻器滑动片，总不能使电压表的示数调为零原因可能是图中的 (选填a、b、c、d、e、f)处接触不良(4)实验测得表格中的7组数据请在坐标纸上作出该元件的i-u图线 序号 电压/v 电流/a 1 0.00 0.00 2 0.40 0.02 3 0.80 0.05 4 1.20 0.12 5 1.60 0.20 6 2.00 0.3l 7 2.40 0.44 (5)为了求元件q在i-u图线上某点的电阻，甲同学利用该点的坐标i、u，由r=求得乙同学作出该点的切线，求出切线的斜率k，由r=求得其中 (选填“甲”、“乙”)同学的方法正确评卷人得分三、计算题（共3个小题，其中13题12分，14题12分，15题18分）13（12分）两平行金属板a、b水平放置，两板间距cm，板长cm，一个质量为kg的带电微粒，以m/s的水平初速度从两板间正中央射入，如图所示，取m/s2。（1）当两板间电压时，微粒恰好不发生偏转，求微粒的电量和电性。（2）要使微粒不打到金属板上，求两板间的电压的取值范围？14如图所示，已知电源电动势e=20v，内阻r=l，当接入固定电阻r=3时，电路中标有“3v,6w”的灯泡l和内阻rd=1的小型直流电动机d都恰能正常工作.试求：（1）电路中的电流大小； （2）电动机的输出功率15（12分）.如图所示，电路两端电压u恒为28v，电灯上标有“6v，12w”字样，直流电动机线圈电阻r=2.若电灯恰能正常发光，求：(1)流过电灯的电流是多大？(2)电动机两端的电压是多大？(3)电动机输出的机械功率是多少。参考答案1b【解析】试题分析：电场线是人们为了形象地描述电场而引入的线；电场线的切线方向即为场强的方向，故任意两条电场线都不会相交；电场线的疏密代表电场的强弱解：a、电场线是人们为了形象地描述电场而引入的线，它不是真实存在的曲线；故a错误；b、由于电场线的疏密程度反映电场的强弱，所以匀强电场的电场线疏密程度相同，即是一组相互平行等间距的直线，故b正确；c、电场线的切线方向即为场强的方向，所以两条电场线在电场中不可以交于一点故c错误；d、据电场线的分布知，沿电场线的方向电势越来越低，但电势降落的方向并不一定是电场线的方向，应是电势降落最快的方向是电场线的方向，d错误故选：b点评：记住电场线的特点即可顺利解出此题，故要在理解的基础上牢记基本概念2 bd【解析】试题分析：根据电场强度与电势差的关系ued可知，电场中两点之间的电势差与这两点的场强和它们在电场方向上的距离有关，故选项a错误；电场强度大的地方电势降落快，但与电势的高低无关，故选项b正确；在等量同种电荷的连线中点处电场强度为零，但电势不为零，无穷远处电势为零，因此将一正点电荷从等量同种电荷的连线中点处移到无穷远处，电场力做功为零不为零，故选项c错误；电场强度的方向为电势降落最快的方向，故选项d正确。考点：本题主要考查了对电场强度、电势、电势差以及它们间关系的理解问题。3d【解析】试题分析：vt图象中的斜率表示物体的加速度，所以根据电荷运动过程中vt图象可知电荷的加速度越来越大，则电场力越来越大，电场强度越来越大，根据电场线与电场强度的关系可得出正确结果解：由vt图象可知，粒子做加速度逐渐增大的加速运动，因此该电荷所受电场力越来越大，电场强度越来越大，电场线密的地方电场强度大，且正电荷受力与电场方向相同，故abc错误，d正确故选：d点评：本题结合vt图象，考查了电场强度与电场线以及电荷受电场力与电场方向之间的关系，考点结合巧妙、新颖，有创新性4c【解析】由题图可知，acdb，选项a错；c点和d点的电场强度大小相等，但方向不相同，选项b错；由wabquab可知，正电荷从a点移至b点，电场力做正功，选项c对；负电荷从c点移至d点，电场力不做功，电势能不变，选项d错5abd【解析】试题分析：电荷所受电场力指向轨迹内侧，由于电荷带正电，因此电场线指向右下方，沿电场线电势降低，故c等势线的电势最高，a等势线的电势最低，故a正确；根据质点受力情况可知，从p到q过程中电场力做正功，电势能降低，故p点的电势能大于q点的电势能，故b正确；从p到q过程中电场力做正功，电势能降低，动能增大，故p点的动能小于q点的动能，故c错误；等势线密的地方电场线密场强大，故p点位置电场强，电场力大，根据牛顿第二定律，加速度也大，故d正确，故选abd考点：等势线；电势及电势能.6c【解析】试题分析：将两板缓慢地错开一些，两板正对面积减小，根据电容的决定式得知，电容减小，而电压不变，则由知，电容器带电量减小，电容器处于放电状态，电路中产生顺时针方向的电流，则电流计中有的电流由于电容器板间电压和距离不变，则由，知板间场强不变，油滴所受电场力不变，仍处于静止状态故c正确考点：考查了电容器的动态分析7d【解析】试题分析：根据串并联电路特点求出电阻关系，然后再由串并联电路特点及欧姆定律求出电压关系解：设rl=r，由于rl：r2：r3=1：3：6，则r2=3r，r3=6r，r并=2r，通过串联电路的电流i相等，则ul：u2=irl：ir并=1：2；故选d点评：熟练应用串并联电路特点i欧姆定律即可正确解题，本题难度不大，是一道基础题8b【解析】试题分析：当滑动变阻器的滑片p向上端a滑动时，变阻器有效电阻减小，外电路总电阻减小，由闭合电路欧姆定律得知：干路电流i增大，增大电压表v读数，i增大，u减小，则电流表减小故选b考点：考查了电路的动态变化9c【解析】试题分析：由图，a板带正电，b带负电，电容器内电场方向水平向右细线向右偏，电场力向右，则小球带正电，故a错误。滑动头向右移动时，r变小，外电路总电阻变小，总电流变大，路端电压变小，电容器电压变小，细线偏角变小，故b错误滑动头向右移动时，电容器电压变小，电容器放电，因a板带正电，则流过电流表的电流方向向下，故c正确在滑片由a向b滑动时，滑动变阻器接入电阻减小；总电阻减小，总电流增大，则可知，总功率增大，故d错误。考点：考查了含电容电路10d【解析】试题分析：由题可知电阻r1的阻值小于滑动变阻器r0的最大阻值，当滑动变阻器的滑片p变阻器的中点向左滑动的过程中，变阻器左侧电阻与r1串联后与变阻器右侧并联的总电阻先变大后变小，根据闭合电路欧姆定律得知，电路中电流先变小后变大，电源的内电压也变小后变大，则路端电压先变大后变小，所以v1的示数先变大后变小v2测量r2两端的电压，r2不变，则v2的示数先变小后变大并联电压u并=u1-u2，先变大后变小，电阻r1所在支路电阻r1支路逐渐减小，所以电流i1增大，电流表a2示数增大；i2=i-i1，电流表a1示数变小，故ab错误电源内部的热功率p=i2r，因为电流i先变小后变大，所以电源内部的热功率，先变小后变大，故c错误因为rr2，所以外电阻总是大于内电阻的，当滑动变阻器的滑片p变阻器的中点向左滑动的过程中，变阻器左侧电阻与r1串联后与变阻器右侧并联的总电阻先变大后变小，所以电源的输出功率先变小后变大，故d正确考点：欧姆定律的应用及电路的动态分析。11100.15 ； 0.698； 偏小；【解析】试题分析：由图可知，游标卡尺是20分度，根据其读数规则可知金属丝的长度为，根据螺旋测微器的计数规则可知金属丝的直径；电路设计采用电流表外接法，使得电流表所测电流值大于真实值，所以测量结果比真实值偏小；考点：实验“测定金属丝电阻率”12（1）如图所示 （2）小于 （3）f （4）如图所示 （5） 甲【解析】试题分析：（1）根据电路图，连接实物，如图所示；（2）由图知，电流的测量偏大，根据知，电阻的测量偏小，即小于真实值；（3）无论怎样移动变阻器滑动片，总不能使电压表的示数调为零，是因为滑动变阻器是限流式接法，故是导线f 断路；（4）描点画图，如图所示；（5）根据欧姆定律电阻应等于割线的斜率，切线的斜率不等于电阻，所以甲同学的方法正确。考点：本题考查描绘元件的伏安特性曲线13（1）c ，微粒带负电（2）600vuab2600v【解析】试题分析：（1）微粒恰好不偏转时有：（2分）解得c （1分） 微粒带负电（1分）（2）粒子能穿过电场需用时间（1分）设粒子偏转的最大加速度，则最大侧移量解得m/s2（2分）当粒子恰好打在下极板边缘时，两板间的电压为u1则， 解得（2分）当粒子恰好打在上极板边缘，两极板间的电压为 解得（1分）则微粒不能打到金属板上的电压范围为6