甘肃省张掖市高台一中高二物理上学期期中试卷（含解析）.doc

2013-2014学年甘肃省张掖市高台一中高二（上）期中物理试卷一、单项选择题（本题共12小题，每小题3分，共36分，每小题的四个选项中只有一个符合题意）1（3分）（2013秋高台县校级期中）将一电荷量为+q的小球放在不带电的金属球附近，所形成的电场线分布如图所示，金属球表面的电势处处相等a、b为电场中的两点，则下列说法中正确的是（）aa点的电场强度比b点的小ba点的电势比b点的低c检验电荷q在a点的电势能比在b点的小d将检验电荷q从a点移到b点的过程中，电场力做正功2（3分）（2013秋高台县校级期中）根据电容器的电容的定义式c=，可知（）a电容器带电的电量q越多，它的电容c就越大，c与q成正比b电容器不带电时，其电容为零c电容器两极之间的电压u越高，它的电容c就越小，c与u成反比d电容器的电容大小与电容器的带电情况无关3（3分）（2013屯溪区校级一模）在图所示的匀强电场中，水平等距离的虚线表示其等势面，带电量q=0.51010c的粒子（不考虑粒子所受重力）在电场力作用下从a点运动到b点，动能增加0.5109j，a点电势为10v，下列关于粒子的运动轨迹和b点电势的说法中正确的是（）a粒子沿轨道1运动，b点电势为零b粒子沿轨道2运动，b点电势为20vc粒子沿轨道1运动，b点电势为20vd粒子沿轨道2运动，b点电势为20v4（3分）（2013秋高台县校级期中）如图所示，在匀强电场中a、b、c、d为矩形的四个顶点，e、f分别为ab边和cd的中点且ab长为ad长的2倍已知电场线的方向平行于矩形所在平面，a、b、c三点电势分别为4v、8v、6v，则下列说法中错误的是（）ad点的电势为2vb电场线方向垂直于ac向下c电场线方向垂直于ec向下d一电子从a点运动到c点，电势能减少5（3分）（2010蓬安县校级模拟）如图所示，平行板电容器与电动势为e的直流电源（内阻不计）连接，下极板接地一带电油滴位于容器中的p点且恰好处于平衡状态现将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离（）a带点油滴将沿竖直方向向上运动bp点的电势将增大c带电油滴的电势能将增大d若电容器的电容减小，则极板带电量将增大6（3分）（2013秋高台县校级期中）某太阳能电池板不接负载时正、负极之间的电压为800mv，短路时电流为40ma若将该电池板与一阻值为60的电阻器连成一闭合电路，则它的路端电压是（）a0.20vb0.40vc0.60vd0.80v7（3分）（2011春汶上县校级期末）如图所示，甲、乙两个电路都是由一个灵敏电流表g和一个变阻器r组成的，下列说法正确的是（）甲表是安培表，r增大时量程增大甲表是安培表，r增大时量程减小乙表是伏特表，r增大时量程增大乙表是伏特表，r增大时量程减小abcd8（3分）（2013秋高台县校级期中）如图电路中，电灯l1、l2都标有“220v、40w”；电灯l3、l4都标有“220v、100w”将a、b两端接入电源，最暗的灯是（）al1bl2cl3dl49（3分）（2013秋应县校级期中）利用伏安法测未知电阻时，用图甲测得结果为r1，用图乙测得结果为r2，若待测电阻的真实值为r，则（）ar1rr2br1rr2cr1r，r2rdr1r，r2r10（3分）（2014安徽一模）如图所示，a、b为相同的两个灯泡，均发光，当变阻器的滑片p向下端滑动时，则（）aa灯变亮，b灯变暗ba灯变暗，b灯变亮ca、b灯均变亮da、b灯均变暗11（3分）（2013秋高台县校级期中）如图所示，电压u保持不变，已知r1=2k，r2=3k，现用一个电阻为6k的电压表并联在r2的两端，电压表的读数为6v若把它接在a、b两点间，电压表的读数为（）a8vb10vc12vd14v12（3分）（2011秋福州校级期中）如图为两个不同闭合电路中两个不同电源的ui图象下列判断正确的是（）a电动势e1=e2，发生短路时的电流i1i2b电动势e1=e2，内阻r1r2c电动势e1e2，内阻r1r2d当两电源的工作电流变化量相同时，电源2的路端电压变化小二、多项选择题（本题共4小题，每小题3分，共12分每小题至少有两个选项正确，全选对的得3分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分）13（3分）（2011秋越城区校级期末）如图所示，a、b为两个等量同种点电荷，a、o、b在点电荷a、b的连线上，c、o、d在连线的中垂线上oa=ob=oc=od，则（）aa、b两点的场强相同，电势也相同bc、d两点的场强不相同，电势相同co点是a、b连线上电势最低的点，也是a、b连线上场强最小的点do点是中垂线cd上电势最高的点，也中垂线上场强最大的点14（3分）（2008福建模拟）如图所示，有三个质量相等分别带正电、负电和不带电的小球，从平行板电场中的左侧以相同的初速垂直于电场方向进入电场，它们分别落到a、b、c三点，则可以断定（）a落到a点的小球带正电，落到c点的小球带负电b三小球在电场中运动时间相等c三小球到达负极板的动能关系是ekaekbekcd三小球在电场中运动的加速度是aaabac15（3分）（2013秋会宁县校级期中）如图所示是用电压表和电流表测电阻的一种方法，rx为待测电阻，如果考虑到仪表本身电阻对测量结果的影响，则（）arx的测量值大于实际值brx的测量值小于实际值crx为大阻值电阻时应采用这种接法drx为小阻值电阻时应采用这种接法16（3分）（2009秋焦作期末）如图所示的电路中，输入电压u恒为12v，灯泡l标有“6v12w”字样，电动机线圈的电阻rm=0.5若灯泡恰能正常发光，以下说法中正确的是（）a电动机的输入功率是12wb电动机的输出功率是12wc电动机的热功率是2wd整个电路消耗的电功率是22w三、实验题（18分）17（6分）（2013秋沙坪坝区校级期中）某同学取来一个“黑箱”，准备探测内部结构：如图1，该“黑箱”表面有a、b、c三个接线柱，盒内总共有两个电学元件，每两个接线柱之间只可能连接一个元件，且已知电学元件的种类只可能是电阻、二极管或电池为了探明盒内元件的种类及连接方式，某位同学用多用电表进行了如下探测：第一步：用电压挡，对任意两个接线柱正、反向测量，指针均不发生偏转；第二步：用多用电表的欧姆挡，对任意两个接线柱正、反向测量，将每次红、黑表笔的位置和测得的阻值都填入了下表：红表笔接aabbcc黑表笔接bcacab测得的阻值（）10010k10010.1k90190若在某次测量时，档位及指针位置如图2所示，则此时多用电表的读数为第一步测量结果表明盒内请在图1的接线柱间，用电路符号画出黑箱内的元件及连接情况18（12分）（2013秋沙坪坝区校级期中）某研究性学习小组为了制作一种传感器，需要用到某元件（电阻约为20）现需要描绘该元件的伏安特性曲线实验室备有下列器材：器材（代号）规格电流表（a1）量程05ma，内阻约为50电流表（a2）量程0200ma，内阻约为10电压表（v1）量程03v，内阻约为10k电压表（v2）量程015v，内阻约为25k滑动变阻器（r1）阻值范围010，允许最大电流1a滑动变阻器（r2）阻值范围01k，允许最大电流100ma直流电源（e）输出电压4v，内阻不计开关（s）及导线若干为提高实验结果的准确程度，电流表应选用；电压表应选用；滑动变阻器应选用（以上均填器材代号）为达到上述目的，请在虚线框（图1）内画出正确的实验电路原理图，并标明所用器材的代号现已描绘出该元件的伏安特性曲线如图2若将该元件直接连接在一个电动势为3v，内阻为5的电源上，则该元件消耗的功率为w（保留3位有效数字）四、计算题（共34分）19（10分）（2014秋拱墅区校级期中）用一条绝缘轻绳悬挂一个带电小球，小球质量为1.0102kg，所带电荷量为+2.0108c现加一水平方向的匀速电场，平衡时绝缘绳与铅垂线成45求这个匀强电场的电场强度20（10分）（2013秋沙坪坝区校级期中）竖直放置的两块足够长的平行金属板间有匀强电场其电场强度为e，在该匀强电场中，用绝缘丝线悬挂质量为m的带电小球，丝线跟竖直方向成=30角时小球恰好平衡，且此时与右板的距离为b，如图所示已知重力加速度为g，求：（1）小球带电荷量是多少？（2）若剪断丝线，小球碰到金属板需多长时间？21（14分）（2012春诸城市校级期末）如图甲是质谱仪的工作原理示意图图中的a容器中的正离子从狭缝s1以很小的速度进入电压为u的加速电场区（初速度不计）加速后，再通过狭缝s2从小孔g垂直于mn射入偏转磁场，该偏转磁场是以直线mn为上边界、方向垂直于纸面向外的匀强磁场，磁感应强度为b，离子最终到达mn上的h点（图中未画出），测得g、h间的距离为d，粒子的重力可忽略不计试求：（1）该粒子的比荷；（2）若偏转磁场为半径为的圆形区域，且与mn相切于g点，如图乙所示，其它条件不变，仍保证上述粒子从g点垂直于mn进入偏转磁场，最终仍然到达mn上的h点，则圆形区域中磁场的磁感应强度b与b之比为多少？2013-2014学年甘肃省张掖市高台一中高二（上）期中物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题（本题共12小题，每小题3分，共36分，每小题的四个选项中只有一个符合题意）1（3分）（2013秋高台县校级期中）将一电荷量为+q的小球放在不带电的金属球附近，所形成的电场线分布如图所示，金属球表面的电势处处相等a、b为电场中的两点，则下列说法中正确的是（）aa点的电场强度比b点的小ba点的电势比b点的低c检验电荷q在a点的电势能比在b点的小d将检验电荷q从a点移到b点的过程中，电场力做正功考点：电场线；电场强度；电势能分析：电场线的疏密表示场强的大小；a点所在的电场线从q出发到不带电的金属球终止，所以a点的电势高于金属球的电势，而b点所在处的电场线从金属球发出到无穷远，所以金属球的电势高于b点的电势；电势越高的地方，负电荷具有的电势能越小解答：解：a：电场线的疏密表示场强的大小，由图象知a点的电场强度比b点大，故a错误；b：a点所在的电场线从q出发到不带电的金属球终止，所以a点的电势高于金属球的电势，而b点所在处的电场线从金属球发出到无穷远，所以金属球的电势高于b点的电势，即a点的电势比b点的高故b错误；c：电势越高的地方，负电荷具有的电势能越小，即负电荷在a点的电势能较b点小，故c正确；d：由上知，q在a点的电势能较b点小，则把q电荷从电势能小的a点移动到电势能大的b点，电势能增大，电场力做负功，故d错误故选：c点评：该题考查电场线的特点与电场力做功的特点，解题的关键是电场力做正功，电势能减小；电场力做负功，电势能增加；知道电场线从正电荷出发，终止于负电荷2（3分）（2013秋高台县校级期中）根据电容器的电容的定义式c=，可知（）a电容器带电的电量q越多，它的电容c就越大，c与q成正比b电容器不带电时，其电容为零c电容器两极之间的电压u越高，它的电容c就越小，c与u成反比d电容器的电容大小与电容器的带电情况无关考点：电容专题：电容器专题分析：电容表征电容器容纳电荷的本领大小，与电量q、电压u无关电容器不带电时，电容并不为零解答：解：a、电容器带电的电量q越多，两极之间的电压u越高，但电容不变故a错误 b、电容反映本身的特性，电容器不带电时，电容并不为零故b错误 c、电容表征电容器容纳电荷的本领大小，与电压u无关，给定的电容c一定故c错误 d、电容表征电容器容纳电荷的本领大小，电容大小与电容器的带电情况无关故d正确故选d点评：本题考查对电容的理解能力电容的定义式c=是采用比值定义法，有比值定义的共性，c与q、u无关，反映电容器本身的特性一3（3分）（2013屯溪区校级一模）在图所示的匀强电场中，水平等距离的虚线表示其等势面，带电量q=0.51010c的粒子（不考虑粒子所受重力）在电场力作用下从a点运动到b点，动能增加0.5109j，a点电势为10v，下列关于粒子的运动轨迹和b点电势的说法中正确的是（）a粒子沿轨道1运动，b点电势为零b粒子沿轨道2运动，b点电势为20vc粒子沿轨道1运动，b点电势为20vd粒子沿轨道2运动，b点电势为20v考点：带电粒子在匀强电场中的运动；电势；电势能专题：带电粒子在电场中的运动专题分析：由于电荷只受电场力作用，电场力将指向运动轨迹的内侧同时注意电场线和等势线垂直，说明电场沿竖直方向，正电荷所受的电场力方向与场强方向相同根据电场力做功正负，判断电场力方向，确定出电场线方向，即可判断粒子的运动轨道根据动能定理求b点电势解答：解：粒子从a点运动到b点，动能增加，电场力做正功，电场力方向必定向上，又根据电场力将指向运动轨迹的内侧，所以粒子沿轨道1运动根据动能定理得：quab=ek，得uab=v=10v又uab=ab，得b=auab=10v（10）v=0故选a点评：本题通过带电粒子在电场中的运动考查了电势、电势能、电场力等问题，解决这类问题的突破口是：做曲线运动的物体所受合外力指向其轨迹内侧4（3分）（2013秋高台县校级期中）如图所示，在匀强电场中a、b、c、d为矩形的四个顶点，e、f分别为ab边和cd的中点且ab长为ad长的2倍已知电场线的方向平行于矩形所在平面，a、b、c三点电势分别为4v、8v、6v，则下列说法中错误的是（）ad点的电势为2vb电场线方向垂直于ac向下c电场线方向垂直于ec向下d一电子从a点运动到c点，电势能减少考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系；电势能专题：电场力与电势的性质专题分析：根据匀强电场等势线的特点可知：ab的电势差等于dc的电势差，从而得出d点的电势，e点的电势等于a、b电势的平均值，从而得出ce为等势线，抓住电场线与等势线垂直，由高电势指向低电势得出电场线的方向解答：解：a、匀强电场的等势线是等间距的平行直线，根据几何关系可知ab的电势差等于dc的电势差，即ab=dc，解得：d=2v故a正确b、c、a、b两点的电势分别为4v、8v，e为ab的中点，则e点的电势等于a、b电势的平均值，即为6v，所以ec连线为等势线根据电场线与等势线垂直，由高电势指向低电势，知电场线垂直于ec向下故c正确，b错误d、因为a点的电势小于c点的电势，根据电势能ep=q，知电子在a点的电势能大于c点的电势能故d正确本题选错误的，故选：b点评：解决本题的关键知道匀强电场等势线的特点，以及知道电场线与等势线的关系5（3分）（2010蓬安县校级模拟）如图所示，平行板电容器与电动势为e的直流电源（内阻不计）连接，下极板接地一带电油滴位于容器中的p点且恰好处于平衡状态现将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离（）a带点油滴将沿竖直方向向上运动bp点的电势将增大c带电油滴的电势能将增大d若电容器的电容减小，则极板带电量将增大考点：带电粒子在匀强电场中的运动；电容器版权所有专题：带电粒子在电场中的运动专题分析：将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离，电容器两板间电压不变，根据e=分析板间场强的变化，判断电场力变化，确定油滴运动情况由u=ed分析p点与下极板间电势差如何变化，即能分析p点电势的变化和油滴电势能的变化根据电容的定义式，电容器与电源保持相连，则u不变，q与c成正比变化解答：解：a、将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离，由于电容器两板间电压不变，根据e=得知板间场强减小，油滴所受的电场力减小，则油滴将向下运动故a错误b、板间场强e减小，而p点与下极板间的距离不变，则由公式u=ed分析可知，p点与下极板间电势差将减小，而p点的电势高于下极板的电势，则知p点的电势将降低故b错误c、由带电油滴原来处于平衡状态可知，油滴带负电，p点的电势降低，则油滴的电势能将增加故c正确d、根据电容的定义式，电容器与电源保持相连，则u不变，当c减小，则q也减小故d错误故选：c点评：本题运用e=分析板间场强的变化，判断油滴如何运动运用推论：正电荷在电势高处电势能大，而负电荷在电势高处电势能小，来判断电势能的变化6（3分）（2013秋高台县校级期中）某太阳能电池板不接负载时正、负极之间的电压为800mv，短路时电流为40ma若将该电池板与一阻值为60的电阻器连成一闭合电路，则它的路端电压是（）a0.20vb0.40vc0.60vd0.80v考点：闭合电路的欧姆定律专题：恒定电流专题分析：电池板不接负载时正、负极之间的电压等于电池的电动势已知短路电流，由闭合电路欧姆定律求出电池的内阻再求解该电池板与阻值为60的电阻器连成一闭合电路时的路端电压解答：解：由题，电池板不接负载时正、负极之间的电压为800mv，则电池板的电动势为e=800mv=0.8v已知短路时电流为40ma，则电池的内阻为r=将该电池板与一阻值为60的电阻器连成一闭合电路时，路端电压为u=0.6v故选c点评：本题关键要理解电池的电动势与路端电压、短路电流的关系7（3分）（2011春汶上县校级期末）如图所示，甲、乙两个电路都是由一个灵敏电流表g和一个变阻器r组成的，下列说法正确的是（）甲表是安培表，r增大时量程增大甲表是安培表，r增大时量程减小乙表是伏特表，r增大时量程增大乙表是伏特表，r增大时量程减小abcd考点：多用电表的原理及其使用分析：电流表、电压表都是由小量程的电流表改装而成的利用并联电阻的分流作用，将灵敏电流表g和电阻并联，改装成安培表利用串联电阻的分压作用，将灵敏电流表g和电阻串联，改装成电压表解答：解：、，由一个灵敏电流表g和一个变阻器r并联，利用并联电阻的分流，改装成安培表 安培表的量程i=ig+，可知当r减小时量程i增大故错误，正确 、，由一个灵敏电流表g和一个变阻器r串联，利用串联电阻的分压，改装成伏特表 伏特表的量程u=ig（rg+r），可知r增大时量程增大故正确，错误故选c点评：本题考查电表改装的原理和量程的意义8（3分）（2013秋高台县校级期中）如图电路中，电灯l1、l2都标有“220v、40w”；电灯l3、l4都标有“220v、100w”将a、b两端接入电源，最暗的灯是（）al1bl2cl3dl4考点：电功、电功率专题：恒定电流专题分析：由灯的铭牌可知灯的额定电压和额定功率，根据p=可以比较四灯的电阻大小；l1和l4串联，根据p=i2r，可以得出i1与i4、p1和p4的大小关系；l2和l3并联，根据p=，可以得i2与i3、p2和p3的大小关系；根据p=i2r判断p1和p2的大小关系；综合分析确定实际电功率最大的灯，而灯的亮度取决于灯的实际电功率，据此判断那盏灯最亮解答：解：由：p=得：r=故四灯电阻：r1=r2r3=r4，由图知，l1和l4串联，由于p=i2r，r1r4，i1=i4 故p1p4l2和l3并联，r2r3，由于p=，故i2i3、p2p3故p=i2r，r1=r2，i1i2，r3=r4，i3i4 故p1p2，p3p4 由可得：p1p4p3p2，故l1的电功率最大、最亮；l2的电功率最小、最暗；故acd错误，b正确故选：b点评：本题考查了学生对欧姆定律、电功率公式的掌握和运用，本题关键：一是知道灯的亮度取决于灯的实际电功率，二是电功率公式的灵活选择9（3分）（2013秋应县校级期中）利用伏安法测未知电阻时，用图甲测得结果为r1，用图乙测得结果为r2，若待测电阻的真实值为r，则（）ar1rr2br1rr2cr1r，r2rdr1r，r2r考点：伏安法测电阻专题：恒定电流专题分析：两种接法都有误差：甲图是电流表内接法，误差来源于电压表的示数不只是电阻r 的电压，还包括了电流表的分压，乙图为电流表外接法，误差来源于电流表的示数不只是通过r的电流，还包括了电压表的电流；要根据测量值的计算式去分析偏大还是偏小解答：解：甲图接法：电压表的示数为r两端的电压和安培表两端的电压之和，即u=ur+ua 电流表的示数i是通过r的真实值，则r测=r真，故r1r；乙图接法：电流表的示数为通过电阻的电流和电压表的电流之和，即 i=ir+iv 电压表的示数u是r两端电压的真实值，则r测=r真，故rr2；故r1rr2，故a正确，bcd均错误；故选：a点评：待测电阻远大于电流表内阻时，电流表的分压小，可忽略不计，用电流表内接法测量值偏大待测电阻远小于电压表内阻时，电压表的分流小，可忽略不计，用电流表外接法，测量值偏小10（3分）（2014安徽一模）如图所示，a、b为相同的两个灯泡，均发光，当变阻器的滑片p向下端滑动时，则（）aa灯变亮，b灯变暗ba灯变暗，b灯变亮ca、b灯均变亮da、b灯均变暗考点：闭合电路的欧姆定律专题：恒定电流专题分析：首先认识电路的结构：变阻器与灯b并联与r串联，再与灯a并联当变阻器的滑片p向下端滑动时，变阻器接入电路的电阻减小，分析外电路总电阻减小，根据欧姆定律分析总电流的变化和路端电压的变化，即可知道灯a的亮度变化根据总电流和通过a电流的变化，分析通过r的电流变化和电压变化，可分析出b两端电压的变化，即可灯b亮度变化可分析出通过并联电路的变化，则知灯b的变化解答：解：电路的结构是：变阻器与灯b并联与r串联，再与灯a并联当变阻器的滑片p向下端滑动时，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，则知总电流增大，内电压增大，路端电压减小，通过a的电流减小，则灯a变暗因总电流增大、通过a的电流减小，则通过r的电流增大，r的电压增大，路端电压减小，则b两端电压的减小，b灯变暗所以a、b灯均变暗故选：d点评：本题是电路动态变化分析问题，按“局部整体局部”的思路进行分析11（3分）（2013秋高台县校级期中）如图所示，电压u保持不变，已知r1=2k，r2=3k，现用一个电阻为6k的电压表并联在r2的两端，电压表的读数为6v若把它接在a、b两点间，电压表的读数为（）a8vb10vc12vd14v考点：串联电路和并联电路专题：恒定电流专题分析：电压表不是理想的电压表，本身也有电阻，当电表表与电阻并联后，并联部分电阻减小，分担的电压减小结合串联电路电压与电阻成正比来分析电压表的示数解答：解：当电压表并联在r2的两端时，电压表与r2的并联电阻为： r并=k=2k可知，r并=r1根据串联电路的分压特点，可知r1两端的电压也等于6v，故u=12v所以把电压表接在a、b两点间，电压表的读数为12v故选：c点评：本题要注意电压表是实际的电表，内阻不是无穷大，电表对电路的影响不能忽略，把电压表看成可测量电压的电阻12（3分）（2011秋福州校级期中）如图为两个不同闭合电路中两个不同电源的ui图象下列判断正确的是（）a电动势e1=e2，发生短路时的电流i1i2b电动势e1=e2，内阻r1r2c电动势e1e2，内阻r1r2d当两电源的工作电流变化量相同时，电源2的路端电压变化小考点：闭合电路的欧姆定律专题：恒定电流专题分析：ui图象中与u轴的交点表示电源的电动势，与i轴的交点表示短路电流，斜率表示内阻解答：解：aui图象中与u轴的交点表示电源的电动势，与i轴的交点表示短路电流，故电动势e1=e2，发生短路时的电流i1i2，故a正确；bui图象中与u轴的交点表示电源的电动势，斜率表示内阻，电动势e1=e2，内阻r1r2，故b错误；cui图象中与u轴的交点表示电源的电动势，斜率表示内阻，电动势e1=e2，内阻r1r2，故c错误；d电动势e1=e2，内阻r1r2，根据u=eir可知，当两电源的工作电流变化量相同时，电源2的路端电压变化大，故d错误；故选a点评：本题考查了闭合电路电源的ui图象的相关知识，要求同学们理解ui图象中与u轴的交点表示电源的电动势，与i轴的交点表示短路电流，斜率表示内阻二、多项选择题（本题共4小题，每小题3分，共12分每小题至少有两个选项正确，全选对的得3分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分）13（3分）（2011秋越城区校级期末）如图所示，a、b为两个等量同种点电荷，a、o、b在点电荷a、b的连线上，c、o、d在连线的中垂线上oa=ob=oc=od，则（）aa、b两点的场强相同，电势也相同bc、d两点的场强不相同，电势相同co点是a、b连线上电势最低的点，也是a、b连线上场强最小的点do点是中垂线cd上电势最高的点，也中垂线上场强最大的点考点：电势；电场强度专题：电场力与电势的性质专题分析：场强是矢量，只有大小和方向都相同，场强才相同作出电场线，根据顺着电场线电势降低判断电势的高低解答：解：作出两个电荷连线上的电场线和中垂线上电场线如图a、根据电场线分布可知，a、b两点场强方向相反，则场强不同；由电场线的方向可知，c点电势等于d点电势故a错误b、根据电场线分布可知，a、b两点场强方向相反，则场强不同；由电场线的方向可知，c点电势等于d点电势故b正确c、由图可知，o点电势是ab连线上的最低点，同时根据电场强度的叠加可知，o点的电场强度是a、b连线上最小点故c正确d、根据图可知，o点是中垂线cd上电势最高的点，但不是中垂线上场强最大，而是最小故d错误故选bc点评：本题的技巧是作出电场线，根据电场线的方向判断电势的高低是常用的方法，要学会应用14（3分）（2008福建模拟）如图所示，有三个质量相等分别带正电、负电和不带电的小球，从平行板电场中的左侧以相同的初速垂直于电场方向进入电场，它们分别落到a、b、c三点，则可以断定（）a落到a点的小球带正电，落到c点的小球带负电b三小球在电场中运动时间相等c三小球到达负极板的动能关系是ekaekbekcd三小球在电场中运动的加速度是aaabac考点：带电粒子在匀强电场中的运动专题：带电粒子在电场中的运动专题分析：有图可知上极板带负电，所以平行板间有竖直向上的电场，正电荷在电场中受到向上的电场力，负电荷受到向下的电场力则不带电的小球做平抛运动，带负电的小球做类平抛运动，加速度比重力加速度大，带正电的小球做加速度比重力加速度小的类平抛运动由此根据平抛和类平抛运动规律求解解答：解：在平行金属板间不带电小球、带负电小球和带正电小球的受力如下图所示：由此可知不带电小球做平抛运动a1=，带负电小球做类平抛运动a2=，带正电小球做类平抛运动a3=根据题意，三小球在竖直方向都做初速度为0的匀加速直线运动，球到达下极板时，在竖直方向产生的位移h相等，据：t=得三小球运动时间，正电荷最长，不带电小球次之，带负电小球时间最短a、三小球在水平方向都不受力，做匀速直线运动，则落在板上时水平方向的距离与下落时间成正比，故水平位移最小的a是带正电荷的小球，b是不带电的小球，水平位移最大的c是带负电的小球故a正确b、由于三小球在竖直方向位移相等，初速度均为0，由于电场力的作用，三小球的加速度不相等，故它们的运动时间不相等，故b错误；c、根据动能定理，三小球到达下板时的动能等于这一过程中合外力对小球做的功由受力图可知，带负电小球合力最大为g+f，做功最多动能最大，带正电小球合力最小为gf，做功最少动能最小故c正确d、因为a带正电，b不带电，c带负电，所以aa=a2，ab=a1，ac=a3，所以aaabac故d错误故选：ac点评：确认不带电小球做平抛运动，带电小球做类平抛运动，分水平和竖直方向分析小球的运动，水平方向匀速直线运动，竖直方向初速度为0的匀加速直线运动，由运动的合成与分解进行分析15（3分）（2013秋会宁县校级期中）如图所示是用电压表和电流表测电阻的一种方法，rx为待测电阻，如果考虑到仪表本身电阻对测量结果的影响，则（）arx的测量值大于实际值brx的测量值小于实际值crx为大阻值电阻时应采用这种接法drx为小阻值电阻时应采用这种接法考点：伏安法测电阻专题：实验题；恒定电流专题分析：因为电表不是理想电表，在测量中会产生误差，分析误差的来源根据欧姆定律可得出测量值与真实值之间的关系解答：解：本接法中电压表示数是准确的，但由于电压内阻不是无穷大，故电压表会分流导致电流表示数偏大；再由欧姆定律直接求解时，导致测量值偏小；故b正确，a错误；若待测电阻的阻值远小于电压表内阻，则电压表分流可以忽略，此时测量结果误差较小，所以本接法适合于测量小阻值电阻；故d正确；故选bd点评：误差分析是实验中常考的内容，在分析中要注意误差来源及产生的影响，从而可以进行接法的选择16（3分）（2009秋焦作期末）如图所示的电路中，输入电压u恒为12v，灯泡l标有“6v12w”字样，电动机线圈的电阻rm=0.5若灯泡恰能正常发光，以下说法中正确的是（）a电动机的输入功率是12wb电动机的输出功率是12wc电动机的热功率是2wd整个电路消耗的电功率是22w考点：电功、电功率专题：恒定电流专题分析：a、电动机的输入功率p=u1i，根据灯泡正常发光求出电流，电动机两端的电压等于输入电压减去灯泡的电压b、电动机的输出功率d、整个电路消耗的功率p总=ui解答：解：a、电动机两端的电压u1=uul=126v=6v，整个电路中的电流i=，所以电动机的输入功率p=u1i=62w=12w故a正确 b、电动机的热功率，则电动机的输出功率故b错误，c正确 d、整个电路消耗的功率p总=ui=122w=24w故d错误故选ac点评：解决本题的关键知道电动机的输出功率以及知道整个电路消耗的功率p总=ui三、实验题（18分）17（6分）（2013秋沙坪坝区校级期中）某同学取来一个“黑箱”，准备探测内部结构：如图1，该“黑箱”表面有a、b、c三个接线柱，盒内总共有两个电学元件，每两个接线柱之间只可能连接一个元件，且已知电学元件的种类只可能是电阻、二极管或电池为了探明盒内元件的种类及连接方式，某位同学用多用电表进行了如下探测：第一步：用电压挡，对任意两个接线柱正、反向测量，指针均不发生偏转；第二步：用多用电表的欧姆挡，对任意两个接线柱正、反向测量，将每次红、黑表笔的位置和测得的阻值都填入了下表：红表笔接aabbcc黑表笔接bcacab测得的阻值（）10010k10010.1k90190若在某次测量时，档位及指针位置如图2所示，则此时多用电表的读数为4第一步测量结果表明盒内无电源请在图1的接线柱间，用电路符号画出黑箱内的元件及连接情况考点：用多用电表探索黑箱内的电学元件专题：实验题；恒定电流专题分析：用多用电表探索黑箱内的电学元件时要注意各个档位的含义，尤其是注意测二极管时正反电阻不同欧姆档进行测量时，注意黑表笔是和内部电源的正极相连的，因此将接线柱进行正反两次测量时，若发现示数不变则说明是定值电阻，若正反电阻差距很大，则说明是二极管解答：解：（1）欧姆表读数等于示数乘以倍率，故r=41=4；（2）使用电压档进行测量，目的是看内部是否有电源，由于指针没有示数，因此内部无电源，故黑箱内不存在电源故答案为：不存在电源（3）使用欧姆档进行测量时注意黑表笔是和内部电源的正级相连的，观察图中的记录结果可知：在测量ab之间的电阻时，对两个接线柱进行正反测量，其阻值相同，说明ab之间接有一个定值电阻；在测量ac之间电阻时，黑表笔接c时电阻很大，接a时电阻很小，说明ac之间有二极管，而且c应该接二极管的负极；故黑箱内元件的连接如右图所示：故答案为：4；无电源；如图点评：（1）表笔无论怎样接法，数值都不变的为电阻；（2）表笔接法不同示数有较大变化的是二极管，二极管的正向阻值较小，反向阻值较大18（12分）（2013秋沙坪坝区校级期中）某研究性学习小组为了制作一种传感器，需要用到某元件（电阻约为20）现需要描绘该元件的伏安特性曲线实验室备有下列器材：器材（代号）规格电流表（a1）量程05ma，内阻约为50电流表（a2）量程0200ma，内阻约为10电压表（v1）量程03v，内阻约为10k电压表（v2）量程015v，内阻约为25k滑动变阻器（r1）阻值范围010，允许最大电流1a滑动变阻器（r2）阻值范围01k，允许最大电流100ma直流电源（e）输出电压4v，内阻不计开关（s）及导线若干为提高实验结果的准确程度，电流表应选用a2；电压表应选用v1；滑动变阻器应选用r1（以上均填器材代号）为达到上述目的，请在虚线框（图1）内画出正确的实验电路原理图，并标明所用器材的代号现已描绘出该元件的伏安特性曲线如图2若将该元件直接连接在一个电动势为3v，内阻为5的电源上，则该元件消耗的功率为0.355w（保留3位有效数字）考点：描绘小电珠的伏安特性曲线专题：实验题；恒定电流专题分析：由图象可知小灯泡的电压及电流范围，则可根据安全性及准确性选出合适的仪表；由表格中电流从零开始变化，可知滑动变阻器的接法，根据所选电流表和电压表内阻可知电流表的接法在图中作出电源的伏安特性曲线，图象与灯泡的伏安特性曲线的交点为灯泡的工作点，则可得出灯泡的电压及电流，由功率公式可求得实际功率解答：解：（1）由图可知，电流最大值为0.3a，故电流表应选用a2，灯泡两端的电压最大为2.5v，故电压表应选用v1，由图可知，电流电压是从零开始变化的，故应选用分压接法，故滑动变阻器应选用r1；（2）滑动变阻器选用分压接法；元件内阻较小，故应选用电流表外接法，电路图如右图所示（3）由电源的电动势和内阻得u=35i，作出电源的伏安特性曲线如图所示：则交点为元件的工作点，由图可知，原件的电压为2.15v，电流为0.165a，则灯泡的功率p=ui=2.150.165=0.355w；故答案为：（1）a2；v1；r1；（2）如图所示；（3）0.355点评：本题考查小灯泡的伏安特性曲线中的仪表的选择及接法；一般来说本实验都是采用分压外接法求元件实际功率时，需要在ui图象中再画出表示电源的ui图象，根据交点坐标来求功率四、计算题（共34分）19（10分）（2014秋拱墅区校级期中）用一条绝缘轻绳悬挂一个带电小球，小球质量为1.0102kg，所带电荷量为+2.0108c现加一水平