高考物理一轮复习 第六章 动量守恒定律45分钟章末检测卷.doc

第六章 45分钟章末检测卷满分100分一、选择题(14题只有一项符合题目要求，57题有多项符合题目要求，每小题7分，共49分)1下列说法正确的是()a动能为零时，物体一定处于平衡状态b物体受到恒力的冲量也可能做曲线运动c物体所受合外力不变时，其动量一定不变d动能不变，物体的动量一定不变解析：动能为零时，速度为零，而加速度不一定等于零，物体不一定处于平衡状态，选项a错误；物体受恒力，也可能做曲线运动，如平抛运动，选项b正确；合外力不变，加速度不变，速度均匀变化，动量一定变化，c项错误；动能不变，若速度的方向变化，动量就变化，选项d错误答案：b2(2018运城模拟)有关实际中的现象，下列说法不正确的是()a火箭靠喷出气流的反冲作用而获得巨大速度b体操运动员在着地时屈腿是为了减小地面对运动员的作用力c用枪射击时要用肩部抵住枪身是为了减少反冲的影响d为了减轻撞车时对司乘人员的伤害程度，发动机舱越坚固越好解析：根据反冲运动的特点与应用可知，火箭靠喷出气流的反冲作用而获得巨大速度，故a正确；体操运动员在落地的过程中，动量变化一定由动量定理可知，运动员受到的冲量i一定；由ift可知，体操运动员在着地时屈腿是延长时间t，可以减小运动员所受到的平均冲力f，故b正确；用枪射击时子弹给枪身一个反作用力，会使枪身后退，影响射击的准确度，所以为了减少反冲的影响，用枪射击时要用肩部抵住枪身，故c正确；为了减轻撞车时对司乘人员的伤害程度，就要延长碰撞的时间，由ift可知位于车体前部的发动机舱不能太坚固，故d错误答案：d3一物体从某高处由静止释放，设所受空气阻力恒定，当它下落h时的动量大小为p1，当它下落2h时动量大小为p2，那么p1：p2等于()a1：1b1：c1：2 d1：4解析：物体做初速度为零的匀加速直线运动，v2ah，v2a(2h)，则p1m，p2m，p1：p21：，故b选项正确答案：b4甲、乙两物体分别在恒力f1、f2的作用下，沿同一直线运动它们的动量随时间变化如图所示设甲在t1时间内所受的冲量为i1，乙在t2时间内所受的冲量为i2，则f、i的大小关系是()af1f2，i1i2 bf1f2，i1f2，i1i2 df1f2，i1i2解析：冲量ip，从题图上看，甲、乙两物体动量变化的大小i1i2，又因为i1f1t1，i2f2t2，t2t1，所以f1f2.答案：a5如图所示，在水平光滑地面上有a、b两个木块，a、b之间用一轻弹簧连接a靠在墙壁上，用力f向左推b使两木块之间的弹簧压缩并处于静止状态若突然撤去力f，则下列说法中正确的是()a木块a离开墙壁前，墙对木块a的冲量大小等于木块b动量变化量的大小b木块a离开墙壁前，弹性势能的减少量等于木块b动能的增量c木块a离开墙壁时，b的动能等于a、b共速时的弹性势能d木块a离开墙壁后，当弹簧再次恢复原长时，木块a的速度为零解析：木块a离开墙壁前，对a、b整体而言，墙对木块a的冲量大小等于整体的动量变化量即等于木块b动量变化量的大小；根据能量守恒定律，木块a离开墙壁前，弹性势能的减少量等于木块b动能的增量；木块a离开墙壁时，b的动能等于a、b共速时的弹性势能及a的动能之和；木块a离开墙壁后，当弹簧再次恢复原长时，a、b交换速度，木块b的速度为零选项a、b正确答案：ab6(2018合肥市质量检测)一质量为2 kg的物体受水平拉力f作用，在粗糙水平面上做加速直线运动时的at图象如图所示，t0时其速度大小为2 m/s，滑动摩擦力大小恒为2 n，则()a在t6 s的时刻，物体的速度为18 m/sb在06 s时间内，合力对物体做的功为400 jc在06 s时间内，拉力对物体的冲量为48 nsd在t6 s的时刻，拉力f的功率为200 w解析：类比速度图象位移的表示方法可知，速度变化量在加速度时间图象中由图线与坐标轴所围面积表示，在06 s内v18 m/s，v02 m/s，则t6 s时的速度v20 m/s，a项错；由动能定理可知，06 s内，合力做功wmv2mv396 j，b项错；由冲量定理可知，ifftmvmv0，代入已知条件解得：i48 ns，c项正确；由牛顿第二定律可知，6 s末fffma，解得：f10 n，所以拉力的功率pfv200 w，d项正确答案：cd7质量为m、内壁间距为l的箱子静止于光滑的水平面上，箱子中间有一质量为m的小物块，小物块与箱子底板间的动摩擦因数为.初始时小物块停在箱子正中间，如图所示现给小物块一水平向右的初速度v，小物块与箱壁碰撞n次后恰又回到箱子正中间，并与箱子保持相对静止设碰撞都是弹性的，则整个过程中，系统损失的动能为()a.mv2 b.v2c.nmgl dnmgl解析：小物块与箱子作用过程中满足动量守恒，最后恰好又回到箱子正中间二者相对静止，即为共速，设速度为v1，mv(mm)v1，系统损失动能ekmv2(mm)v；由于碰撞为弹性碰撞，故碰撞时不损失能量，系统损失的动能等于系统产生的热量，即ekqnmgl.故本题选b、d.答案：bd二、非选择题(共51分)8(11分)某同学用图甲所示装置来验证动量守恒定律，实验时先让a球从斜槽轨道上某固定点处由静止开始滚下，在水平地面上的记录纸上留下痕迹，重复10次；然后再把b球放在斜槽轨道末端的最右端附近静止，让a球仍从原固定点由静止开始滚下，和b球相碰后，两球分别落在记录纸的不同位置处，重复10次，回答下列问题：(1)在本实验中结合图甲，验证动量守恒的验证式是下列选项中的_amamambbmamambcmamamb(2)经测定，ma45.0 g，mb7.5 g，请结合图乙分析：碰撞前、后ma的动量分别为p1与p1，则p1p1_(保留分式)有同学认为，在该实验中仅更换两个小球的材质，其他条件不变，可以使被碰小球做平抛运动的水平距离增大请你用已知的数据，分析和计算出被碰小球mb平抛运动水平距离的最大值为_cm.解析：(1)小球离开轨道后做平抛运动，小球在空中的运动时间t相等，如果碰撞过程动量守恒，则有：mavbmavambvc，两边同时乘以时间t得：mavbtmavatmbvct，得：maobmaoamboc，故选b.(2)；发生弹性碰撞时，被碰小球获得速度最大，根据动量守恒定律：mavamavambvb根据机械能守恒定律：mavmavmbv由以上两式解得：vbva，因此最大射程为：sm44.8 cm76.8 cm答案：(1)b(2)76.89(20分)如图所示，物块a、c的质量均为m，b的质量为2m，都静止于光滑水平台面上，a、b间用一不可伸长的轻质短细线相连初始时刻细线处于松弛状态，c位于a右侧足够远处，现突然给a一瞬时冲量，使a以初速度v0沿a、c连线方向向c运动，a与c相碰后，粘合在一起(1)a与c刚粘合在一起时的速度为多大？(2)若将a、b、c看成一个系统，则从a开始运动到a与c刚好粘合的过程中系统损失了多少机械能？解析：(1)轻细线绷紧的过程，a、b这一系统动量守恒，则mv0(m2m)v1，解得v1v0.之后a、b均以速度v1向右匀速运动，在a与c发生碰撞过程中，a、c这一系统动量守恒，mv1(mm)v2，解得v2v0.(2)轻细线绷紧的过程，a、b这一系统机械能损失为e1，则e1mv3mvmv，在a与c发生碰撞过程中，a、c这一系统机械能损失为e2，则e2mv2mvmv，则a、b、c这一系统机械能损失为ee1e2mv.答案：(1)v0(2)mv10(20分)如图所示，固定的光滑平台上固定有光滑的半圆轨道，轨道半径r0.6 m平台上静止着两个滑块a、b，ma0.1 kg，mb0.2 kg，两滑块间夹有少量炸药，平台右侧有一带挡板的小车静止在光滑的水平地面上，小车质量为m0.3 kg，小车的上表面与平台的台面等高，小车的上表面的右侧固定一根轻弹簧点燃炸药后，a、b分离瞬间滑块b以3 m/s的速度冲向小车两滑块都可以看作质点，炸药的质量忽略不计，爆炸的时间极短，爆炸后两个滑块的速度方向在同一水平直线上，且g10 m/s2.求：(1)滑块a能否从半圆轨道的最高点离开；(2)滑块b滑上小车后的运动过程中弹簧的最大弹性势能解析：(1)爆炸前后a、b组成的系统动量守恒，设爆炸后滑块a、b的速度大小分别为va、vb，则mavambvb，解得va6 m/sa在运动过程中机械能守恒，若a能到达半圆轨道最高