（新课标）高考化学大一轮复习 第1章《化学中常用的物理量物质的量》（第2讲）鲁科版.doc

第2讲一定物质的量浓度及其溶液的配制考纲要求1.了解溶液的含义。2.了解溶解度、饱和溶液的概念。3.了解物质的量浓度的含义。4.能按要求配制一定物质的量浓度的溶液，会进行有关误差分析。5.会根据物质的量与溶液的体积、溶液的物质的量浓度之间的相互关系进行有关计算。考点一物质的量浓度及相关计算内容物质的量浓度质量分数溶解度定义表示单位体积溶液里所含溶质b的物质的量的物理量用溶质质量与溶液质量之比来表示溶液组成的物理量在一定温度下，某固体物质在100_g溶剂(通常是水)里达到饱和状态时所溶解溶质的质量单位moll1g计算公式cw100%s100 g深度思考1观察两个试剂瓶上的标签，回答下列问题。(1)“5%硫酸铜溶液”中的5%是什么含义？答案5%表示硫酸铜溶液的质量分数，即100 g硫酸铜溶液中含有5 g硫酸铜溶质。(2)0.4 moll1 nacl溶液中的0.4 moll1表示的含义是什么？答案1 l该nacl溶液中所含nacl的物质的量是0.4 mol。(3)从上述两种溶液中分别取出5 ml，硫酸铜溶液的质量分数为_，nacl溶液的浓度为_。答案5%0.4 moll1解析溶液一旦配好，它的质量分数及浓度就不再改变；从中取出部分溶液，其质量分数及浓度也不变。2正误判断，正确的划“”，错误的划“”(1)1 l水中溶解5.85 g nacl所形成的溶液的物质的量浓度是0.1 moll1()(2)将25 g cuso45h2o晶体溶于75 g水中所得溶质的质量分数为25%()(3)在100 ml的烧杯中，加入10 g食盐，然后注入90 ml的水，充分溶解后，所得溶质的质量分数为90%()(4)将40 g so3溶于60 g水中所得溶质的质量分数为40%()(5)将62 g na2o溶于水中，配成1 l溶液，所得溶质的物质的量浓度为1 moll1()(6)t 时100 g饱和食盐水中，含有nacl的质量为m g，则该温度时，nacl的溶解度是m g()答案(1)(2)(3)(4)(5)(6)1c中的v是溶液的体积，不是溶剂的体积，也不是溶质和溶剂的体积之和。2将cuso45h2o晶体溶于水，其溶质是cuso4；将na、na2o、na2o2溶于水，其溶质是naoh；将so3溶于水，所得溶质是h2so4。3配制一定质量分数的溶液，所选烧杯的规格一般应大于溶液体积的一倍。4在溶解度的概念中，“100”指的是100 g溶剂(通常是h2o)，而不是溶液。题组一根据cb的计算1若20 g密度为 gcm3的ca(no3)2溶液中含有2 g ca(no3)2，则溶液中no的物质的量浓度为()a. moll1 b. moll1c. moll1 d. moll1答案c解析ca(no3)2的物质的量浓度为 moll1，no的物质的量浓度为 moll1。2在标准状况下，将v l a气体(摩尔质量为m gmol1)溶于0.1 l水中，所得溶液的密度为 gcm3，则此溶液的物质的量浓度(moll1)为()a. b.c. d1 000vm(mv2 240)答案b解析气体的物质的量为mol，所得溶液的质量为(m100)g，则此溶液的物质的量浓度为mol(m100)g(1 000 gl1)moll1。规避两个易错点1气体溶于水，溶质是该气体与水反应生成的物质，nh3溶于水后主要溶质是nh3h2o，但以nh3计算。2气体溶于水，溶液的体积不是溶剂的体积更不是气体体积与溶剂体积之和，应根据v进行计算。题组二关于物质的量浓度、质量分数、溶解度的换算3在一定温度下，某饱和氢氧化钠溶液体积为v ml，溶液密度为d gcm3，质量分数为w，物质的量浓度为c moll1，溶液中含氢氧化钠的质量为m g，该温度下naoh的溶解度为s。(1)用w来表示该温度下氢氧化钠的溶解度(s)为_。(2)用c、d来表示该温度下naoh的溶解度(s)为_。(3)用m、v表示溶液中溶质的物质的量浓度(c)为_。(4)用w、d表示溶液中溶质的物质的量浓度(c)为_。(5)用c、d表示溶液中溶质的质量分数(w)为_。(6)用s表示溶液中溶质的质量分数(w)为_。(7)用s、d表示溶液中溶质的物质的量浓度(c)为_。答案(1) g(2) g(3) moll1(4)25dw moll1(5)%(6)100%(7) moll1解析(1)s100 g(溶解度定义)(2)s g(3)c moll1(4)c25dw moll1(5)w100%(6)w100%(7)c moll1有关物质的量浓度计算的一般方法1由定义出发，运用守恒(溶质守恒、溶剂守恒等)及公式c、质量分数100%进行推理，注意密度的桥梁作用，不要死记公式。2在进行物质的量浓度、质量分数、溶解度三者之间的转换时，除利用上述方法外，我们还可以运用假设法，使问题简单化。例如已知溶质的质量分数w，溶液的密度为 gcm3，溶质的摩尔质量为m gmol1，求物质的量浓度c。我们可以假设溶液为1 l，所以溶液质量为11 000 g，溶质的质量为11 000w g，溶质的物质的量为 mol，这样我们就很容易求出该溶液的物质的量浓度c moll1。题组三电荷守恒法在物质的量浓度计算中的应用4把500 ml含有bacl2和kcl的混合溶液分成5等份，取一份加入含a mol硫酸钠的溶液，恰好使钡离子完全沉淀；另取一份加入含b mol硝酸银的溶液，恰好使氯离子完全沉淀。则该混合溶液中钾离子浓度为()a0.1(b2a) moll1b10(2ab) moll1c10(ba) moll1d10(b2a) moll1答案d解析根据题意，500 ml溶液分成5等份，每份为100 ml。每份中n(ba2)a mol，n(cl)b mol，根据电荷守恒关系得n(k)(b2a)mol，则c(k)10(b2a) moll1。5把v l含有mgso4和k2so4的混合溶液分成两等份，一份加入含a mol naoh的溶液，恰好使镁离子完全沉淀为氢氧化镁；另一份加入含b mol bacl2的溶液，恰好使硫酸根离子完全沉淀为硫酸钡。则原混合溶液中钾离子的浓度为()a. moll1 b. moll1c. moll1 d. moll1答案d解析注意混合液分成两等份，由mg22oh=mg(oh)2、ba2so=baso4可知原溶液中n(mg2) mola mol、n(so)2b mol，依据电荷守恒可知原溶液中n(k)2n(so)2n(mg2)2(2ba) mol。题组四溶液稀释与混合的计算6两种硫酸溶液，一种硫酸溶液的物质的量浓度为c1，密度为1；另一种硫酸溶液的物质的量浓度为c2，密度为2，将它们等体积混合后，所得溶液的密度为3，则混合后硫酸的物质的量浓度为()a. b.c. d.思路点拨(1)在进行有关物质的量浓度的计算时，要充分应用溶质的物质的量、质量及溶液中的电荷守恒。(2)溶液稀释混合时，溶液的体积一般不可直接相加，应用溶液的总质量和密度来计算。答案a解析据混合后n(h2so4)n1(h2so4)n2(h2so4)，设取混合前两硫酸溶液的体积均为v ml，则有c，应选答案a。7用溶质质量分数为98%的浓硫酸和溶质质量分数为18%的稀硫酸配制500 g溶质质量分数为28%的硫酸，需要浓硫酸和稀硫酸的质量分别为()a62.5 g437.5 g b71.4 g428.6 gc437.5 g62.5 g d428.6 g71.4 g答案a解析设需要浓硫酸和稀硫酸的质量分别为x、y。由题意得解得：1溶液稀释定律(守恒观点)(1)溶质的质量在稀释前后保持不变，即m1w1m2w2。(2)溶质的物质的量在稀释前后保持不变，即c1v1c2v2。(3)溶液质量守恒，m(稀)m(浓)m(水)(体积一般不守恒)。2同溶质不同物质的量浓度溶液的混合计算(1)混合后溶液体积保持不变时，c1v1c2v2c混(v1v2)。(2)混合后溶液体积发生改变时，c1v1c2v2c混v混，其中v混。考点二一定物质的量浓度溶液的配制1有关仪器的使用(1)容量瓶的使用特点使用方法及注意事项a容量瓶使用前一定要检查是否漏液。其操作顺序为装水盖塞倒立正立玻璃塞旋转180倒立。b用“能”或“不能”填空不能将固体或浓溶液直接在容量瓶中溶解或稀释；不能作为反应容器或长期贮存溶液的容器；不能加入过冷或过热的液体；不能配制任意体积的溶液。(2)托盘天平的使用若配制0.2 moll1 nacl溶液500 ml，应用托盘天平称取nacl5.9 g，称量时，不慎将物品和砝码颠倒放置，实际称量的nacl的质量为4.1 g。(3)量筒的使用量筒没有0刻度；量取7.2 ml溶液，应选用10_ml量筒，量筒上标有使用温度、容量、刻度；不能加热，不能将固体或浓溶液直接在量筒中溶解或稀释。2配制过程示意图深度思考1将10.6 g na2co310h2o溶于水配成1 l溶液，物质的量浓度为0.1 moll1，对吗？答案不对。10.6 g na2co310h2o中n(na2co3)，即v50。9根据溶解度曲线，在80 时将含有等物质的量的硝酸钠和氯化钾混合溶液恒温蒸发，首先析出的是()a氯化钾 b硝酸钠c氯化钠 d硝酸钾答案c解析恒温下，溶解度最小的物质最先析出晶体。10右图是nacl、mgso4的溶解度曲线。下列说法正确的是()a只有在t1 时，nacl和mgso4的溶解度才相等bt1t2 ，mgso4的溶解度随温度升高而减小c在t2 时，mgso4饱和溶液的溶质质量分数最大d把mgso4饱和溶液的温度从t3 降至t2 时，有晶体析出答案c解析a项，在t1 、t3 时，nacl、mgso4的溶解度都相等；b项，t2之前，mgso4的溶解度随温度的升高而增大，t2之后，随温度的升高而降低；c项，w100%，s越大，w越大；d项，把mgso4饱和溶液的温度从t3 降至t2 时，由饱和溶液变成不饱和溶液，不会有晶体析出。11实验室需要0.1 moll1 naoh溶液450 ml和0.5 moll1硫酸溶液500 ml。根据这两种溶液的配制情况回答下列问题：(1)如图所示的仪器中配制溶液肯定不需要的是_ (填序号)，配制上述溶液还需用到的玻璃仪器是_(填仪器名称)。(2)在配制naoh溶液时：根据计算用托盘天平称取naoh的质量为_g；若naoh溶液在转移至容量瓶时，洒落了少许，则所得溶液浓度_(填“”、“”、“”或“”)0.1 moll1。(3)在配制硫酸溶液时：所需质量分数为98%、密度为1.84 gcm3的浓硫酸的体积为_(计算结果保留一位小数)ml；如果实验室有15 ml、20 ml、50 ml量筒，应选用_ml量筒最好；配制过程中需先在烧杯中将浓硫酸进行稀释，稀释时操作方法是_。答案(1)ac烧杯、玻璃棒(2)2.0(3)13.615将浓硫酸沿器壁缓缓倒入水中，并用玻璃棒不断搅拌解析(1)配制溶液需要五种玻璃仪器：量筒、烧杯、玻璃棒、胶头滴管、容量瓶。(2)因无450 ml的容量瓶，配制naoh溶液要用500 ml的容量瓶，m(naoh)cvm0.1 moll10.5 l40 gmol12.0 g；naoh溶于水放出大量热，应把它冷却至室温后再移入容量瓶中，否则定容后，溶液冷却到室温后，体积减小，浓度偏高。(3)c(浓)v(浓)c(稀)v(稀)，即v(浓)0.50.5，得v(浓)0.013 6 l13.6 ml；选用15 ml量筒最好，误差小；注意三点：酸入水、沿器壁、棒搅拌。12已知某“84消毒液”瓶体部分标签如图所示，该“84消毒液”通常稀释100倍(体积之比)后使用。请回答下列问题：(1)该“84消毒液”的物质的量浓度约为_ moll1。84消毒液有效成分naclo规格1 000 ml质量分数25%密度1.19 gcm3(2)某同学取100 ml该“84消毒液”，稀释后用于消毒，稀释后的溶液中c(na)_ moll1。(3)该同学参阅该“84消毒液”的配方，欲用naclo固体配制480 ml含naclo质量分数为25%的消毒液。下列说法正确的是_(填序号)。a如图所示的仪器中，有三种是不需要的，还需要一种玻璃仪器b容量瓶用蒸馏水洗净后，应烘干后才能用于溶液配制c配制过程中，未用蒸馏水洗涤烧杯和玻璃棒可能导致结果偏低d需要称量naclo固体的质量为143.0 g(4)“84消毒液”与稀硫酸混合使用可增强消毒能力，某消毒小组人员用98%(密度为1.84 gcm3)的浓硫酸配制2 l 2.3 moll1的稀硫酸用于增强“84消毒液”的消毒能力。所配制的稀硫酸中，h的物质的量浓度为_ moll1需用浓硫酸的体积为_ml。答案(1)4.0(2)0.04(3)c(4)4.6250解析(1)由c得，c(naclo)4.0(moll1)。(2)稀释前后溶液中naclo的物质的量不变，则有：100 ml103 lml14.0 moll1100 ml100103 lml1c(naclo)，解得稀释后c(naclo)0.04 moll1，c(na)c(naclo)0.04 moll1。(3)选项a，需用托盘天平称量naclo固体，需用烧杯来溶解naclo，需用玻璃棒进行搅拌和引流，需用容量瓶和胶头滴管来定容，图示的a、b不需要，但还需要玻璃棒和胶头滴管；选项b，配制过程中需要加水，所以经洗涤干净的容量瓶不必烘干后再使用；选项c，未洗涤烧杯和玻璃棒将导致配制的溶液中溶质的物质的量减小，结果偏低。选项d，应选取500 ml的容量瓶进行配制，然后取出480 ml即可，所以需要naclo的质量为0.5 l4.0 moll174.5 gmol1149.0 g。(4)根据h2so4的组成可知，溶液中c(h)2c(h2so4)4.6 moll1。2 l 2.3 moll1的稀硫酸中溶质的物质的量为2 l2.3 moll14.6 mol，设需要98%(密度为1.84 gcm3)的浓硫酸的体积为v ml，则有4.6 mol，解得v250。13奶粉中蛋白质含量的测定往往采用“凯氏定氮法”，其原理是食品与硫酸和催化剂一同加热，使蛋白质分解，分解的氨与硫酸结合生成硫酸铵。然后碱化蒸馏使氨游离，用硼酸吸收后再以硫酸或盐酸标准溶液滴定，根据酸的消耗量乘以换算系数，即为蛋白质含量。操作步骤：样品处理：准确称取一定量的固体样品奶粉，移入干燥的烧杯中，经过一系列的处理，待冷却后移入一定体积的容量瓶中。nh3的蒸馏和吸收：把制得的溶液(取一定量)通过定氮装置，经过一系列的反应，使氨变成硫酸铵，再经过碱化蒸馏后，氨即成为游离态，游离氨经硼酸吸收。氨的滴定：用标准盐酸溶液滴定所生成的硼酸铵，由消耗的盐酸标准液计算出总氮量，再折算为粗蛋白含量。试回答下列问题：(1)在配制过程中，下列哪项操作可能使配制的溶液的浓度偏大_(填字母)。a烧杯中溶液转移到容量瓶中时，未洗涤烧杯b定容时，俯视刻度线c定容时，仰视刻度线d移液时，有少量液体溅出(2)若称取样品的质量为1.5 g，共配制100 ml的溶液，取其中的20 ml，经过一系列处理后，使n转变为硼酸铵后用0.1 moll1盐酸滴定，其用去盐酸的体积为23.0 ml，则该样品中n的含量为_(保留两位小数)。已知：滴定过程中涉及到的反应方程式：(nh4)2b4o72hcl5h2o=2nh4cl4h3bo3答案(1)b(2)10.73%解析(1)由cn/v判断：a、d选项中使n偏小，浓度偏小；b选项中俯视刻度线，使v偏小，浓度偏大；c选项中仰视刻度线，使v偏大，浓度偏小。(2)n(n)5n(hcl)0.011 5 mol，该样品中n的含量w100%10.73%。14用霞石岩(主要成分为na2o、k2o、al2o3、sio2)制碳酸钠、碳酸钾和氧化铝的工艺流程如下：已知：nahco3溶液的ph约为89，na2co3溶液的ph约为1112。溶解过滤工序产生的滤液