浙江省温州市乐清国际外国语学校高一物理下学期期末试卷（含解析）.doc

2014-2015学年浙江省温州市乐清国际外国语学校高一（下）期末物理试卷 一、选择题（本题共30小题，每小题2分，共60分每小题给出的四个选项中只有一个选项最符合题目要求）1（2分）（2015春乐清市校级期末）歌曲红星照我去战斗中唱到“小小竹排江中游，巍巍青山两岸走”认为“青山”在“走”，是以（）为参考系的a小小竹排b江水c巍巍青山d岸考点：参考系和坐标系专题：直线运动规律专题分析：小小竹排江中游描述竹排的运动是相对于江岸巍巍青山两岸走描述青山的运动是相对于竹排解答：解：小小竹排江中游描述竹排的运动，其参考系是江岸巍巍青山两岸走描述青山的运动，其参考系是竹排，而竹排随着江水一起运动，故ab正确，cd错误故选：ab点评：本题是初中的能力水平，比较简单，不能失分2（2分）（2010端州区校级模拟）一卫星正绕地球做匀速圆周运动现启动卫星的发动机使其速度增大，待它运动到距离地面的高度比原来大的位置，再定位使它绕地球做匀速圆周运动，成为另一轨道上的卫星该卫星在后一轨道与在前一轨道相比（）a速度增大b加速度增大c周期增大d机械能变小考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用专题：人造卫星问题分析：本题为卫星变轨问题，要注意卫星由低轨道向高轨道运动时，轨道半径增大，由万有引力公式可知其周期、线速度、角速度的变化，则可判断机械能的变化解答：解：卫星在向高轨道运动时，轨道半径增加；但仍然是万有引力充当向心力，即：=m=mr2=m=ma；则可知其线速度减小，加速度减小，周期增大；故ab错误，c正确；由于卫星在上升过程中发动机做正功，故机械能增加；故d错误；故选c点评：在判断卫星变轨问题时，应根据万有引力充当向心力进行判断，而不能错误地认为发动机做正功，动能增大3（2分）（2013盐湖区校级二模）如图，动物园的水平地面上放着一只质量为m的笼子，笼内有一只质量为m的猴子，当猴以某一加速度沿竖直柱子加速向上爬时，笼子对地面的压力为f1；当猴以同样大小的加速度沿竖直柱子加速下滑时，笼子对地面的压力为f2，关于f1和f2的大小，下列判断中正确的是（）af1=f2bf1（m+m）g，f2（m+m）gcf1+f2=2（m+m）gdf1f2=2（m+m）g考点：牛顿第二定律；力的合成与分解的运用专题：牛顿运动定律综合专题分析：分别对猴子加速向上爬和加速下滑的过程运用牛顿第二定律结合牛顿第三定律即可分析求解；解答：解：猴子加速向上爬时，对猴子有：f1mg=ma，f1=ma+mg，对笼子有：f1=f1+mg（m+m）g 猴子加速下滑时有：mgf2=ma，f2=mgma，对笼子有：f2=f2+mg（m+m）gf1+f2=f1+mg+f2+mg=ma+mg+mgma+2mg=2（m+m）g故bc正确，ad错误故选bc点评：本题要求同学们能对猴子和笼子正确进行受力分析，运用牛顿第二定律求解，难度不大，属于基础题4（2分）（2015娄星区模拟）从静止开始做匀加速直线运动的物体，前10s内的位移是10m，则该物体运动30s时的位移为（）a30mb60mc90md120m考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系专题：直线运动规律专题分析：根据求出物体运动的加速度，再根据求出30s内的位移解答：解：由得，a=则故c正确，a、b、d错误故选c点评：本题比较容易，主要考查初速度为零的匀变速直线运动的位移公式的运用5（2分）（2012揭阳学业考试）如图，在光滑绝缘水平面上有两个带电量分别为+q、2q的小球由静止开始释放两球，则两球相互靠近的过程中，对两球组成的系统（）a合外力逐渐增大b总动量逐渐增大c机械能逐渐增大d电势能逐渐增大考点：动量守恒定律专题：动量定理应用专题分析：以两个小球组成的系统为研究对象，当系统所受合力为零时，总动量守恒；除重力和弹簧的弹力以外的力对系统做正功时，系统的机械能增加当电场力做正功时，电势能减小解答：解：a、两球组成的系统受到重力和水平桌面的支持力共两个外力，系统竖直方向上没有位移，两个力的合力为零故a错误b、系统所受合外力为零，总动量守恒，原来总动量为零，释放两球后总动量保持为零故b错误c、d由静止开始释放两球后，小球间由于存在库仑引力，两球间距离减小，电场力做正功，电势能减小，机械能增加故c正确，d错误故选：c点评：动量守恒的条件是系统的合外力为零机械能的变化取决于除重力和弹簧的弹力以外做功，功能关系式为w其他=e机6（2分）（2015春乐清市校级期末）举世瞩目的第29届奥运会于2008年8月8日在北京“鸟巢”体育馆开幕，奥运会吉祥物“福娃”活泼可爱，如图是福娃在几个项目中的运动形象，下列几种说法正确的是（）a用力踢足球，足球会飞出去，说明力能使物体运动状态发生改变b投篮球时，篮球脱手后地球对篮球有力的作用，篮球对地球没有力的作用，所以篮球落到地上c击出的羽毛球能在空中继续飞行，是由于羽毛球具有向前的冲力d用桨向后划水时皮划艇会向前进，这是由于力的作用是相互的考点：力的概念及其矢量性分析：力是物体之间的相互作用，力的作用效果是改变物体的运动状态或形状；一切物体都有惯性，力不是维持物体运动状态的原因解答：解：a、用力踢足球时，由于人对足球施加的力，使物体的运动状态发生了改变；故a正确；b、重力在任何情况下都存在，故b错误；c、羽毛球在空中飞行时，是由于本身的惯性保持了原来的速度，不是因为具有向前的冲力；故c错误；d、力的作用是相互的，故桨对水有力时，水对桨也会产生力的作用，从而推动皮划艇前进；故d正确；故选：ad点评：本题考查力的作用效果及力的性质，要注意明确力的作用是相互的，力具有物质性；但力不是维持物体运动状态的原因7（2分）（2015春乐清市校级期末）做平抛运动的物体，其竖直方向的速度vy随时间变化图象是下图中的（）abcd考点：平抛运动专题：平抛运动专题分析：平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，根据竖直方向上的运动规律得出竖直分速度与时间的关系图线解答：解：平抛运动在竖直方向上做自由落体运动，即竖直分速度与时间成正比，故b正确，a、c、d错误故选：b点评：解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，基础题8（2分）（2015春乐清市校级期末）物理学是科学家们智慧的结晶，科学家们在物理学的发展过程中起到了非常重要的作用，下列叙述符合史实的是（）a伽利略通过理想斜面实验指出：在水平面上运动的物体若没有摩擦，将一直运动下去，并得出结论“力是改变物体运动的原因”，推翻了亚里士多德关于“力是维持物体运动的原因”的观点b牛顿发现了万有引力定律并利用扭秤实验装置比较准确地测出了引力常量c法拉第首先发现电流可以使周围的小磁针发生偏转，称为电流的磁效应d安培发现了右手定则，用于判断通电导线在磁场中受到磁场力的方向考点：物理学史分析：伽利略通过理想斜面实验，提出了力是改变物体运动状态的原因；牛顿提出了万有引力定律，卡文迪许通过实验测出了万有引力常量；奥斯特发现了电流的磁效应，法拉第总结出了电磁感应定律；安培发现了左手定则根据相关科学家的物理学成就进行解答解答：解：a、伽利略通过理想斜面实验，提出了力不是维持物体运动状态的原因，故a正确b、牛顿发现了万有引力，卡文迪许通过扭秤测出了引力常量，故b错误c、奥斯特发现电流的磁效应，法拉第总结出了电磁感应定律，故c错误d、判断通电导线在磁场中受到的磁场力的方向用左手定则，故d错误故选：a点评：本题考查了物理学家的发现，物理学史是高考考查内容之一，是常识性问题，这些常识要与物理学其他知识一起识记9（2分）（2010秋江陵县期末）如图所示的四个图象中，说明物体在作匀速直线运动为（）abcd考点：匀变速直线运动的图像专题：运动学中的图像专题分析：匀速直线运动的位移时间图象是倾斜的直线，其斜率表示速度匀速直线运动的速度时间图象是平行于横轴的直线解答：解：a、此图物体的位移不随时间变化，表示物体处于静止状态，不符合题意故a错误 b、此图象是倾斜的直线，斜率不变，说明物体的速度不变，表示物体做匀速直线运动，符合题意故b正确 c、速度随时间均匀减小，表示物体做匀减速直线运动，不符合题意故c错误 d、速度随时间均匀增大，表示物体做匀加速直线运动，不符合题意故d错误故选b点评：运动图象可以形象直观表示物体运动的情况，可以从数学角度理解图象的物理意义，比如：从斜率、面积、截距等方面理解物理意义10（2分）（2015春乐清市校级期末）如图所示，一根轻绳左端固定在水平天花板上，依次穿过不计质量和摩擦力的动滑轮和定滑轮，在滑轮的下面分别悬挂质量为m1和m2的物体，系统处于静止状态则：下列说法不正确的是（）am1可以大于m2bm1可以小于m2cm2必须小于2m1dm1必须大于2m2考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用专题：共点力作用下物体平衡专题分析：对m1进行受力分析，求出绳子的拉力大小；对滑轮进行分析，由于滑轮放在一根绳子上，绳子两端的张力相等，故可知两绳子和竖直方向上的夹角相等，然后由共点力的平衡关系可求出两物体间的质量关系解答：解：以m1为研究对象，m1受竖直向下的重力m1g、竖直向上的绳子拉力f，处于平衡状态，由平衡条件得：f=m1g； 以动滑轮为研究对象，动滑轮受物体m2竖直向下拉力m2g、绳子的两个拉力f作用，绳子的两个拉力相等，绳子拉力的合力一定两绳子夹角的角平分线上，动滑轮静止，处于平衡状态，绳子拉力的合力等于m2g，两绳子的拉力等于m1g，因互成角度的两分力与合力组成三角形，故可知2m1gm2g，即m2定小于2m1故c正确故选c点评：本题要注意题目中隐含的信息，记住同一绳子各部分的张力相等，即可由几何关系得出夹角的关系；同时还要注意应用力的合成的一些结论11（2分）（2015春乐清市校级期末）有三颗卫星运动于如图所示的三个轨道，其中轨道1和轨道3是以地球为圆心的圆，轨道2 是椭圆轨道，且地球在其中的一个焦点上，轨道2分别与轨道1和轨道3相切于q和p点，卫星在运动过程中不会相撞，则下列分析正确的是（）a在q点时，卫星1和卫星2受到的地球引力一定相同b在p点时，卫星2和卫星3具有相同的加速度c卫星2在p、q两点的线速度大小相同d卫星1在q的线速度小于卫星2在q点的线速度考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系专题：人造卫星问题分析：根据人造卫星的万有引力等于向心力，列式求出线速度、向心加速度、和向心力的表达式进行讨论即可解答：解：a、在q点时，卫星1和卫星2受到的地球引力表达式为 f=g，m、r相等，由于两个卫星的质量关系不知，所以地球引力不一定相同，故a错误b、在p点时，g=ma，可得 a=，可知卫星2和卫星3具有相同的加速度，故b正确c、根据开普勒定律可知卫星2在p点的线速度小于在q点的线速度，故c错误d、卫星1在q点要加速才能轨道2，所以卫星1在q的线速度小于卫星2在q点的线速度，故d正确故选：bd点评：本题关键抓住万有引力提供向心力，先列式求解出加速度表达式，并结合开普勒定律进行讨论12（2分）（2015春乐清市校级期末）一个初速度为6m/s做直线运动的质点，受到力f的作用，产生一个与初速度方向相反、大小为2m/s2的加速度，当它的位移大小为3m时，所经历的时间可能为（）a（3+）sb（3）sc（3+2）sd（32）s考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系专题：直线运动规律专题分析：物体做减速运动，当位移大小为3m时，可能发生反向运动也可能没有，故存在两种情况，根据匀变速直线运动的位移时间公式x=v0t+求解；解答：解：根据运动学公式s=v0t+at2选初速度方向为正方向，代入数据有：3=6tt2解得：t1=（3+）s，t2=（3）s，故cd错误，ab正确故选：ab点评：弄清物体运动过程，然后根据正确物理规律求解，注意根据数学方程求出的结果要符合实际情况13（2分）（2014象山县校级模拟）倾斜的传送带上有一工件始终与传送带保持相对静止，如图，则（）a当传送带向上匀速运行时，物体克服重力和摩擦力做功b当传送带向下匀速运行时，只有重力对物体做功c当传送带向上匀加速运行时，摩擦力对物体做正功d不论传送带向什么方向运行，摩擦力都做负功考点：功的计算；摩擦力的判断与计算专题：功的计算专题分析：物体和传送带一起运动，那么物体和传送带一定有共同的加速度，根据传送带的运动的情况，从而可以确定物体的受力的情况与各力的做功情况解答：解：a、当传送带向上匀速运行时，根据平衡条件知，摩擦力沿斜面向上，则摩擦力做正功，故不是克服摩擦力做功，a错误；b、当传送带向下匀速运行时，根据平衡条件知，摩擦力沿斜面向上，则摩擦力做负功，不是只有重力对物体做功，b错误；c、当传送带向上匀加速运行时，根据牛顿第二定律知合外力沿斜面向上，则摩擦力一定是沿斜面向上的，摩擦力做正功，c正确；d、由前面分析知摩擦力可以做正功，故d错误；故选：c点评：物体一起运动说明它们由共同的加速度，根据牛顿第二定律可以判断物体受到的摩擦力的方向，注意平衡状态下受力情况14（2分）（2015春乐清市校级期末）对平抛运动，下列说法不正确的是（）a平抛运动是匀变速曲线运动b做平抛运动的物体，在任何相等的时间内速度的增量都是相等的c平抛运动可以分解为水平方向的匀速直线运动和竖直方向的自由落体运动d落地时间和落地时的速度只与抛出点的高度有关考点：平抛运动专题：平抛运动专题分析：平抛运动的加速度不变，做匀变速曲线运动，高度决定运动的时间，在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动解答：解：a、平抛运动的加速度不变，做匀变速曲线运动，故a正确b、平抛运动的加速度不变，v=at知，在任何相等的时间内速度的增量都是相等的，故b正确c、平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，故c正确d、平抛运动的时间由高度决定，落地速度由初速度和高度共同决定，故d错误本题选不正确的，故选：d点评：解决本题的关键知道平抛运动的特点，知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律15（2分）（2013秋广东校级期末）一质量为2kg的物体在如图甲所示的xoy平面上运动，在x方向的vt图象和y方向的st图象分别如图乙、丙所示，下列说法正确的是（）a前2s内物体做匀变速直线运动b物体的初速度为8m/sc2s末物体的速度大小为8m/sd前2s内物体所受的合外力大小为8n考点：匀变速直线运动的速度与时间的关系；匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的图像专题：直线运动规律专题分析：由vt图象可知物体的速度变化；由xt图象可知y方向上的位移的变化；由运动的合成和分解可知物体的运动状态，由牛顿第二定律可求得物体的合外力解答：解：a、由vt图可知，物体在x方向上初速度为8m/s，而在y方向上，物体做速度为4m/s的匀速运动，故在前2s内物体做匀变速的曲线运动，故a错误；b、物体的初速度为水平速度和竖直速度的合速度，故初速度为m/s； 故b错误；c、2s末的物体的速度只有竖直分速度，故速度为4m/s，故c错误；d、前2s内物体的加速度为4m/s2，故由牛顿第二定律可知，其合力f=ma=8n，故d正确；故选：d点评：图象是物理学中重要的解题方法之一，一定要熟练掌握公式的意义及应用16（2分）（2015春乐清市校级期末）一物体从塔顶自由下落，在到达地面前的最后1s内通过的位移是整个位移的5/9，则塔高为（g=10m/s2），下列正确的是（）a9mb25mc35md45m考点：自由落体运动专题：自由落体运动专题分析：设物体从塔顶落到地面所经历时间为t，则到达地面最后一秒内的位移等于ts内的位移减去（t1）s内的位移，根据h=gt2结合最后1s内通过的位移是整个位移的，求出物体下落的时间，从而求出塔高解答：解：设物体运动的时间为t，塔高为h，则有：h=gt2到达地面前的最后1s之前通过的位移：h=g（t1）2到达地面前的最后1s内通过的位移：hh=h联立得：h=45m故选：d点评：解决本题的关键通过h=gt2，结合到达地面最后一秒内的位移等于ts内的位移减去（t1）s内的位移，求出运行的时间，从而求出下落的距离，即塔高17（2分）（2015春乐清市校级期末）一物体从静止开始做匀加速直线运动，测得它在第n秒内的位移为s，则物体运动的加速度为（）abcd考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系专题：直线运动规律专题分析：根据匀变速直线运动的位移时间公式，抓住ns内和（n1）s内的位移之差求出物体运动的加速度解答：解：第ns内的位移为：解得：a=故a正确，b、c、d错误故选：a点评：本题也可以根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出第ns中间时刻的瞬时速度，结合速度时间公式求出物体的加速度18（2分）（2015春乐清市校级期末）质量为1kg的小球从空中自由下落，与水平地面相碰后弹到空中某一高度，其速度随时间变化的关系如图所示，取g=10m/s2则（）a小球下落过程中的最大势能为12.5jb小球下落过程中的最大速度为5m/sc第一次反弹的最大动能为4.5jd小球能弹起的最大高度为1.25m考点：匀变速直线运动的速度与时间的关系；匀变速直线运动的图像专题：运动学中的图像专题分析：速度时间图线与时间轴围成的面积表示位移，根据图线与时间轴围成的面积求出下落的高度，从而得出下落过程中最大势能根据反弹时的速度，求出反弹的最大动能，根据图线与时间轴围成的面积求出反弹的最大高度解答：解：a、物体下落的高度h=，则下落过程中的最大势能ep=mgh=101.25j=12.5j故a正确b、着地时的速度最大，为5m/s故b正确c、反弹时的速度为3m/s，则反弹时的最大动能故c正确d、小球能弹起的最大高度h=故d错误故选：abc点评：解决本题的关键知道速度时间图线的物理意义，知道图线与时间轴围成的面积表示位移19（2分）（2015春乐清市校级期末）不计空气阻力，以一定的初速度竖直上拋一物体，从拋出至回到拋出点的时间为t，现在物体上升的最大高度的一半处设置一块挡板，物体撞击挡板前后的速度大小相等、方向相反，撞击所需时间不计，则这种情况下物体上升和下降的总时间约为（）a0.5tb0.4tc0.3td0.2t考点：竖直上抛运动分析：竖直上抛运动的上升阶段和下降各阶段具有严格的对称性（1）速度对称：物体在上升过程和下降过程中经过同一位置时速度大小相等，方向相反（2）时间对称：物体在上升过程和下降过程中经过同一段高度所用的时间相等（3）能量对称：物体在上升过程和下降过程中经过同一段高度重力势能变化量的大小相等，均为mgh物体第二次运动依然具有对称性，上升和下降时间相等；根据位移时间关系公式列式求解解答：解：物体下降时间为0.5t，故高度为：=物体自由落体运动0.5h过程，有：联立解得：t1=故第二次物体上升和下降的总时间：t=t2t1=t0.3t故选：c点评：本题关键抓住竖直上抛运动的对称性进行分析，然后灵活地选择过程和运动学公式列式求解20（2分）（2015春乐清市校级期末）某物体在f的作用下，从光滑斜面的底端运动到顶端，动能的增量为ek，势能的增量为ep，则（）a力f所做的功等于ekb力f所做的功等于ek+epc合外力所做的功为ek+epd合外力所做功等于ep考点：功能关系；动能分析：根据动能定理求出合力做功的大小，从而得出拉力做功的大小根据重力做功与重力势能的关系求出物体克服重力做功的大小解答：解：a、根据动能定理得，wfwg=ek，则拉力做功wf=wg+ek，因为wg=ep，拉力f做的功等于ek+ep故a错误，b正确c、根据动能定理，合外力做功等于动能的变化量，即w合=ek故c错误d错误故选：b点评：解决本题的关键知道合力做功与动能的变化的关系，重力做功与重力势能变化的关系等21（2分）（2015春乐清市校级期末）在一条平直的公路上有甲、乙两城，汽车从甲城以大小为v1的速度作匀速直线运动行驶到乙城，紧接着又从乙城以大小为v2的速度作匀速直接运动返回到甲乙两城的正中点的一小镇，则汽车在这一全过程的平均速度（大小）为（）a=b=c=d=考点：平均速度专题：直线运动规律专题分析：根据汽车的总路程和总时间，结合平均速度的定义式求出全程的平均速度大小解答：解：设甲城到乙城的距离为s，则全程的位移为：x=，全程的总时间为：t=，则全程的平均速度为：故选：d点评：解决本题的关键知道平均速度和平均速率的区别，知道平均速度等于位移与时间的比值，平均速率等于路程与时间的比值22（2分）（2015春乐清市校级期末）一辆车以速率v行驶了三分之二的路程，接着以速率20km/h跑完其余三分之一的路程若全程的平均速度是28km/h，则v是（）a24km/hb35km/hc36km/hd48km/h考点：平均速度专题：直线运动规律专题分析：设全程的位移大小为3x，根据t=分别求出前后两段运动的时间表达式，再得到全程平均速度的表达式，求出v解答：解：设全程的位移大小为3x，由题得到全程的平均速度为：=，又t1=，t2=得：=代入数据解得：v=35km/h故选：b点评：本题考查对平均速度的理解和应用能力，常规题，关键抓住平均速度的定义列式23（2分）（2015春乐清市校级期末）如图所示，一个小球（视为质点）从h=12m高处，由静止开始沿光滑弯曲轨道ab，进入半径r=4m的竖直圆环内侧，且与圆环的动摩擦因数处处相等，当到达圆环顶点c时，刚好对轨道压力为零；然后沿cb圆弧滑下，进入光滑弧形轨道bd，到达高度为h的d点时速度为零，则h的值可能为（）a10 mb9.5 mc8.5 md8 m考点：向心力；动能定理专题：匀速圆周运动专题分析：分析小球从a到c点的运动过程，已知c点小球对圆环无压力，则重力提供向心力，求出小球的动能，小球从a运动到c，根据动能定理求出小球从a运动到c，半个圆弧加上ab段圆弧的摩擦力做功，再分析从c点运动到d点根据动能定理列式，根据两半圆摩擦力的关系再结合机械能守恒定律求出如果没有摩擦力小球上升的高度，即可求出高度的范围解答：解：已知c点小球对圆环无压力，则重力提供向心力，得到：mg=m小球在c点的动能为：小球从a运动到c，根据动能定理得：mg（h2r）wf=ekc把数据代入，得到：wf=2mg所以小球从a运动到c，半个圆弧加上ab段圆弧的摩擦力做功wf=2mg再分析从c点运动到d点根据动能定理得：mg（2rh）wf=0mgh=10mgwf因为沿bc弧运动的平均速度小于沿ab弧运动平均速度，根据圆周运动向心力公式可知沿bc弧运动的平均正压力小于沿ab弧运动平均正压力，故沿bc弧运动的平均摩擦力小于沿ab弧运动的平均摩擦力，所以0wfwf=2mg所以8mgmgh10mg故8mh10m故b、c正确，a、d错误故选：bc点评：本题解题的关键是对小球运动过程的分析，知道小球在两个半圆上的摩擦力做功不等，难度适中24（2分）（2015春乐清市校级期末）如图，用oa、ob两根轻绳将物体悬于两竖直墙之间，开始时ob绳水平现保持o点位置不变，改变ob绳长使绳末端由b点缓慢上移至b点，此时ob与oa之间的夹角90设此过程中oa、ob的拉力分别为foa、fob，下列说法正确的是（）afoa逐渐减小，fob逐渐增大bfoa逐渐减小，fob先减小后增大cfoa逐渐增大，fob逐渐减小dfoa逐渐增大，fob先减小后增大考点：共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力专题：共点力作用下物体平衡专题分析：以结点o为研究对象，分析受力，作出轻绳在b和b两个位置时受力图，由图分析绳的拉力变化解答：解：以结点o为研究对象，分析受力：重力g、绳oa的拉力foa和绳bo的拉力fob，如图所示，根据平衡条件知，两根绳子的拉力的合力与重力大小相等、方向相反，作出轻绳ob在两个位置时力的合成图如图，由图看出，foa逐渐减小，fob先减小后增大，当=90时，fob最小故选：b点评：本题运用图解法研究动态平衡问题，也可以根据几何知识得到两绳垂直时，轻绳ob的拉力最小来判断25（2分）（2015春乐清市校级期末）汽车以20m/s的速度做匀速直线运动，刹车后的加速度为5m/s2，那么开始刹车后2s与开始刹车后6s汽车通过的位移之比为（）a1：1b1：3c3：4d3：1考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系专题：直线运动规律专题分析：匀变速直线运动的位移时间关系和速度时间关系，注意刹车问题注意停车时间解答：解：汽车刹车后做匀减速运动，已知初速度v0=20m/s，加速度a=5m/s2，停车后速度v=0根据匀变速直线运动的速度时间关系v=v0+at，得汽车停车时间为：=4s；开始刹车后2s内的位移为：=30m因为汽车4s就停下来，故汽车6s内的位移等于汽车刹车过程中4s内的位移为： x6=40m所以刹车后2s内的位移和刹车后6s内的位移之比为：=故选：c点评：汽车刹车是匀减速运动，当汽车停止运动后，不在是匀变速运动，位移时间关系不能用匀变速直线运动的位移时间关系求解，所以刹车问题要注意汽车停车时间26（2分）（2015春乐清市校级期末）如图所示是放置于水平地面上的简易滑梯示意图，一小孩从滑梯斜面顶点a开始无初速度下滑，在ab段匀加速下滑，在bc段匀减速下滑，滑到c点恰好速度为零（b点为ac的中点），整个过程中滑梯保持静止状态假设该小孩在ab段和bc段滑动时与斜面间的动摩擦因数分别为1和2，斜面倾角为，则（）a整个过程中地面对滑梯的支持力始终等于该小孩和滑梯的总重力，地面对滑梯始终无摩擦力作用b动摩擦因数满足1+2=2tanc该小孩在ab和bc两段运动的时间相等，平均速度也相等dab段与bc段小孩受的摩擦力做功的平均功率相等考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用专题：共点力作用下物体平衡专题分析：小孩在ab段做匀加速直线运动，加速度沿斜面向下；在bc段做匀减速直线运动，加速度沿斜面向上以小孩和滑梯整体为研究对象，将小孩的加速度分解为水平和竖直两个方向，由牛顿定律分析地面对滑梯的摩擦力方向和支持力的大小；根据动能定理求解1+2；根据=知两段的平均速度的关系；由w=fs和p=分析平均功率大小关系解答：解：a、由题意知，小孩在ab段加速下滑，有沿斜面向下的加速度a1，有竖直向下的分加速度，处于失重状态，故此过程地面对斜面的支持力小于整体的重力，故a错误；b、设小孩在b点的速度为v，由于ab=bc，再根据v2=2ax，可得在ab、bc段加速度大小相等，根据牛顿第二定律：ab段有：mgsin1mgcos=ma；bc段有：2mgcosmgsin=ma，联立解得1+2=2 tan ，故b正确；c、由v=at，=可得：小孩在ab和bc两段运动的时间相等，平均速度也相等，故c正确；d、由上述分析知，ab段、bc段的摩擦力不同，而平均速度相同，根据功率p=f，可得：ab段与bc段小孩受的摩擦力做功的平均功率不相等，故d错误故选：bc点评：本题主要考查了匀变速直线运动基本公式的直接应用，本题解答时也可以根据动能定理求解27（2分）（2014丰顺县校级模拟）水平地面上放着一个重4n的足球，一个小孩用10n的力踢球，使球向前运动了2m，下列说法中正确的是（）a小孩对球做功20jb小孩对球做功8jc小孩对球做功28jd条件不足，无法计算小孩对球做的功考点：功的计算专题：功的计算专题分析：物体在力的方向上发生位移，力对物体做功，由功的计算公式可以求恒力的功，由动能定理可以求出恒力与变力的功解答：解：由于不知小孩对足球施加力的作用的位移，无法由功的计算公式求出小孩对足球所做的功；对足球做的功转化为足球的动能，由于不知道小孩踢球后足球获得的速度，无法求出小球的动能，无法应用动能定理求出小孩对足球所做的功，所以，根据现有条件无法求出小孩对足球做的功，故d正确；故选：d点评：球的位移2m不是在小孩作用力10n作用下的位移，不能据此由w=fs求出小孩对球做的功28（2分）（2008宁夏）一滑块在水平地面上沿直线滑行，t=0时其速度为1m/s从此刻开始滑块运动方向上再施加一水平面作用f，力f和滑块的速度v随时间的变化规律分别如图a和图b所示设在第1秒内、第2秒内、第3秒内力f对滑块做的功分别为w1、w2、w3，则以下关系正确的是（）aw1=w2=w3bw1w2w3cw1w3w2dw1=w2w3考点：功的计算；匀变速直线运动的图像专题：功的计算专题分析：根据功的公式w=fl可知，知道f的大小，再求得各自时间段内物体的位移即可求得力f做功的多少解答：解：由速度图象可知，第1s、2s、3s内的位移分别为0.5m、0.5m、1m，由ft图象及功的公式w=fscos可求知：w1=0.5j，w2=1.5j，w3=2j故本题中acd错，b正确故选：b点评：本题考查的是学生对功的理解，根据功的定义可以分析做功的情况29（2分）（2013春聊城期末）如图所示，在竖直平面内有一个半径为r的圆弧轨道半径oa水平、ob竖直，一个质量为m的小球自a正上方p点由静止开始自由下落，小球沿轨道到达最高点b时恰好对轨道没有压力，已知pa=2r，重力加速度为g，则小球（）a从b点飞出后恰能落到a点b从p到b的运动过程中机械能守恒c从p到b的运动过程中合外力做功mgrd从p到b的运动过程中克服摩擦力做功mgr考点：动能定理的应用；牛顿第二定律；向心力专题：动能定理的应用专题分析：a、由牛顿第二定律求出到达b的速度，然后由平抛运动规律求出小球的水平位移，然后答题；b、求出初末状态的机械能，然后分析答题；c、由动能定理求出合外力做功；d、由动能定理求出克服摩擦力做功解答：解：a、小球在b点对轨道恰好没有压力，小球只受重力，由牛顿第二定律得：mg=m，解得：vb=，离开b后小球做平抛运动，竖直方向上：r=gt2，水平方向：x=vt=rr，则球从b飞出后要落到a的右侧，故a错误；b、以b点所在水平面为零势面，小球初状态的机械能为e=mgh=mgr，小球到达b点的机械能：e=mvb2=mgre，从p到b的运动过程中机械能不守恒，故b错误；c、从p到b过程，由动能定理可知，合外力做功等于动能增加量，w合=mvb2=mgr，故c正确；d、从p到b过程，克服摩擦力做功等于机械能减小量，由此可知，wf=ee=mgr，故d错误故选：c点评：分析清楚小球的运动过程，应用牛顿第二定律、动能定理、平抛运动规律即可正确解题30（2分）（2012宁城县模拟）两物体m、m 用跨过光滑定滑轮的轻绳相连，如图放置，oa、ob与水平面的夹角分别为30、60，m、m均处于静止状态则（）a绳oa对m的拉力大小大于绳ob对m的拉力b绳oa对m的拉力大小等于绳ob对m的拉力cm受到水平面的静摩擦力大小为零dm受到水平面的静摩擦力的方向水平向左考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用专题：共点力作用下物体平衡专题分析：对结点o受力分析，再沿水平方向对正交分解，然后利用平衡条件求出ao、bo绳的张力f1和f2对m受力分析，两绳对m的拉力为水平向左的f1，水平向右的f2，有平衡条件知f1和f2的差就等于m受到的摩擦力的大小解答：解：a、b、对接点o受力分析如图：把f1和f2分别分解到水平方向和竖直方向沿水平方向列方程：f1cos30=f2cos60沿竖直方向列方程：f1sin30+f2sin60=mg由联立得：f1=f2=故f2f1故a错误，b错误；c、d、对m受力分析如下图：水平方向列平衡方程：f1+f=f2由解得：f=f2f1=，故m受到的摩擦力为静摩擦力方向水平向左故c错误，d正确故选：d点评：本题综合了受力分析、正交分解、平衡条件应用等内容解题过程中要注意研究对象选取，正确选取研究对象是解决此类问题的关键，该题难度中等二、实验题（19分）31（9分）（2015南昌校级模拟）如图一轻绳跨过定滑轮，两端分别栓有质量为m1=m，m2=2m的物块，m2开始是静止于地面上，当m1自由下落h距离后，绳子突然被拉紧且不反弹（绷紧时间极短），设整个运动过程中m1都不着地求：（1）绳子绷紧过程中，绳对m2物块的冲量i大小？（2）m2物块落回地面前，m2离地面的最大高度？考点：动量定理；功能关系专题：动量定理应用专题分析：（1）由机械能守恒定律求出绳子拉紧前m1的速度，然后对两物块应用动量定理，求出它们的速度，由动量定理求出绳对m2物块的冲量i大小（2）m2上升的过程中机械能守恒，列出公式，即可求出m2离地面的最大高度解答：解：（1）m1自由下落过程机械能守恒，由机械能守恒定律得：m1gh=m1v12，解得：v1= 绳子拉紧后，经很短时间t两物体速度相等为v，以向上为正方向，由动量定理得：对m1：（t1m1g）t=m1v（m1v1） 对m2：（t2m2g）t=m2v0 拉紧绳子过程中，绳子的拉力远大于物体受到的重力，可以认为：t1=t2，由解得：所以在极短的时间内，绳子对m2物块的冲量i大小：（2）m2上升的过程中仍然受到拉力，m2和m1两个物体的系统机械能守恒，得：所以：答：（1）绳子绷紧过程中，绳对m2物块的冲量i大小是；（2）m2物块落回地面前，m2离地面的最大高度是点评：本题考查了求物块的速度，分析清楚物块运动过程，应用机械能守恒定律与动量定理即可正确解题；应用动量定理解题时要注意选择正方向，注意各量的方向32（10分）（2015春乐清市校级期末）小明同学做“研究匀变速直线运动”的实验（1）释放小车时，实验装置如图1所示，指出该装置或操作中的错误：aca电磁打点计时器接在直流电源上了b小车质量没有远大于钩码质量c小车离打点计时器过远d没有平衡小车的摩擦力（2）如图2为改正装置后打下的一条纸带的中间部分，a、b、c、d为其中连续打出的四个点由于操作不慎，c点模糊了，小明仍用此纸带来研究从图上可以读得a点在刻度尺上位置的读数为2.95cm，在打下c点时小车的速度为1.40m/s（此空结果保留三位有效数字）（3）在第（2）问中，设相邻计数点的时间间隔为t，小明设计了测量小车加速度的几种方法，你认为可行的是：a测量出ab的距离xab，利用xab=at2求出加速度b测出ab的距离xab和bd的距离xbd，算出ab与bd段的平均速度vab与vbd，利用a=求出加速度c测出ab的距离xab和bd的距离xbd，利用a= 求出加速度d测出ab的距离xab和b到c模糊处中点的距离xbc，利用a=估测小车的加速度考点：探究小车速度随时间变化的规律专题：实验题；直线运动规律专题分析：（1）打点计时器应接交流电源，小车应紧靠打点计时器；（2）刻度尺的读数应读到最小刻度的下一位；根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出c点的速度（3）根据匀变速直线运动的公式或推论求解小车的加速度，判断求解的合理性解答：解：（1）a、电磁打点计时器应接在交流电源上，故a错误；bd、此实验不需平衡摩擦力，也不需小车质量远大于钩码质量，故bd正确；c、小车离打点计时器过远，故c错误；本题选择错误的，故选：ac（2）a点在刻度尺上位置的读数为 2.950.05cm；在打下c点时小车的速度为=1.40m/s（3）a、因为a点的速度不一定是零，所以用xab=at2求出加速度不正确，选项a 错误；b、ab段的平均速度等于ab中间时刻的瞬时速度，bd段的平均速度等于c点的瞬时速度，此过程的时间应为1.5t，所以利用a=求加速度不正确，选项b错误；c、因为xbcxab=at2，即2xbc2xab=2at2，又xcdxbc=at2，两式相加可得：xcd+xbc2xab=3at2，即a=，选项c正确；d、测出ab的距离xab和b到c模糊处中点的距离xbc，根据xbcxab=at2，利用a=估测小车的加速度，选项d正确故cd正确；故答案为：（1）ac；（2）2.950.05；1.400.03；（3）