湖北省部分重点中学高二物理上学期期末考试试题 （含解析）新人教版.doc

湖北省部分重点中学2012-2013学年度上学期高二期末考试物 理 试 卷一、选择题（共12小题，每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分）1.下列有关声现象的说法中正确的是a夏日里在一次闪电过后，有时雷声轰鸣不绝，这是声波的干涉现象b将房间门窗关紧，可还是能听到窗外的声音，这是声波的衍射现象c匀速远离一个静止着的发声蜂鸣器，由于多普勒效应，会感觉到声音越来越尖锐d将两个固有频率相同的音叉稍稍间隔一点距离并列放置，敲击其中一个音叉后用手将它按住，让它停止振动，却能听到未被敲击的音叉发出声音，这是声波的干涉现象【答案】b【解析】a、夏天里在一次闪电过后，有时雷声轰鸣不绝，是由于声音在云层间来回传播，这是声音的反射；b、将房间门窗关紧，可还是能听到窗外的声音，这是声波通过门窗的缝隙发生的衍射现象；c、远离声源，听到的声音的频率降低，感觉声音音调变低；d、共振是两个振动频率相同的物体，当一个发生振动时，引起另一个物体振动的现象。共振在声学中亦称“共鸣”，它指的是物体因共振而发声的现象，如两个频率相同的音叉靠近，其中一个振动发声时，另一个也会发声。【考点】波的反射；波的衍射；多普勒效应；共鸣2.下列关于简谐振动和简谐机械波的说法正确的是a弹簧振子的周期与振幅有关b横波在介质中的传播速度由介质本身的性质决定c在波传播方向上的某个质点的振动速度就是波的传播速度d单位时间内经过介质中一点的完全波的个数等于这列简谐波的频率.【答案】bd【解析】a、弹簧振子的周期与振幅无关，这种性质叫等时性，故a错误；b、横波在介质中的传播速度由介质本身的性质决定，与频率无关，故b正确；c、在波传播方向上的某个质点做简谐运动，速度是周期性变化的，而在同一均匀介质传播的波，传播过程中速度不变，故c错误；d、波在一个周期内传播的距离等于一个波长，即传播一个完全波，则单位时间内经过媒质中一点的完全波的个数就是这列简谐波的频率，故d正确。【考点】机械波；简谐运动3.铺设铁轨时,每两根钢轨接缝处都必须留有一定的间隙,匀速运行列车经过轨端接缝处时,车轮就会受到一次冲击.由于每一根钢轨长度相等,所以这个冲击力是周期性的,列车受到周期性的冲击做受迫振动.普通钢轨长为12.6 m,列车固有振动周期为0.315s.下列说法正确的是a.列车的危险速率为40 km/hb.列车过桥需要减速，是为了防止列车发生共振现象c.列车运行的振动频率和列车的固有频率总是相等的d.增加钢轨的长度有利于列车高速运行【答案】ad【解析】a、由可求出危险车速为40m/s，故选项a正确；b、列车过桥需要减速，是为了防止桥与火车发生共振现象，故选项b错误；c、列车的速度不同，则振动频率不同，故c错误；d、由题意可知，增加长度可以使危险车速增大，故可以使列车高速运行，故d正确。【考点】产生共振的条件及其应用4.如图所示条形磁铁用细线悬挂在o点o点正下方固定一个水平放置的铜片让磁铁在竖直面内摆动，下列说法中正确的是a铜片对磁铁的运动无影响b铜片对磁铁始终是阻碍作用c磁铁始终受到斥力作用d磁铁所受到铜片作用力有时是阻力有时是动力【答案】b【解析】a b c、由楞次定律可知，磁铁靠近铜片时受到斥力作用，远离铜片时受到引力作用，故ac错误b正确；d、由楞次定律可知，感应电流总是阻碍磁铁的相对运动，感应电流对磁铁的作用力总是阻力，故d错误；【考点】楞次定律5.如图所示的电路，电源电动势为e，线圈l的电阻不计以下判断正确的是a闭合s，稳定后，电容器两端电压为eb闭合s，稳定后，电容器的b极板带正电c断开s的瞬间，电容器的a极板将带正电d断开s的瞬间，电容器的a极板将带负电【答案】c【解析】a、b由于线圈l的直流电阻不计，闭合s，稳定后，电容器两端电压为零，电容器不带电，故ab错误；c、d断开s的瞬间，线圈中电流将要减小，产生自感电动势，根据楞次定律判断可知，线圈产生左正右负的自感电动势，相当于电源，电容器充电，a极板将带正电；故c正确，d错误。【考点】电容；闭合电路的欧姆定律；电容器和电感器对交变电流的导通和阻碍作用6. 长为l的导体棒电阻为r，用两根绝缘轻导线悬挂，电源电动势为e，内阻不计。加上如图所示的竖直方向匀强磁场，静止时悬线与竖直方向的夹角为。则：a.导体棒受到的安培力为bel/rb.导体棒受到的安培力为belsinrc.导体棒的质量为beltan/grd.导体棒的质量为bel /grsin【答案】a【解析】由得，；导体棒受力如图所示，由平衡条件得：水平方向 竖直方向解得；故a正确。【考点】安培力；共点力平衡7. 如图甲所示，t为理想变压器，原、副线圈匝数比为10:1，副线圈所接电路中电压表v1、v2和电流表a1、a2都为理想电表，电阻r1 =4，r26，r3的最大阻值为12，原线圈两端加上如图乙所示规律变化的电压在r3的滑片自最下端滑动到最上端的过程中，以下说法正确的是a.电压表v1的示数增大 b.电压表v2的示数为22 vc.电流表a1、a2的示数都增大d.电压表v1示数与电流表a1的示数的乘积直减小【答案】d【解析】电表的读数是交流电的有效值，由可知，v2示数不变为22v，故b错误；r3的滑片自最下端滑动到最上端的过程中电路的电阻变小，电路消耗的总功率变大，电路中电流变大，r1两端的电压变大，v1示数就应该减小（故a错误），通过a2的电流就会减小（故c错误）；对并联部分的电路可以等效成如图所示的电路，因为r1 =4，r26，r3的最大阻值为12，即初始状态外电阻等于内电阻，故电源输出功率应是逐渐减小，故d正确。【考点】变压器8.如图所示，在磁感应强度大小为b、方向竖直向上的匀强磁场中，有一质量为m、阻值为r的闭合矩形金属线框abcd用绝缘轻质细杆悬挂在o点，并可绕o点摆动。金属线框从左侧某一位置静止开始释放，在摆动到右侧最高点的过程中，细杆和金属框平面始终处于同一平面，且垂直纸面。则线框中感应电流的方向是a. abcdab.dcbadc.先是dcbad，后是abcdad.先是abcda，后是dcbad【答案】a【解析】由楞次定律，一开始磁通量减小，后来磁通量增大，由“增反”“减同”可知电流方向是abcda；故选a。【考点】楞次定律9.如图所示，将小球a、b分别由静止同时释放（b小球未画出），最后都到达竖直面内圆弧的最低点d，其中a沿圆弧轨道从a点运动到d，且a点很靠近d点b是从竖直直径cd所在直线上的某一点出发做自由落体运动，如果忽略一切摩擦阻力，要求a、b同时到达d点，那么b的出发点应该在a.圆心o到d之间的某一点b.圆心o到c之间的某一点c.圆心o点d.c点以上的某一点【答案】b【解析】两球运动时间相等对a球做简谐运动，由、其运动时间为，所以对b球做自由落体运动，由得；所以，故出发点在oc间，故选b。【考点】自由落体运动；简谐运动10. 如图所示，等腰三角形内分布有垂直于纸面向外的匀强磁场，它的顶点在x轴上且底边长为4l， 高为l，底边与x轴平行。纸面内一边长为l的正方形导线框以恒定速度沿x轴正方向穿过磁场区域，在t=0时刻恰好位于图中所示的位置。以顺时针方向为导线框中电流的正方向，在下面四幅图中能够正确表示电流位移（i-x）关系的是 【答案】a【解析】线圈从0开始向右运动l时，线圈的右侧导体切割磁感线，有效长度增大，故电动势均匀增大，电流增大，由右手定则可知，电流方向沿顺时针；l到2l时，左侧边开始进入磁场，由图可知，右侧增加的长度与左侧增加的长度相互抵消，故有效长度不变，则感应电动势不变，电流不变，沿顺时针方向；2l时，右侧导体达到最大，左侧有效长度最小；而2l到3l过程中，右侧长度减小，而左侧长度增大，故电流要减小；在2.5l时，两边长度相等，故电流为零；此后到3l时，左侧增大，而右侧减小，故左侧将大于右侧，由右手定则可得出电流方向反向，电流增大；至此即可判断bcd错误，a正确；【考点】法拉第电磁感应定律；右手定则11.一列简谐横波，在t=5.0 s时的波形如图甲所示，图乙是这列波中质点p的振动图线，那么该波的传播速度和传播方向是a.v=0.25 m/s，向右传播 b.v=0.50 m/s，向右传播 c.v=0.25 m/s，向左传播 d.v=0.50 m/s，向左传播【答案】b【解析】由甲图波动图象读出波长=100cm=1m，由乙图振动图象读出周期t=2s，则波速；由乙图振动图象上读出p点t=5.0s的速度方向沿y轴负方向，根据甲图波动图象判断波向右传播；故选b。【考点】波长、频率和波速的关系；横波的图象12. 均匀介质中两波源s1、s2分别位于x轴上x10、x214m处，质点p位于x轴上xp4m处，t0时刻两波源同时开始由平衡位置向y轴正方向振动，振动周期均为t01s，传播速度均为v40ms，波源s1的振幅为a12cm，波源s2的振幅为a23cm，则从t0至t0.35s内质点p通过的路程为a5cm b12cm c16cm d32cm【答案】c【解析】由振动周期均为t=0.1s，传播速度均为v=40m/s，则波长=vt=400.1m=4m；而t=0时刻两波源同时开始由平衡位置向y轴正方向振动，所以当波源s2传播到p时（用时2.5t），波源s1使得p点已振动1.5t，即通过的路程为12cm；当波源s1的波峰传播到质点p时，波源s2的波谷也传到p点，所以正好相互减弱故在从t=0至t=0.35s内的最后0.1s内，质点p通过的路程为4cm，因此t=0至t=0.35s内质点p通过的路程为16cm。【考点】波的叠加；横波的图象；波长、频率和波速的关系二、实验填空题（15分）13如下图所示，游标卡尺的读数是 cm，螺旋测微器的读数是 cm。【答案】2.130 4.712【解析】游标卡尺的主尺读数为21mm，游标读数为0.056mm=0.30mm，所以最终读数为21.30mm=2.130cm；螺旋测微器固定刻度为4.5mm，可动刻度为0.0121.2=0.212mm，所以最终读数为4.712mm。【考点】刻度尺、游标卡尺的使用；螺旋测微器的使用14.某同学想描绘某一热敏电阻的伏安特性曲线，实验室提供下列器材：a电压表v（量程为05v，内阻约5k）b电流表a1（量程为025ma，内阻约0.2）c电流表a2（量程为0一0.6a，内阻约0.1)d滑动变阻器r1（0一10，额定电流1.5a)；e滑动变阻器r2（0一1000，额定电流0.5a）f定值电阻r0（r0=1000）g直流电源（电动势6v，内阻忽略不计）h开关一个、导线若干（1）该同学选择了适当的器材组成描绘伏安特性曲线的电路，得到热敏电阻电压和电流的7组数据（如下表），请你在方格纸上作出热敏电阻的伏安特性曲线电压u（v）0.01.02.02.43.03.64.0电流i（ma）0.011.816.020.0 （2）该同学选择的电流表是（选填“b”或“c”），选择的滑动变阻器是（选填“d”或“e”）（3）请在上面的方框中画出该同学完成此实验的电路图（热敏电阻符号为 ）【答案】（1）伏安特性曲线如下图（2）bd（3）此实验的电路图如下图【解析】（1）根据所给数据，利用描点法画出图象如图所示；（2）电流的变化范围为0-20ma，所以电流表选择b；滑动变阻器的特点是：电阻大的调节精度低，电阻变化快，操作不方便，故选小电阻的，故选d；（3）该实验中由于需要测量较多的数据，因此滑动变阻器采用分压接法，由于热敏电阻阻值较大，因此安培表采用内接法，电路图如图所示。【考点】描绘小电珠的伏安特性曲线三计算题（47分）15.（8分）一列简谐横波如图所示，t1时刻的波形如图中实线所示，t2时刻的波形如图中虚线所示，已知t= t2 t1=0.5s，问：（1）若波向左传播，且3tt4t，波速是多大？（2）若波速等于68m/s，则波向哪个方向传播？该波的频率多大？【答案】 v1=60m/s f=8.5hz【解析】(1)传播距离x1=3+3/4=30mv1=x1/t=60m/s (2)如向右传，则x2=/4+k=2+8k对应速度v2= x2/t=4+16k（m/s）k=4时为68m/s。故波向右传播。频率f=v/=8.5hz 【考点】机械波；波长、频率和波速的关系16.（12分）如图所示，一矩形线圈在匀强磁场中绕轴匀速转动，磁场方向与转轴垂直，线圈匝数40，电阻0.1，长0.05，宽0.04，转速3000r/min，磁场的磁感应强度，线圈两端外接电阻9.9的用电器和一个交流电流表。求：（结果保留2位有效数字）(1)线圈中产生的最大感应电动势；(2)从图示位置开始计时,t=1/600s时刻,电流表的读数；(3)从图示位置开始，线圈转过60和120，通过用电器的电荷量之比；(4)1min内外力需要提供的能量。【答案】5.0v 0.35a 【解析】（1）em=nbs=5.0v(2)i=e/(r+r)=em/(r+r)=0.35a (3) (4)由能量守恒得 【考点】正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率；能量守恒17.（12分）如图所示，在倾角为的光滑斜面上有一磁场区域，区域的上下边界aa、cc与水平面平行，间距为dl，磁场的磁感应强度为b，方向与斜面垂直。用粗细均匀的导线绕制的矩形线圈abcd位于斜面上，其质量为m，电阻为r，ab边长2l，bc边长l。现令线框由静止开始沿斜面下滑，恰好匀速进入磁场区域。线框下滑过程中cd边始终与磁场边界平行。求：线框释放时ab边与磁场上边界aa的距离l；ab边穿出边界cc瞬间，ab两点的电势差uab；从开始释放线框到ab边与cc重合过程中，线框中的焦耳热q。【答案】； 【解析】（1）匀速进入磁场，得机械能守恒，得（2）完全进入磁场后，匀加速下滑（d-l）ab边穿出边界cc，设此时线框速度v2此过程机械能守恒，有此时cd边切割，电动势e=b（2l）v2，电流方向adcba，uab0且（3）由能量守恒得【考点】共点力平衡；机械能守恒；能量守恒18.（15分）如图所示，坐标系xoy位于竖直平面内，在该区域内有场强e=12n/c、方向沿x轴正方向的匀强电场和磁感应强度大小为b=2t、沿水平方向且垂直于xoy平面指向纸里的匀强磁场一个质量m=410-5kg，电量q=2.510-5c带正电的微粒，在xoy平面内做匀速直线运动，运动到原点o时，撤去磁场，经一段时间后，带电微粒运动到了x轴上的p点取g10 m/s2，求：（1）带电微粒由原点o运动到p点的时间；（2）p点到原点o的距离【答案】t1.2s op15m【解析】微粒运动到o点之前受到重力、电场力和洛伦兹力作用，在这段时间内微粒做匀速直线运动，说明三力合力为零由此可得代入数据得v=10m/s 微粒运动到o点之后，撤去磁场，微粒只受到重力、电场力作用，其合力为一恒力，且方向与微粒在o点的速度方向垂直，所以微粒在后一段时间内的运动为类平抛运动，可沿初速度方向和合力方向进行分解。代入数据得：设沿初速度方向的位移为s1，沿合力方向的位移为s2 ，如图示：因为 s1 =v t ； ；k 联立得p点到原点o的距离：op15m o点到p点运动时间 t1.2s 【考点】带电粒子在复合场中的运动湖北省部分重点中学2012-2013学年度上学期高二期末考试物理参考答案一、选择题：题号123456789101112答案bbdadbcadababc二、实验填空题：13、游标卡尺的读数是 2.130 cm，螺旋测微器的读数是 4.7114.713 cm。14、（1）请你在方格纸上作出热敏电阻的伏安特性曲线 （2）该同学选择的电流表是b，选择的滑动变阻器是d（3）请在上面的方框中画出该同学完成此实验的电路图三、计算