贵州省遵义市航天高中高二物理下学期6月月考试卷（含解析）.doc

贵州省遵义市航天高中2014-2015学年高二下学期月考物理试卷（6月份） 一、不定项选择题（15单选，68多选，每小题6分，共48分）1（6分）关于电磁感应，下列说法中正确的是（）a穿过线圈的磁通量越大，感应电动势越大b穿过线圈的磁通量为零，感应电动势一定为零c穿过线圈的磁通量的变化越大，感应电动势越大d通过线圈的磁通量变化越快，感应电动势越大2（6分）当一段直导体棒在匀强磁场中，匀速切割磁感线运动时（）a一定产生感应电流b一定产生焦耳热c一定受到磁场力作用d一定产生感应电动势3（6分）如图所示，光滑绝缘的水平面上有两个离得很近的导体环a、b将条形磁铁沿它们的正中竖直向下移动（不到达该平面），关于a、b环的移动情况，下列说法中正确的是（）a保持静止b相互靠近c相互远离d因磁体的n极在哪边未知，无法判断4（6分）某电容器两端所允许加的最大直流电压是250v它在正弦交流电路中使用时，交流电压不可以超过是（）a250 vb220 vc352 vd177 v5（6分）如图电路中，p、q两灯相同，l是自感系数很大但电阻可不计的线圈，则（）as断开瞬间，p立即熄灭，q过一会才熄灭bs接通瞬间，p、q同时达正常发光cs断开瞬间，通过p的电流从右向左ds断开瞬间，通过q的电流与原来方向相反6（6分）某电站向远处输送一定功率的电能，则下列说法正确的（）a输电线不变，将送电电压升高到原来的10倍时，输电线损耗的功率减为原来的b输电线不变，将送电电压升高到原来的10倍时，输电线损耗的功率减为原来的c送电电压不变，将输电线的横截面直径增加为原来的2倍时，输电线损耗的功率为原来的一半d送电电压不变，将输电线的横截面直径减半时，输电线的损耗的功率增为原来的4倍7（6分）如图所示，导体棒ab可无摩擦地在足够长的竖直导轨上滑动，且与两导轨接触良好整个装置处于匀强磁场中，磁场方向垂直导轨平面向里，除电阻r外，其它电阻不计，在导体下落的过程中，下列说法正确的是（）aab下落的过程中，机械能守恒bab达到稳定速度前，其减少的重力势能会全部转化为通过电阻生成的内能cab达到稳定速度前，其减少的重力能全部转化为其增加的动能和通过电阻生成的内能dab达到稳定速度后，其减少的重力势能全部转化为通过电阻生成的内能8（6分）在日光灯电路中，关于启动器、镇流器、灯管的作用，下列说法正确的是（）a日光灯点燃后，启动器不再起作用b镇流器在点燃灯管的过程中，产生一个瞬时高压，点燃后起到降压限流的作用c日光灯点燃后，镇流器、启动器不起作用d日光灯点燃后，使镇流器短路，日光灯仍能正常发光二、非选择题9（8分）如图为“研究电磁感应现象”的实验装置（1）将图中所缺的导线补接完整（2）如果在闭合电键时发现灵敏电流计的指针向右偏了一下，那么合上电键后可能现的情况有：（选填“左偏”、“右偏”或“不偏”）将原线圈迅速插入副线圈时，灵敏电流计指针将原线圈插入副线圈后，将滑动变阻器触头迅速向左拉时，灵敏电流计指针10（7分）在探究感应电流方向的实验中，已知当磁铁以如图所示方式插入线圈时，电流计指针向正接线柱一侧偏转，现把它与线圈串联接成下列所示电路，当条形磁铁按如图所示情况运行时：（1）试对灵敏电流计的指针偏转方向做出判断（在图中画出偏转的方向）（2）根据你得到的这些结果，可以初步得出的结论是11（15分）如图所示，水平面上有两根相距0.5m的足够长的平行金属导轨mn和pq，它们的电阻可忽略不计，在m和p之间接有阻值为r=3的定值电阻，导体棒ab长l=0.5m，其电阻值r=1与导轨接触良好，整个装置处于方向竖直向上的匀强磁场中，磁感应强度b=0.4t现使ab以v=10m/s的速度向右做匀速运动，求：（1）ab中产生感应电动势的大小；（2）ab中电流的方向；（3）电路中电流的大小12（16分）磁感应强度为b的匀强磁场仅存在于边长为3l的正方形范围内，有一个电阻为r、边长为l的正方形导线框abcd，沿垂直于磁感线方向，以速度v匀速通过磁场，如图所示，从ab边进入磁场算起，求：（1）画出穿过线框的磁通量随时间变化的图线（2）判断线框中有无感应电流？若有，方向怎样？（3）求线框通过磁场区域的过程中，外力所做的功？13（16分）半径为a的圆形区域内有均匀磁场，磁感应强度为b=0.2t，磁场方向垂直纸面向里，半径为b的金属圆环与磁场同心地放置，磁场与环面垂直，其中a=0.4m，b=0.6m金属环上分别接有灯l1、l2，两灯的电阻均为r=2，一金属棒mn与金属环接触良好，棒与环的电阻均忽略不计（1）若棒以v0=5m/s的速率，在环上向右匀速滑动，求棒滑过圆环直径oo的瞬时（如图），mn中的电动势和流过灯l1的电流（2）撤去中间的金属棒mn，将右面的半圆环ol2o以oo为轴向上翻转90后，磁场开始随时间均匀变化，其变化率为，求l1的功率贵州省遵义市航天高中2014-2015学年高二下学期月考物理试卷（6月份）参考答案与试题解析一、不定项选择题（15单选，68多选，每小题6分，共48分）1（6分）关于电磁感应，下列说法中正确的是（）a穿过线圈的磁通量越大，感应电动势越大b穿过线圈的磁通量为零，感应电动势一定为零c穿过线圈的磁通量的变化越大，感应电动势越大d通过线圈的磁通量变化越快，感应电动势越大考点：磁感应强度 分析：由法拉第电磁感应定律可知，感应电动势与磁通量的变化率成正比，与线圈的匝数成正比解答：解：a、穿过线圈的磁通量越大，而磁通量变化率不一定越大，则感应电动势也无法确定故a错误；b、穿过线圈的磁通量为零，可能磁通量变化率最大，则感应电动势也会最大，故b错误；c、穿过线圈的磁通量的变化越大，而磁通量变化率不一定越大，则感应电动势也无法确定故c错误；d、通过线圈的磁通量变化越快，感应电动势也越大，故d正确故选：d点评：感应电动势与磁通量的变化率有直接关系，而与磁通量变化及磁通量均没有直接关系就如加速度与速度的关系一样速度大，加速度不一定大；速度变化大，加速度也不一定大加速度与速度的变化率有关2（6分）当一段直导体棒在匀强磁场中，匀速切割磁感线运动时（）a一定产生感应电流b一定产生焦耳热c一定受到磁场力作用d一定产生感应电动势考点：法拉第电磁感应定律 分析：根据感应电流产生条件，闭合电路中磁通量变化，而不闭合时，当磁通量变化，即有感应电动势；当有感应电流时，则会受到磁场力的作用，同时会有焦耳热，从而即可求解解答：解：由题意可知，一段直导体棒在匀强磁场中，匀速切割磁感线运动时，一定会产生感应电动势，只有当电路闭合时，才会有感应电流，并受到磁场力，因通电从而产生焦耳热，故abc错误，d正确；故选：d点评：考查感应电流产生的条件，理解感应电动势与感应电流的关系，注意电路是否闭合是解题的关键3（6分）如图所示，光滑绝缘的水平面上有两个离得很近的导体环a、b将条形磁铁沿它们的正中竖直向下移动（不到达该平面），关于a、b环的移动情况，下列说法中正确的是（）a保持静止b相互靠近c相互远离d因磁体的n极在哪边未知，无法判断考点：楞次定律 专题：电磁感应与电路结合分析：根据楞次定律的另一种表述，引起的机械效果阻碍磁通量的变化，来判断a、b两线圈的运动情况解答：解：当一条形磁铁的n极由上至下向着它们运动时，通过环形金属圈的磁通量要增加，引起的机械效果要阻碍磁通量增加，则a、b两线圈相互远离同理，若一条形磁铁的s极由上至下向着它们运动时，可以得出同样的结论故c正确，abd错误故选：c点评：解决本题的关键理解楞次定律的表述，真正理解“阻碍”的作用4（6分）某电容器两端所允许加的最大直流电压是250v它在正弦交流电路中使用时，交流电压不可以超过是（）a250 vb220 vc352 vd177 v考点：正弦式电流的图象和三角函数表达式；电容 专题：常规题型分析：这个考的是交流电的电压有效值和最大值的关系，根据有效值跟最大值的关系可求解解答：解：既然此电器最大只能承担250v的直流电压，那么就要求交流电路的电压最大值是250v，那么这个交流电路的电压有效值就是u=177v故选：d点评：对于交流电求解热量、功率、电功要用有效值对于有效值往往根据定义，将交流与直流进行比较求解，注意电阻丝对折合并的电阻是解题关键5（6分）如图电路中，p、q两灯相同，l是自感系数很大但电阻可不计的线圈，则（）as断开瞬间，p立即熄灭，q过一会才熄灭bs接通瞬间，p、q同时达正常发光cs断开瞬间，通过p的电流从右向左ds断开瞬间，通过q的电流与原来方向相反考点：自感现象和自感系数 分析：开关s接通的瞬间，由p、q所在支路的构成情况，以及自感线圈有碍原电流变化的功能可判定两灯的变化开关s断开的瞬间，由于线圈的自感作用，可分析两灯的变化；由自感线圈阻碍原电流变化可判定通过pq的电流方向解答：解：a、开关s断开的瞬间，线圈与两灯一起构成一个自感回路，由于线圈的自感作用，两灯逐渐同时熄灭，故a错误b、开关s接通的瞬间，电源的电压同时加到两支路的两端，p灯立即发光由于线圈的阻碍，q灯后发光，由于线圈的电阻可以忽略，灯q逐渐变亮，故b错误c、开关s断开由自感线圈阻碍原电流变化，可知pq构成的回路有顺时针方向的电流，通过p的电流从右向左，故c正确；d、通过q的电流从右向左，与原来方向相同，故d错误故选：d点评：该题重点要能分清自感线圈的作用，其功能是阻碍原电流的变化，重点理解“阻碍变化”四个字6（6分）某电站向远处输送一定功率的电能，则下列说法正确的（）a输电线不变，将送电电压升高到原来的10倍时，输电线损耗的功率减为原来的b输电线不变，将送电电压升高到原来的10倍时，输电线损耗的功率减为原来的c送电电压不变，将输电线的横截面直径增加为原来的2倍时，输电线损耗的功率为原来的一半d送电电压不变，将输电线的横截面直径减半时，输电线的损耗的功率增为原来的4倍考点：远距离输电 专题：交流电专题分析：根据p=ui求出输电电流的变化，结合求出输电线上损耗功率的变化解答：解：a、输电线不变，输送电压变为原来的10倍，根据p=ui知，输送电流变为原来的，根据知，输电线损耗的功率减为原来的故a错误，b正确c、输送电压 不变，根据p=ui知，输送电流不变，根据电阻定律r=知，输电线的横截面直径增加原来的1倍时，电阻变为原来的，根据知，输电线损耗的功率减为原来的故c错误d、输送电压不变，根据p=ui知，输送电流不变，根据电阻定律r=知，输电线的横截面直径减半时，电阻变为原来的4倍，则损耗的功率变为原来的4倍故d正确故选：bd点评：解决本题的关键知道输送功率与输送电压、电流的关系，知道输电线损耗的功率与什么因素有关，基础题7（6分）如图所示，导体棒ab可无摩擦地在足够长的竖直导轨上滑动，且与两导轨接触良好整个装置处于匀强磁场中，磁场方向垂直导轨平面向里，除电阻r外，其它电阻不计，在导体下落的过程中，下列说法正确的是（）aab下落的过程中，机械能守恒bab达到稳定速度前，其减少的重力势能会全部转化为通过电阻生成的内能cab达到稳定速度前，其减少的重力能全部转化为其增加的动能和通过电阻生成的内能dab达到稳定速度后，其减少的重力势能全部转化为通过电阻生成的内能考点：导体切割磁感线时的感应电动势；功能关系 专题：电磁感应与电路结合分析：机械能守恒的条件是只有重力做功；ab棒速度稳定以前，棒做加速度减小的变加速运动，稳定后棒做匀速直线运动，根据能量转化和守恒定律分析能量如何转化解答：解：a、ab棒下落时，切割磁感线产生感应电流，受到向上的安培力，安培力方向与棒的速度方向相反，对棒做负功，根据功能关系可知ab棒的机械能必定减小，故a错误b、c、ab棒速度稳定以前，安培力小于重力，棒做加速度减小的变加速运动，棒的重力势能减少，一部分转化为r的内能，还有一部分转化为棒的动能，根据能量守恒定律知：减少的重力能全部转化为其增加的动能和通过电阻生成的内能故b错误，c正确d、当棒的重力与所受的安培力平衡时，棒做匀速直线运动，达到稳定状态，此过程中减少的重力势能全部转化为r的内能故d正确故选：cd点评：对于导体切割类型，关键要正确分析导体棒的受力情况，判断能量如何转化，运用能量守恒定律求解本题8（6分）在日光灯电路中，关于启动器、镇流器、灯管的作用，下列说法正确的是（）a日光灯点燃后，启动器不再起作用b镇流器在点燃灯管的过程中，产生一个瞬时高压，点燃后起到降压限流的作用c日光灯点燃后，镇流器、启动器不起作用d日光灯点燃后，使镇流器短路，日光灯仍能正常发光考点：日光灯镇流器的作用和原理 分析：日光灯原理：当开关接通220伏的电压立即使启辉器的惰性气体电离，产生辉光放电辉光放电的热量使双金属片受热膨胀，两极接触电流通过镇流器、启辉器触极和两端灯丝构成通路灯丝很快被电流加热，发射出大量电子双金属片自动复位，两极断开在两极断开的瞬间，电路电流突然切断，镇流器产生很大的自感电动势，与电源电压叠加后作用于管两端灯丝受热时发射出来的大量电子，在灯管两端高电压作用下，以极大的速度由低电势端向高电势端运动在加速运动的过程中，碰撞管内氩气分子，使之迅速电离在紫外线的激发下，管壁内的荧光粉发出近乎白色的可见光解答：解：日光灯工作时都要经过预热、启动和正常工作三个不同的阶段，它们的工作电流通路如下图所示：在启动阶段镇流器与启动器配合产生瞬间高压工作后，电流由灯管经镇流器，不再流过启动器，故启动后启动器不再工作，而镇流器还要起降压限流作用，不能去掉，综上可知，故ab正确，cd错误；故选：ab点评：明确工作原理是解题的关键，注意日光灯工作时都要经过预热、启动和正常工作三个不同的阶段，基础题二、非选择题9（8分）如图为“研究电磁感应现象”的实验装置（1）将图中所缺的导线补接完整（2）如果在闭合电键时发现灵敏电流计的指针向右偏了一下，那么合上电键后可能现的情况有：（选填“左偏”、“右偏”或“不偏”）将原线圈迅速插入副线圈时，灵敏电流计指针将右偏原线圈插入副线圈后，将滑动变阻器触头迅速向左拉时，灵敏电流计指针左偏考点：研究电磁感应现象 专题：实验题分析：（1）注意该实验中有两个回路，一是电源、电键、变阻器、小螺线管串联成的回路，二是电流计与大螺线管串联成的回路，据此可正确解答（2）根据楞次定律确定电流的方向，判断指针的偏转解答：解：（1）将电源、电键、变阻器、小螺线管串联成一个回路，再将电流计与大螺线管串联成另一个回路，电路图如图所示（2）闭合电键，磁通量增加，指针向右偏转，将原线圈迅速插入副线圈，磁通量增加，则灵敏电流计的指针将右偏原线圈插入副线圈后，将滑动变阻器触头迅速向左拉时，电阻增大，则电流减小，穿过副线圈的磁通量减小，则灵敏电流计指针向左偏故答案为：（1）将图中所缺的导线补接完整（2）a右偏； b 左偏点评：本题考查研究电磁感应现象及验证楞次定律的实验，对于该实验注意两个回路的不同知道磁场方向或磁通量变化情况相反时，感应电流反向是判断电流表指针偏转方向的关键10（7分）在探究感应电流方向的实验中，已知当磁铁以如图所示方式插入线圈时，电流计指针向正接线柱一侧偏转，现把它与线圈串联接成下列所示电路，当条形磁铁按如图所示情况运行时：（1）试对灵敏电流计的指针偏转方向做出判断（在图中画出偏转的方向）（2）根据你得到的这些结果，可以初步得出的结论是感应电流的磁场总是阻碍引起感应电流磁通量的变化考点：研究电磁感应现象 专题：实验题分析：根据题意确定电流计指针偏转方向与条形磁铁磁场方向及穿过螺线管的磁通量变化间的关系；（1）分析图示情景，根据条形磁铁磁场方向与磁通量变化间的关系，判断电流计指针偏转方向；（2）由安培定则判断出感应电流的磁场方向，分析实验现象，然后得出结论解答：解：如图所示，穿过螺线管的磁场方向向下，磁铁向下运动，穿过螺线管的磁通量变大，电流计指针向正接线柱一侧偏转；由此可知，如果穿过螺线管的磁场向下，磁通量变大时，电流计指针应向正接线柱一侧偏转；当磁通量变小时，电流计指针应向负接线柱一侧偏转；穿过螺线管的磁场向上，磁通量增加时，电流计指针向负接线柱一侧偏转，磁通量减小时，电流计指针向正接线柱一侧偏转；如果螺线管绕向相反，则电流计指针偏转方向相反（1）由图示可知，穿过螺线管的磁场向上，磁通量变大，电流计指针应向负接线柱一侧偏转；由图示可知，穿过螺线管的磁场向下，磁通量减小，螺线管绕向与（甲）方向相反，则电流计指针应向正接线柱一侧偏转；由图示可知，穿过螺线管的磁场向上，磁通量变大，则电流计指针向负接线柱一侧偏转；由图示可知，穿过螺线管的磁场向下，磁通量减小，电流计指针应向负接线柱一侧偏转（2）根据实验现象及（1）的分析，由安培定则可知：感应电流的磁场总是阻碍引起感应电流磁通量的变化故答案为：（1）（2）感应电流的磁场总是阻碍引起感应电流磁通量的变化点评：熟练应用楞次定律即可正确解题，本题难度不大，是一道基础题；但解题时一定要细心、认真，否则容易出错11（15分）如图所示，水平面上有两根相距0.5m的足够长的平行金属导轨mn和pq，它们的电阻可忽略不计，在m和p之间接有阻值为r=3的定值电阻，导体棒ab长l=0.5m，其电阻值r=1与导轨接触良好，整个装置处于方向竖直向上的匀强磁场中，磁感应强度b=0.4t现使ab以v=10m/s的速度向右做匀速运动，求：（1）ab中产生感应电动势的大小；（2）ab中电流的方向；（3）电路中电流的大小考点：导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律；楞次定律 专题：电磁感应与电路结合分析：（1）导体棒向右切割磁感线产生感应电动势，由e=blv求解感应电动势（2）由右手定则判断ab中电流的方向（3）根据欧姆定律计算电流的大小解答：解：（1）ab中的感应电动势：e=blv=0.40.510v=2v；（2）由右手定则得，ab中电流的方向为b指向a（3）电路中的电流：=a=0.5a答：（1）ab中的感应电动势是2v；（2）电流的方向为b指向a；（3）电路中的电流是0.5a点评：本题是电磁感应与电路知识、力学知识的综合，常规题，不容有失12（16分）磁感应强度为b的匀强磁场仅存在于边长为3l的正方形范围内，有一个电阻为r、边长为l的正方形导线框abcd，沿垂直于磁感线方向，以速度v匀速通过磁场，如图所示，从ab边进入磁场算起，求：（1）画出穿过线框的磁通量随时间变化的图线（2）判断线框中有无感应电流？若有，方向怎样？（3）求线框通过磁场区域的过程中，外力所做的功？考点：导体切割磁感线时的感应电动势；电功、电功率 专题：电磁感应与电路结合分析：（1）根据磁通量公式=bs，分段研究磁通量与时间的关系，再画出图象（2）对照产生感应电流的条件：穿过电路的磁通量发生变化，分析判断有无感应电流产生由楞次定律分析感应电流的方向（3）线框匀速运动，外力等于安培力，先求出安培力，再求外力做功解答：解：（1）线框进入磁场阶段：由于线框匀速运动，进入时线框的面积线性增加，s=lvt，所以=bs=blvt；进入的时间是 t1=，最后=bl2；线框在磁场中运动阶段：运动时间为t2=，穿过回路的磁通量恒定为=bl2；线框离开磁场阶段：由于线框匀速运动，离开时线框的面积线性减少，即s=lvt，所以=bs=b（l2lvt），离开的时间是 t3=，最后=0故穿过线框的磁通量随时间变化的图线如图（2）线框进入磁场阶段：穿过线框的磁通量增加，线框中将产生感应电流，由右手定则可知，线框中感应电流方向为逆时针方向大小不变 线框在磁场中运动阶段：穿过线框的磁通量不变，线框中没有感应电流 线框离开磁场阶段：穿过线框的磁通量减少，线框中将产生感应电流，右手定则可知，线框中感应电流方向为顺时针方向大小不变（3）线框进入磁场阶段：由于线框匀速运动，外力等于安培力，所以 w外1=w安=bill=线框磁场中运动阶段：回路中没有感应电流，也不受外力作用，所以 w外=0线框离开磁场阶段：与进入时一样 w外2=w安=bill=整个过程的外力功为：w外=w外1+w外2=答：（1）画出穿过线框的磁通量随时间变化的图线如图所示（2）线框进入磁场阶段：线框中将产生感应电流，由右手定则可知，线框中感应电流方向为逆时针方向大小不变线框在磁场中运动阶段：线框中没有感应电流线框离开磁场阶段：线框中将产生感应电流，线框中感应电流方向为顺时针方向大小不变（3）线框通过磁场区域的过程中，外力所做的功为点评：熟悉磁通量