湖南省怀化市沅陵七中高三物理下学期第二次月考试卷（含解析）.doc

2014-2015学年湖南省怀化市沅陵七中高三（下）第二次月考物理试卷一、选择题（本题共10小题，每小题6分，共60分每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错或不选的得0分）1下列说法正确的是（）a 物体的速度在某一时刻等于零，物体就一定处于平衡状态 b 匀变速直线运动的at图象是一条倾斜的直线c 平抛运动、匀速圆周运动它们受合外力的共同特点是大小不变d 静摩擦力一定不做功2长为l的轻杆一端固定质量为m的小球，另一端可绕固定光滑水平转轴o转动，现使小球在竖直平面内做圆周运动，c为圆周的最高点，若小球通过圆周最低点d的速度大小为，则小球在c点（）a 速度等于b 速度小于c 受到轻杆向上的弹力d 受到轻杆向下的弹力3如图所示，质量为m的框架放在水平地面上，一轻弹簧上端固定在框架上，下端栓一质量为m的小球，小球上下振动时，框架始终没有跳起，当框架对地面的压力为零的瞬间，小球的加速度大小为（）a gb c 0d 4台球以速度v0与球桌边框成角撞击o点，反弹后速度为v1，方向与球桌边框夹角仍为，如图所示如果v1v0，ob垂直于桌边，则下列关于桌边对小球的弹力方向的判断中正确的是（）a 可能沿oa方向b 一定沿ob方向c 可能沿oc方向d 可能沿od方向5如图所示，甲、乙两同学从河中o点出发，分别沿直线游到a点和b点后，立即沿原路线返回到o点，oa、ob分别与水流方向平行和垂直，且oa=ob若水流速度不变，两人在靜水中游速相等，则他们所用时间t甲、t乙的大小关系为（）a t甲t乙b t甲=t乙c t甲t乙d 无法确定6一行星绕恒星作圆周运动由天文观测可得，其运动周期为t，速度为v，引力常量为g，则（）a 恒星的质量为b 行星的质量为c 行星运动的轨道半径为d 行星运动的加速度为7如图所示，一物块置于水平地面上当用与水平方向成60的力f1拉物块时，物块做匀速直线运动；当改用与水平方向成30的力f2推物块时，物块仍做匀速直线运动若f1和f2的大小相等，则物块与地面之间的动摩擦因数为（）a 1b 2c d 18关于自由落体运动，下列说法正确的是（）a 在g取10 m/s2时，物体在第3 s内下落的高度为25 mb 自由落体运动的加速度的大小在地球上的任何地方都一样c 自由落体运动是一种初速度为零的匀加速直线运动d 对自由落体运动，其在连续相等时间内的位移之差保持不变9一质点做匀加速直线运动，第三秒内的位移2m，第四秒内的位移是2.5m，那么（）a 这两秒内平均速度是2.25m/sb 第三秒末即时速度是2.25m/sc 质点的加速度是0.125m/s2d 质点的加速度是0.5m/s210如图所示，倾角为的等腰三角形斜面固定在水平面上，一足够长的轻质绸带跨过斜面的顶端铺放在斜面的两侧，绸带与斜面间无摩擦现将质量分别为m、m（mm）的小物块同时轻放在斜面两侧的绸带上两物块与绸带间的动摩擦因数相等，且最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相等在角取不同值的情况下，下列说法正确的有（）a 两物块所受摩擦力的大小总是相等b 两物块不可能同时相对绸带静止c m不可能相对绸带发生滑动d m不可能相对斜面向上滑动二、填空题（每空2分，共16分）11升降机以1.0m/s的速度竖直匀速上升，站在升降机里质量为60kg的人对升降机地板的压力为n；如果升降机以0.5m/s2的加速度减速上升，人对地板的压力又为n（g取10m/s2）12在“探究加速度与力、质量的关系”的实验中，采用如图所示的装置（1）本实验应用的实验方法是；a控制变量法 b假设法 c理想实验法（2）下列说法中正确的是a在探究加速度与质量的关系时，应改变拉力的大小b在探究加速度与外力的关系时，应该改变小车的质量c在探究加速度a与质量m的关系时，为了直观判断二者间的关系，应作出a图象d当小车的质量远大于砝码盘和砝码的总质量时，才能近似地认为细线对小车的拉力大小等于砝码盘和砝码的总重力大小13轻弹簧一端固定，另一端系质量为m的小球甲，同时用轻绳把质量也为m的小球乙相连，如图所示现剪断甲、乙间的细绳，则在剪断细绳的瞬间，甲球的加速度大小为 m/s2，方向为（g=10m/s2）14在研究平抛物体运动的实验中，用一张印有小方格的纸记录轨迹，小方格的边长l=1.25cm若小球在平抛运动途中的几个位置如图中的a、b、c、d所示，则小球平抛的初速度的计算式为v0=（用l、g表示），其值是（g取9.8m/s2）三、计算题（24分）15质量为 10kg的物体在f=200n的水平推力作用下，从粗糙斜面的底端由静止开始沿斜面运动，斜面固定不动，与水平地面的夹角=37力f作用2秒钟后撤去，物体在斜面上继续上滑了1.25秒钟后，速度减为零求：物体与斜面间的动摩擦因数和物体的总位移s （已知 sin37=0.6，cos37=0.8，g=10m/s2）16如图所示，一个质量m=0.6kg的小球以某一初速度从p点水平抛出，恰好沿光滑圆弧轨道abc的a点的切线方向进入轨道（不计空气阻力）已知圆弧轨道的半径r=0.3m，=60，小球到达a点时的速度v=4m/s，取g=10m/s2（1）求小球做平抛运动的初速度v0的大小（2）求p点与a点间的水平距离x和竖直距离h（3）若已知小球到达圆弧轨道最高点c时的速度vc=m/s，求此时小球对轨道的压力nc17一艘宇宙飞船绕地球作圆周运动时，由于地球遮挡阳光，会经历“日全食”过程，如图所示，太阳光可看作平行光，宇航员在a点测出地球的张角为，已知地球的半径为r，地球质量为m，引力常量为g，求：（1）宇宙飞船离距地面的高度（2）宇宙飞船的周期t2014-2015学年湖南省怀化市沅陵七中高三（下）第二次月考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题共10小题，每小题6分，共60分每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错或不选的得0分）1下列说法正确的是（）a 物体的速度在某一时刻等于零，物体就一定处于平衡状态b 匀变速直线运动的at图象是一条倾斜的直线c 平抛运动、匀速圆周运动它们受合外力的共同特点是大小不变d 静摩擦力一定不做功考点：平抛运动专题：平抛运动专题分析：平衡状态合力为零，加速度为零，速度不一定等于零，匀变速直线的加速度不变，平抛运动运动和匀速圆周运动的合力大小都不变解答：解：a、物体某一时刻速度等于零，物体的加速度不一定等于零，物体不一定处于平衡状态，故a错误b、匀变速直线运动的加速度不变，at图线是一条平行于时间轴的直线，故b错误c、平抛运动的合外力为重力，大小和方向都不变，匀速圆周运动的合力大小不变，方向时刻改变，故c正确d、静摩擦力可能做正功，可能做负功，可能不做功，故d错误故选：c点评：解决本题的关键知道平衡状态的特点，以及知道平抛运动和匀速圆周运动的特点，知道静摩擦力可能做正功，可能做负功，可能不做功2长为l的轻杆一端固定质量为m的小球，另一端可绕固定光滑水平转轴o转动，现使小球在竖直平面内做圆周运动，c为圆周的最高点，若小球通过圆周最低点d的速度大小为，则小球在c点（）a 速度等于b 速度小于c 受到轻杆向上的弹力d 受到轻杆向下的弹力考点：向心力；牛顿第二定律专题：牛顿第二定律在圆周运动中的应用分析：根据动能定理求出小球在c点的速度，结合牛顿第二定律求出轻杆对小球的弹力方向解答：解：a、根据动能定理得：，解得：，故a、b错误c、根据牛顿第二定律得：f+mg=m，解得：f=mg，杆对小球的弹力方向向下，故c错误，d正确故选：d点评：本题考查了动能定理和牛顿第二定律的基本运用，知道最高点向心力的来源，知道杆子可以表现为拉力，也可以表现为支持力3如图所示，质量为m的框架放在水平地面上，一轻弹簧上端固定在框架上，下端栓一质量为m的小球，小球上下振动时，框架始终没有跳起，当框架对地面的压力为零的瞬间，小球的加速度大小为（）a gb c 0d 考点：牛顿第二定律专题：牛顿运动定律综合专题分析：先对框架受力分析，求出弹簧对框架的作用力，在对小球受力分析，求出加速度解答：解：框架静止在地面上，当框架对地面的压力为零的瞬间，受到重力和弹簧的弹力，根据平衡条件，弹簧对框架的弹力向上，大小等于框架的重力mg，故弹簧对小球有向下的弹力，大小也等于mg；再对小球受力分析，受重力和弹簧的弹力，根据牛顿第二定律，有mg+mg=ma故小球的加速度为a=故选d点评：本题关键先对框架受力分析，求得弹簧对小球的弹力，然后根据牛顿第三定律得到弹簧对小球的弹力，最后再根据牛顿第二定律求得小球的加速度4台球以速度v0与球桌边框成角撞击o点，反弹后速度为v1，方向与球桌边框夹角仍为，如图所示如果v1v0，ob垂直于桌边，则下列关于桌边对小球的弹力方向的判断中正确的是（）a 可能沿oa方向b 一定沿ob方向c 可能沿oc方向d 可能沿od方向考点：动量定理专题：动量定理应用专题分析：由矢量的计算方法可求出动量的改变方法，由动量定理可求得弹力的方向解答：解：由矢量的减法可得出动量的变化方向，如图所示，因v1v0故合矢量应沿ob方向；因由动量守恒可知合力的方向应沿ob的方向；故选b点评：本题要求学生掌握好矢量的运算方法，矢量减法可以逆向作为矢量的加法5如图所示，甲、乙两同学从河中o点出发，分别沿直线游到a点和b点后，立即沿原路线返回到o点，oa、ob分别与水流方向平行和垂直，且oa=ob若水流速度不变，两人在靜水中游速相等，则他们所用时间t甲、t乙的大小关系为（）a t甲t乙b t甲=t乙c t甲t乙d 无法确定考点：运动的合成和分解专题：计算题分析：甲、乙两同学实际的速度是静水中的游速与水流速度的合速度，设游速为v，水速为v0根据速度合成可知：甲游到a点的速度为v+v0，游回的速度为vv0；乙来回的速度都为明确了各自的合速度后，再用匀速直线运动规律求出时间进行比较解答： 解：设游速为v，水速为v0，oa=ob=l，则甲整个过程所用时间：=，乙为了沿ob运动，速度合成如图：则乙整个过程所用时间：=，t甲t乙，选c正确，选项a、b、d错误故选：c点评：本题考查运动的合成（主要是速度的合成）和匀速运动规律，运用速度合成的矢量平行四边形法则求出各自的合速度是关键6一行星绕恒星作圆周运动由天文观测可得，其运动周期为t，速度为v，引力常量为g，则（）a 恒星的质量为b 行星的质量为c 行星运动的轨道半径为d 行星运动的加速度为考点：万有引力定律及其应用分析：根据圆周运动知识和已知物理量求出轨道半径根据万有引力提供向心力，列出等式求出中心体的质量解答：解：根据圆周运动知识得：由v=得到行星运动的轨道半径为r= ，a、根据万有引力提供向心力，列出等式：= 由得m=，故a正确；b、根据题意无法求出行星的质量，故b错误c、通过以上分析，故c正确d、根据a= 由得：行星运动的加速度为故d正确故选acd点评：本题考查万有引力与圆周运动问题根据万有引力提供向心力，列出等式可求出中心体的质量，不能求出环绕体质量7如图所示，一物块置于水平地面上当用与水平方向成60的力f1拉物块时，物块做匀速直线运动；当改用与水平方向成30的力f2推物块时，物块仍做匀速直线运动若f1和f2的大小相等，则物块与地面之间的动摩擦因数为（）a 1b 2c d 1考点：共点力平衡的条件及其应用专题：计算题分析：在两种情况下分别对物体受力分析，根据共点力平衡条件，运用正交分解法列式求解，即可得出结论解答：解：对两种情况下的物体分别受力分析，如图将f1正交分解为f3和f4，f2正交分解为f5和f6，则有：f滑=f3mg=f4+fn；f滑=f5mg+f6=fn而f滑=fnf滑=fn则有f1cos60=（mgf1sin60） f2cos30=（mg+f2sin30） 又根据题意f1=f2 联立解得：=2故选b点评：本题关键要对物体受力分析后，运用共点力平衡条件联立方程组求解，运算量较大，要有足够的耐心，更要细心8关于自由落体运动，下列说法正确的是（）a 在g取10 m/s2时，物体在第3 s内下落的高度为25 mb 自由落体运动的加速度的大小在地球上的任何地方都一样c 自由落体运动是一种初速度为零的匀加速直线运动d 对自由落体运动，其在连续相等时间内的位移之差保持不变考点：自由落体运动专题：自由落体运动专题分析：自由落体运动：物体只在重力作用下由静止开始的下落运动，自由落体运动是一种初速度为零的匀加速直线运动，根据运动学公式求解解答：解：a、根据运动学公式得，物体在第3 s内下落的高度等于前3s内的高度减去前2s的高度，即h=g（3222）=25m，故a正确b、自由落体加速度又称重力加速度，在地球上重力加速度的大小随纬度的变化而变化，故b错误c、自由落体运动是一种初速度为零的匀加速直线运动，故c正确，d、根据匀变速直线运动的推论x=gt2得在连续相等时间内的位移之差保持不变，故d正确故选acd点评：考查自由落体运动的定义及延伸，自由落体要同时满足只受重力和初速度为零的下落；自由落体加速度又称重力加速度，大小与地球的纬度有关9一质点做匀加速直线运动，第三秒内的位移2m，第四秒内的位移是2.5m，那么（）a 这两秒内平均速度是2.25m/sb 第三秒末即时速度是2.25m/sc 质点的加速度是0.125m/s2d 质点的加速度是0.5m/s2考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系专题：直线运动规律专题分析：根据平均速度的定义式求出两秒内的平均速度，结合某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出第三秒末的即时速度，根据连续相等时间内的位移之差是一恒量求出质点的加速度解答：解：a、这两秒内的平均速度为：，因为某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，则第3s末的速度为2.25m/s故a、b正确c、根据x=at2得加速度为：a=，故c错误，d正确故选：abd点评：解决本题的关键掌握匀变速直线运动的运动学公式和推论，并能灵活运用，有时运用推论求解会使问题更加简捷10如图所示，倾角为的等腰三角形斜面固定在水平面上，一足够长的轻质绸带跨过斜面的顶端铺放在斜面的两侧，绸带与斜面间无摩擦现将质量分别为m、m（mm）的小物块同时轻放在斜面两侧的绸带上两物块与绸带间的动摩擦因数相等，且最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相等在角取不同值的情况下，下列说法正确的有（）a 两物块所受摩擦力的大小总是相等b 两物块不可能同时相对绸带静止c m不可能相对绸带发生滑动d m不可能相对斜面向上滑动考点：牛顿第二定律；牛顿第三定律专题：压轴题分析：对物体m和物体m分别受力分析，受重力、支持力和摩擦力，根据牛顿第三定律判断两物块所受摩擦力的大小关系；通过求解出m、m与斜面间的最大静摩擦力并结合牛顿第二定律判断两个物块可能的运动情况解答：解：a、轻质绸带与斜面间无摩擦，受两个物体对其的摩擦力，根据牛顿第二定律，有：fmfm=m绸a=0（轻绸带，质量为零）故fm=fmm对绸带的摩擦力和绸带对m的摩擦力是相互作用力，等大；m对绸带的摩擦力和绸带对m的摩擦力也是相互作用力，等大；故两物块所受摩擦力的大小总是相等；故a正确；b、当满足mgsinmgcos、mgsinmgcos和mgsinmgsin时，m加速下滑，m加速上滑，均相对绸带静止，故b错误；c、由于m与绸带间的最大静摩擦力较大，故绸带与m始终相对静止，m与绸带间可能有相对滑动，故c正确；d、当动摩擦因数较大时，由于绸带与斜面之间光滑，并且mm，所以m、m和绸带一起向左滑动，加速度为a，根据牛顿第二定律，有：整体：mgsinmgsin=（m+m）a隔离m，有：mgsinfm=ma对m有：fmmgsin=ma解得：故d错误；故选：ac点评：本题关键根据牛顿第三定律判断出绸带对m和m的拉力（摩擦力提供）相等，然后根据牛顿第二定律判断多数学生对本题有疑问，关键是没有认识到物理模型的应用，题中丝绸质量不计，类似轻绳模型二、填空题（每空2分，共16分）11升降机以1.0m/s的速度竖直匀速上升，站在升降机里质量为60kg的人对升降机地板的压力为600n；如果升降机以0.5m/s2的加速度减速上升，人对地板的压力又为570n（g取10m/s2）考点：牛顿第二定律专题：牛顿运动定律综合专题分析：人受到重力和地板的支持力，由牛顿第二定律可得升降机各种运动状态下人对升降机地板的压力解答：解：人受到重力mg和地板的支持力n，（1）当升降机匀速上升时，这两个力平衡，即n=mg=6010=600n（2）当升降机以0.5m/s2的加速度匀减速上升时，由牛顿第二定律可得：mgn=ma，解得：n=mgma=6010600.5=570n故答案为：600； 570点评：在用牛顿第二定律处理的时候，要分清加速度的方向，保证合外力与加速度方向一致12在“探究加速度与力、质量的关系”的实验中，采用如图所示的装置（1）本实验应用的实验方法是a；a控制变量法 b假设法 c理想实验法（2）下列说法中正确的是c da在探究加速度与质量的关系时，应改变拉力的大小b在探究加速度与外力的关系时，应该改变小车的质量c在探究加速度a与质量m的关系时，为了直观判断二者间的关系，应作出a图象d当小车的质量远大于砝码盘和砝码的总质量时，才能近似地认为细线对小车的拉力大小等于砝码盘和砝码的总重力大小考点：探究加速度与物体质量、物体受力的关系专题：实验题；直线运动规律专题分析：（1）由于该实验涉及的物理量较多，因此该实验采用的是控制变量法研究加速度、质量、合力三者之间的关系；（2）解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的操作步骤和数据处理以及注意事项解答：解：（1）该实验是探究加速度与力、质量的三者关系，研究三者关系必须运用控制变量法，故bc错误，a正确故选a（2）a、该实验采用的是控制变量法研究，即保持一个量不变，研究其他两个量之间的关系，在探究加速度与质量的关系时，应保持拉力的大小不变，故a错误；b、在探究加速度与外力的关系时，应该保持小车的质量不变，故b错误；c、要直观的反映两个量之间的关系，可以通过作图来解决但是只有作出一条直线，才可以直观的反映两个变量之间的关系在探究加速度a与质量m的关系时，为了直观判断二者间的关系，应作出a图象，故c正确；d、设小车的质量为m，砝码盘和砝码的质量为m，设绳子上拉力为f，对小车根据牛顿第二定律有：f=ma 对砂桶和砂有：mgf=ma =，由此可知当m时，砂和砂桶的重力等于绳子的拉力，故d正确故选cd点评：解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的操作步骤和数据处理以及注意事项，然后熟练应用物理规律来解决实验问题13轻弹簧一端固定，另一端系质量为m的小球甲，同时用轻绳把质量也为m的小球乙相连，如图所示现剪断甲、乙间的细绳，则在剪断细绳的瞬间，甲球的加速度大小为10 m/s2，方向为向上（g=10m/s2）考点：牛顿第二定律专题：牛顿运动定律综合专题分析：悬线剪断前，以两球为研究对象，求出悬线的拉力和弹簧的弹力突然剪断悬线瞬间，弹簧的弹力没有来得及变化，分析瞬间两球的受力情况，由牛顿第二定律求解加速度解答：解：悬线剪断前，以甲乙为研究对象可知：弹簧的弹力f=2mg，以乙整体为研究对象可知悬线的拉力为mg；剪断悬线瞬间，弹簧的弹力不变，f=2mg，根据牛顿第二定律得 对甲：fmg=maa，又f=2mg，得aa=g=10m/s2，方向向上故答案为：10，向上点评：本题是动力学中典型的问题：瞬时问题，往往先分析悬线剪断前弹簧的弹力，再分析悬线判断瞬间物体的受力情况，再求解加速度，抓住悬线剪断瞬间弹力没有来得及变化14在研究平抛物体运动的实验中，用一张印有小方格的纸记录轨迹，小方格的边长l=1.25cm若小球在平抛运动途中的几个位置如图中的a、b、c、d所示，则小球平抛的初速度的计算式为v0=2（用l、g表示），其值是0.70m/s（g取9.8m/s2）考点：平抛运动；运动的合成和分解分析：平抛运动的水平方向做匀速直线运动，从图中可以看出：a、b、c、d 4个点间的水平位移均相等为2l，因此这4个点是等时间间隔点，v0=，而竖直方向是自由落体运动，两段相邻的位移之差是一个定值y=gt2=l，联立方程即可解出解答：解：从图中看出，a、b、c、d 4个点间的水平位移均相等，是x=2l，因此这4个点是等时间间隔点竖直方向两段相邻位移之差是个定值，即y=gt2=l，再根据v0= 解出v0=2代入数据得v0=0.70m/s故答案为：2；0.70m/s点评：本题考查平抛物体的运动规律要求同学们能够从图中读出有用信息，再根据平抛运动的基本公式解题，难度适中三、计算题（24分）15质量为 10kg的物体在f=200n的水平推力作用下，从粗糙斜面的底端由静止开始沿斜面运动，斜面固定不动，与水平地面的夹角=37力f作用2秒钟后撤去，物体在斜面上继续上滑了1.25秒钟后，速度减为零求：物体与斜面间的动摩擦因数和物体的总位移s （已知 sin37=0.6，cos37=0.8，g=10m/s2）考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系专题：牛顿运动定律综合专题分析：物体先做匀加速直线运动，后做匀减速直线运动根据牛顿第二定律和运动学公式结合研究匀加速运动过程，求出f刚撤去时物体的速度表达式，再由牛顿第二定律和运动学公式结合研究匀减速运动过程，联立可求出解答：解：物体受力分析如图所示，设加速的加速度为a1，末速度为v，减速时的加速度大小为a2，将mg 和f分解后，由牛顿运动定律得：fn=fsin+mgcos fcosfmgsin=ma1根据摩擦定律有 f=fn，代入数据得a1=1020加速过程由运动学规律可知 v=a1t1撤去f 后，物体减速运动的加速度大小为 a2，则 a2=gsin+gcos 代入数据得a2=6+8由匀变速运动规律有 v=a2t2由运动学规律知 s=a1t12+a2t22代入数据得=0.25；s=16.25m 答：物体与斜面间的动摩擦因数=0.25；物体的总位移s=16.25m点评：本题是两个过程的动力学问题，运用牛顿第二定律和速度公式结合分别研究两个过程，求出动摩擦因数，关键要正确分析受力情况，求出加速度，从而求出位移16如图所示，一个质量m=0.6kg的小球以某一初速度从p点水平抛出，恰好沿光滑圆弧轨道abc的a点的切线方向进入轨道（不计空气阻力）已知圆弧轨道的半径r=0.3m，=60