湖南省浏阳一中、攸县一中、醴陵一中高二物理上学期12月联考试题.doc

物理试卷一、单项选择题：本题共8小题，每小题4分，共32分，每小题只有一个选项符合题意。1、关于科学家在电磁学中的贡献，下列说法错误的是（ ）a. 密立根测出了元电荷e的数值b. 法拉第提出了电场线和磁感线的概念c. 奥斯特发现了电流周围存在磁场，并且总结出了右手螺旋定则d. 安培提出了分子电流假说 2、关于通电直导线在匀强磁场中所受的安培力，下列说法正确的是（ ）a安培力的方向可以不垂直于直导线b安培力的方向总是垂直于磁场的方向c. 将通电直导线从中点折成直角，安培力的大小一定变为原的倍d. 安培力是洛伦兹力的宏观表现，所以安培力永不做功 3、如图所示，处于真空中的匀强电场与水平方向成15o角，ab直线与强场e互相垂直。在a点，以大小为vo的初速度水平抛出一质量为m，带电荷量为+q 的小球，经时间t，小球下落一段距离过c点（图中未画出）时其速度大小仍为vo，在小球由a点运动到c点的过程中，下列说法正确的是（ ） a电场力对小球做功为零b电场力做的负功c小球机械能增加dc点可能位于ab直线的左方 4、如图所示的实验装置中，平行板电容器两极板的正对面积为s，两极板的间距为d，电容器所带电荷量为q，电容为c，静电计指针的偏转角为，平行板中间悬挂了一个带电小球，悬线与竖直方向的夹角为，下列说法正确的是（ ） a若增大d，则减小，减小 b若增大q，则减小，不变 c将a板向上提一些时，增大，增大 d在两板间插入云母片时，则减小，不变 5、如图所示，正方形区域abcd内存在方向垂直纸面向里的匀强磁场，三个完全相同的带电粒子a、b、c分别以大小不同的初速度va、vb、vc从a点沿图示方向射入该磁场区域，经磁场偏转后粒子a、b、c分别从bc边中点、cd边中点、ad边中点射出。若ta、tb、tc分别表示粒子a、b、c在磁场中的运动时间。则以下判断正确的是（ ） avavbvcbva=vbvcctatbtcdta=tbtc 6、如图所示，开关k闭合，在水平放置的平行板电容器间有一带电液滴p处于静止状态，若从某时刻起，液滴所带电荷量开始缓慢减小(仍不为零)。为了使该液滴仍处于静止状态，可采取的措施是( )a其他条件不变，使电容器两极板距离缓慢增大b开关k断开，其他条件不变，使电容器两极板缓慢靠近c其他条件不变，将滑动变阻器的滑片缓慢向左移动d其他条件不变，将可变电阻r阻值减小 7、两只完全相同的电流表，一只改装成电压表，一只改装成电流表，一同学做实验时，误将电压表和电流表串联起接入电路中，则( )a两只表的指针都不能偏转b两只表的指针偏转角度相等c电压表的指针有偏转，电流表的指针几乎不偏转d电流表的指针有偏转，电压表的指针几乎不偏转 8、两个较大的平行板a、b相距为d，分别接在电压为u的电源正负极上，开关s闭合时质量为m，带电量为q的油滴恰好静止在两板之间，如图所示，在保持其他条件不变的情况下，将两板非常缓慢地水平错开一些，以下说法正确的是（ ）a油滴将向上运动，电流计中的电流从b流向ab油滴将下运动，电流计中的电流从a流向bc油滴静止不动，电流计中的电流从a流向bd油滴静止不动，电流计中无电流流过 二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分，每小题有多个选项符合题意。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分。9、如图所示，a、b是电场中两点，下列说法正确的是（ ）aa点的场强比b点的场强大b一个正电荷在a点的电势能比b点的电势能大c一个负电荷从a点移到b点，电场力做正功da点的电势比b点的电势高 10、要使图中线圈产生图示中的电流方向，可采取的办法有（ ）a闭合电键kb闭合电键k后，把b靠近ac闭合电键k后，把电阻r滑片左移d闭合电键k后，把a铁芯向左边抽出 11、如图所示的电路中，电源电动势为e、内阻为r，两平行金属板间有匀强磁，开关s闭合后，当滑动变阻器滑片位于图示位置时，一带电粒子恰好以速度v匀速穿过两板。若不计重力，以下说法正确是( )a如果将开关断开，粒子将继续沿直线运动b保持开关闭合，将a极板向下移动一点，粒子一定向上偏转c保持开关闭合，将滑片p向上滑动一点，粒子将可能从下极板边缘射出d保持开关闭合，将滑片p向下滑动一点，粒子将可能从下极板边缘射出 12、如图，电路中定值电阻阻值大于电内阻阻值。将滑动变阻器滑片向下滑动，理想电压表、 、示数变化量的绝对值分别为、，理想电流表示数变化量的绝对值为，则（ ）a的示数减小 b大于c与的比值等于 d电源的输出功率不一定增大 三、实验题：本题共2小题，共12分。13、（4分）下图中游标卡尺和螺旋测微器的读数分别为 mm和 mm。 14、（8分）某同学用伏安法测一节干电池的电动势和内阻，现备有下列器材：a被测干电池一节b电流表：量程00.6 a，内阻约为0.3c电流表：量程03 a，内阻约为0.1d电压表：量程03 v，内阻未知e电压表：量程015 v，内阻未知f滑动变阻器：010 ，2 ag滑动变阻器：0100 ，1 ah开关、导线若干 伏安法测电池电动势和内阻的实验中，由于电流表和电压表内阻的影响，测量结果存在系统误差。在现有器材的条件下，要尽可能准确地测量电池的电动势和内阻。 （1）在上述器材中请选择适当的器材：_ _ (填写选项前的字母)； （2）实验电路图应选择下图中的 （填“甲”或 “乙”）；（3）根据实验中电流表和电压表的示数得到了如图丙所示的ui图象，则在修正了实验系统误差后，干电池的电动势e_ _v，内电阻r_ _ 。四、论述和演算题：本题共4小题，共40分，解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。15、（8分）如图所示，甲带电体固定在绝缘水平面上的o点，另一个电荷量为q、质量为m的带电体乙，从p点由静止释放，经l运动到q点时达到最大速度v。已知乙与水平面的动摩擦因数为，静电力常量为k。 求： （1）q处电场强度的大小；（2）p、q两点电势差。 16、（12分）如图所示，在相距为l，长为3l的平行金属板中间区域存在正交的匀强电场和匀强磁场，磁感应强度为b（方向未画），电场方向竖直向下。有一群均匀分布的同种带电粒子，以相同速度从两板间水平射入，经过时间t，粒子沿直线穿过该区域。若在粒子进入板间时，撤去电场保留磁场，粒子恰好全部打在板上。不计粒子的重力，不考虑粒子之间的相互作用，粒子对原来电场和磁场的影响不计。试求：（1）该区域电场强度e大小；（2）该粒子的比荷q/m ；（3）若粒子进入时撤去磁场保留电场，则射出该区域的粒子数为总数的多少？ 17、（8分）如图所示电路中，电电动势e10 v，内阻不计，电阻r114 ，r26.0 ，r32.0 ，r48.0 ，r510 ，电容器的电容c2 f。求：（1）电容器所带的电荷量，并说明电容器哪个极板带正电；（2）若r2突然断路，将有多少电荷量通过r5？电流的方向如何？ 18、（12分）如图，一半径为r的圆表示一柱形区域的横截面（纸面），o为圆心。在柱形区域内加一方向垂直于纸面向外的匀强磁场，一质量为m、电荷量为+q的粒子沿图中直径从圆上的a点射入柱形区域，在圆上的d点离开该区域，已知图中，现将磁场换为竖直向下的匀强电场，同一粒子以同样速度沿直径从a点射入柱形区域，也在d点离开该区域。若磁感应强度大小为b，不计重力，试求： （1）电场强度e的大小；（2）经磁场从a到d的时间与经电场从a到d的时间之比。 2016届高二浏阳一中、攸县一中、醴陵一中十二月联考物理试卷参考答案一、单项选择1、【答案】c【解析】2、【答案】b【解析】a、b、根据左手定则可知，安培力方向与磁场和电流组成的平面垂直，即与电流和磁场方向都垂直，故a错误，b正确；c、当电流方向与磁场的方向平行，所受安培力为0，将直导线从中折成直角，安培力的大小一定变为原的一半；将直导线在垂直于磁场的方向的平面内从中折成直角，安培力的大小一定变为原的，故c错误; d、安培力的方向可以与通电导体的方向相同，即安培力可以对通电导体做功故d错误;故选b3、【答案】b【解析】试题分析：由动能定理判断，小球由a点运动到c点的过程中电场力做功的情况，由电场力做功情况，判断小球机械能变化情况和c点与ab直线的位置关系。a、小球由a点运动到c点的过程中，小球在a、c两点速度大小相同，由动能定理可知：重力做的正功与电场力做的负功相等，错误b、电场力做负功，电场力做的负功；正确c、除重力外的电场力做了负功，小球机械能减小；错误d、由ab直线与强场e互相垂直，可知ab直线为等势线，带正电的小球由a点运动到c点的过程中，电场力做负功，则a点电势低于c点电势，所以c点位于ab直线的右方；错误故选b考点：电场中的功能关系点评：注意等势面与电场线垂直，正电荷沿电场线方向运动，电场力做正功，电势能减小；沿电场线方向电势减小。 4、【答案】c【解析】a、当a极板远离b板平移一段距离时，电容c减小，根据q=cu知u最大，则增大，也增大，a错误；b、若增大电荷量，根据q=cu知电压增大，所以静电计指针张角变大，b错误；c、当a极板向向上平移一小段距离后，知电容c减小，根据q=cu知电压增大，静电计指针张角变大，c正确；d、在ab极板间插入一块与极板形状相同的金属板后，电容c增大，根据q=cu知电压u减小，板间场强e= 减小，小球的摆线与竖直方向的偏转角变小，d错误5、【答案】c【解析】粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得：qvb=m，解得：v=，粒子做圆周运动的周期：t=，由于三个粒子完全相同，则它们做圆周运动的周期t相等， 如图所示，粒子的轨道半径：rarbrc，vcvbva，故ab错误；粒子在磁场中做圆周运动转过的圆心角间的关系为：abc，粒子运动时间t=t，则粒子在磁场中的运动时间：tatbtc，故c正确，d错误；6、【答案】c【解析】7、【答案】c【解析】8、【答案】c【解析】将两板缓慢地错开一些，两板正对面积减小，根据电容的决定式c= 得知，电容减小，而电压不变，则由c= 知，电容器带电量减小，电容器处于放电状态，电路中产生顺时针方向的电流，则电流计中有ab的电流由于电容器板间电压和距离不变，则由e=，知板间场强不变，油滴所受电场力不变，仍处于静止状态故c正确abd错误故选：c二、多项选择9、【答案】abd【解析】a、电场线越密的地方电场强度越大，所以场强eaeb故a正确；b、沿着电场线电势降低，所以电势ab；一个正电荷在a点的电势能比b点的电势能大故b正确，d正确；c、一个负电荷从a点移到b点，电场力的方向与运动的方向相反，电场力做负功；故c错误； 故选：abd10、【答案】cd【解析】11、【答案】cd【解析】12、【答案】bc【解析】a、据题理想电压表内阻无穷大，相当于断路理想电流表内阻为零，相当短路，所以r与变阻器串联，电压表v1、v2、v3分别测量r、路端电压和变阻器两端的电压当滑动变阻器滑片向下滑动时，接入电路的电阻减小，电路中电流增大，则a的示数增大，故a错误；b、根据闭合电路欧姆定律得：u2=e-ir，则得：=r；=r，据题：rr，则，故v1大于v2故b正确；c、根据闭合电路欧姆定律得：u3=e-i（r+r），则得：=r+r，故c正确；d、当外电阻等于内电阻时，电的输出功率最大，滑片向下运动，滑动变阻器与r串联后电阻一定大于内阻r的关系，故电源输出功率一定变大,故d错误，故选bc三、实验题13、【答案】11.4 5.665【解析】游标卡尺的主尺读数为11mm，游标读数为0.14=0.4mm，所以最终读数为：11mm+0.4mm=11.4mm螺旋测微器的固定刻度读数为5.5mm可动刻度读数为0.0116.5mm=0.165mm，所以最终读数为：5.5mm+0.165mm=5.665mm14、【答案】（1）abdfh（2） 乙 （3）1.5,1.0 【解析】（1）在上述器材中请选择适当的器材：a被测干电池一节为了读数准确，所以选择b电流表：量程00.6a，d电压表：量程03v，滑动变阻器阻值较小有利于电表的数值变化，减小误差，故选f滑动变阻器，h开关、导线若干（2）：（1）测量电电动势和内阻的时候，由于电的内阻是很小的，若采用甲图的接法，由于电流表内阻的影响，会使测量电阻偏大，为了减小内阻的测量误差，实验时应选用电路图乙（3）由u-i图可知，电的电动势为：e=1.50v；内电阻为：r= =1.0四、计算题15、【答案】(1)乙物体速度最大时有 mgeq得（2）乙物体由p到q过程由动能定理，得upq=16、【答案】（1）由题意可知： 粒子通过速度选择器 结合上面式子可知e