（新课标）高考数学5年真题备考题库 第五章 第4节 数列求和 理（含解析）.doc

第5章 数列第4节 数列求和1（2014山东，12分）已知等差数列an的公差为2，前n项和为sn，且s1，s2，s4成等比数列(1)求数列an的通项公式；(2)令bn(1)n1，求数列bn的前n项和tn.解：(1)因为s1a1，s22a122a12，s44a124a112，由题意得(2a12)2a1(4a112)，解得a11，所以an2n1.(2)bn(1)n1(1)n1(1)n1.当n为偶数时，tn1.当n为奇数时，tn1.所以tn2（2014浙江，14分）已知数列an和bn满足a1a2a3an()bn(nn*)若an为等比数列，且a12，b36b2.(1)求an与bn；(2)设cn(nn*)记数列cn的前n项和为sn.求sn；求正整数k，使得对任意nn*，均有sksn.解：(1)由题意a1a2a3an()bn，b3b26，知a3()b3b28.又由a12，得公比q2(q2舍去)，所以数列an的通项为an2n(nn*)所以a1a2a3an2()n(n1)故数列bn的通项为bnn(n1)(nn*)(2)由(1)知cn(nn*)，所以sn1(nn*)因为c10，c20，c30，c40；当n5时，cn，而0，得1，所以，当n5时，cn0.综上，对任意nn*恒有s4sn，故k4.3（2014江西，12分）已知首项都是1的两个数列an，bn(bn0，nn*)，满足anbn1an1bn2bn1bn0.(1)令cn，求数列cn的通项公式；(2)若bn3n1，求数列an的前n项和sn.解析：(1)因为anbn1an1bn2bn1bn0，bn0(nn*)，所以2，即cn1cn2.所以数列cn是以首项c11，公差d2的等差数列，故cn2n1.(2)由bn3n1知ancnbn(2n1)3n1，于是数列an前n项和sn130331532(2n1)3n1，3sn131332(2n3)3n1(2n1)3n，相减得2sn12(31323n1)(2n1)3n2(2n2)3n，所以sn(n1)3n1.4（2014四川，12分）设等差数列an的公差为d，点(an，bn)在函数f(x)2x的图象上(nn*)(1)若a12，点(a8,4b7)在函数f(x)的图象上，求数列an的前n项和sn；(2)若a11，函数f(x)的图象在点(a2，b2)处的切线在x轴上的截距为2，求数列的前n项和tn.解：(1)由已知，b72a7，b82a84b7，有2a842a72a72，解得da8a72.所以snna1d2nn(n1)n23n.(2)函数f(x)2x在(a2，b2)处的切线方程为y2a2(2a2ln 2)(xa2)，它在x轴上的截距为a2.由题意知，a22，解得a22.所以da2a11.从而ann，bn2n，所以tn，2tn.因此，2tntn12.所以tn.5（2013福建，5分）已知等比数列an的公比为q，记bnam(n1)1am(n1)2am(n1)m，cnam(n1)1am(n1)2am(n1)m(m，nn*)，则以下结论一定正确的是()a数列bn为等差数列，公差为qmb数列bn为等比数列，公比为q2mc数列cn为等比数列，公比为qm2d数列cn为等比数列，公比为qmm解析：本题考查等比数列的定义与通项公式、等差数列前n项和的公式等基础知识，意在考查考生转化和化归能力、公式应用能力和运算求解能力等比数列an的通项公式ana1qn1，所以cnam(n1)1am(n1)2am(n1)ma1qm(n1)a1qm(n1)1a1qm(n1)m1aqm(n1)m(n1)1m(n1)m1aqm2(n1)aqm2(n1)，因为qm2，所以数列cn为等比数列，公比为qm2.答案：c6（2013重庆，5分）已知an是等差数列，a11，公差d0，sn为其前n项和，若a1，a2，a5成等比数列，则s8_.解析：本题考查等差、等比数列的基本量运算，意在考查考生的基本运算能力因为an为等差数列，且a1，a2，a5成等比数列，所以a1(a14d)(a1d)2，解得d2a12，所以s864.答案：647（2013江苏，16分）设an是首项为a，公差为d的等差数列(d0)，sn是其前n项的和记bn，nn*，其中 c为实数(1)若c0，且b1，b2，b4成等比数列，证明：snkn2sk(k，nn*)；(2)若bn是等差数列，证明：c0.证明：本题考查等差、等比数列的定义，通项及前n项和，意在考查考生分析问题、解决问题的能力与推理论证能力由题设，snnad.(1)由c0，得bnad.又b1，b2，b4成等比数列，所以bb1b4，即2a，化简得d22ad0.因为d0，所以d2a.因此，对于所有的mn*，有smm2a.从而对于所有的k，nn*，有snk(nk)2an2k2an2sk.(2)设数列bn的公差是d1，则bnb1(n1)d1，即b1(n1)d1，nn*，代入sn的表达式，整理得，对于所有的nn*，有n3n2cd1nc(d1b1)令ad1d，bb1d1ad，dc(d1b1)，则对于所有的nn*，有an3bn2cd1nd.(*)在(*)式中分别取n1,2,3,4，得abcd18a4b2cd127a9b3cd164a16b4cd1，从而有由，得a0，cd15b，代入方程，得b0，从而cd10.即d1d0，b1d1ad0，cd10.若d10，则由d1d0，得d0，与题设矛盾，所以d10.又cd10，所以c0.8（2013浙江，14分）在公差为d的等差数列an中，已知a110，且a1，2a22,5a3成等比数列(1)求d，an；(2) 若d0，求|a1|a2|a3|an|.解：本题主要考查等差数列、等比数列的概念，等差数列通项公式，求和公式等基础知识，同时考查运算求解能力(1)由题意得5a3a1(2a22)2，即d23d40.故d1或d4.所以ann11，nn*或an4n6，nn*.(2)设数列an的前n项和为sn.因为d0，由(1)得d1，ann11.则当n11时，|a1|a2|a3|an|snn2n.当n12时，|a1|a2|a3|an|sn2s11n2n110.综上所述，|a1|a2|a3|an|9（2013四川，12分）在等差数列an中，a1a38，且a4为a2和a9的等比中项，求数列an的首项、公差及前n项和解：本题考查等差数列、等比中项等基础知识，考查运算求解能力，考查分类与整合等数学思想设该数列公差为d，前n项和为sn.由已知，可得2a12d8，(a13d)2(a1d)(a18d)所以，a1d4，d(d3a1)0，解得a14，d0，或a11，d3，即数列an的首项为4，公差为0，或首项为1，公差为3.所以，数列的前n项和sn4n或sn.10（2013湖南，5分）设sn为数列an的前n项和，sn(1)nan，nn*，则(1)a3_；(2)s1s2s100_.解析：本小题主要考查数列的递推关系、等比数列的求和等知识，考查推理论证能力及分类讨论思想(1)当n1时，s1(1)a1，得a1.当n2时，sn(1)n(snsn1).当n为偶数时，sn1，当n为奇数时，snsn1，从而s1，s3，又由s3s2，得s20，则s3s2a3a3.(2)由(1)得s1s3s5s99，s101，又s2s4s6s1002s32s52s72s1010，故s1s2s100.答案：11（2013湖南，13分）设sn为数列an的前n项和，已知a10,2ana1s1sn，nn*. (1)求a1，a2，并求数列an的通项公式；(2)求数列nan的前n项和解：本题主要考查数列的通项公式和数列求和，结合转化思想，意在考查考生的运算求解能力(1)令n1，得2a1a1a，即a1a.因为a10，所以a11.令n2，得2a21s21a2，解得a22.当n2时，由2an1sn,2an11sn1两式相减得2an2an1an，即an2an1.于是数列an是首项为1，公比为2的等比数列因此，an2n1.所以数列an的通项公式为an2n1.(2)由(1)知，nann2n1.记数列n2n1的前n项和为bn，于是bn122322n2n1，2bn12222323n2n.得bn12222n1n2n2n1n2n.从而bn1(n1)2n.12（2013江西，12分）正项数列an的前n项和sn满足：s(n2n1)sn(n2n)0.(1)求数列an的通项公式an；(2)令bn，数列bn的前项n项和为tn.证明：对于任意的nn*，都有tn0，snn2n.于是a1s12，n2时，ansnsn1n2n(n1)2(n1)2n.综上，数列an的通项公式为an2n.(2)证明：由于an2n，故bn.tn.13（2012山东，12分）在等差数列an中，a3a4a584，a973.(1)求数列an的通项公式；(2)对任意mn*，将数列an中落入区间(9m,92m)内的项的个数记为bm，求数列bm的前m项和sm.解：(1)因为an是一个等差数列，所以a3a4a53a484，a428.设数列an的公差为d，则5da9a4732845，故d9.由a4a13d得28a139，即a11.所以ana1(n1)d19(n1)9n8(nn*)(2)对mn*，若9man92m，则9m89n92m8.因此9m11n92m1.故得bm92m19m1.于是smb1b2b3bm(99392m1)(199m1).14（2012广东，14分）设数列an的前n项和为sn，满足2snan12n11，nn*，且a1，a25，a3成等差数列(1)求a1的值；(2)求数列an的通项公式；(3)证明：