河南省开封高中高二物理上学期期中试卷（含解析）.doc

河南省开封高中2014-2015学年 高二上学期期中物理试卷一本题共8小题，每小题6分，共48分在每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项满足题设要求，有的有多个选项满足题设要求，请将满足题设要求的选项选出来全部选对的得6分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分1点电荷q1、q2和q3所产生的静电场的等势面与纸面的交线如图中的实线所示，图中标在等势面上的数值分别表示该等势面的电势，a、b、c表示等势面上的点，下列说法中正确的是（）a位于g点的点电荷不受电场力作用bb点的场强与d点的场强一定不同c把109c正电荷从m点移到c点过程中电场力做的功等于7106jd把电荷量为q的正点电荷从a点移到i点，再从i点移到f点过程中，电场力做的总功大于把该点电荷从a点直接移到f点过程中电场力所做的功2如图所示，一个水平放置的平行板电容器d为理想的二极管，它具有单向导通性b金属板固定，a金属板可移动下列说法中正确的是（）aa板向下移动时，两板间的电场强度变大ba板向下移动时，两板间的电场强度变小ca板向上移动时，两板间的电场强度变大da板向上移动时，两板间的电场强度变小3电场中有a、b两点，a点的电势a=30v，b点的电势b=10v，一个电子由b点运动到a点的过程中，下面几种说法中正确的是（）a电场力对电子做功20 ev，电子的电势能减少了20 evb电子克服电场力做功20 ev，电子的电势能增加了20 evc电场力对电子做功20 ev，电子的电势能增加了20 evd电子克服电场力做功20 ev，电子的电势能减少了20 ev4一带电油滴在场强为e的匀强电场中运动的轨迹如图中虚线所示，电场方向竖直向下若不计空气阻力，此带电油滴从a运动到b的过程中，能量变化情况为（）a动能减小b电势能增加c动能和电势能之和减小d重力势能和电势能之和增加5关于电动势，下列说法中正确的是（）a电源电动势等于电源正负极之间的电势差b用电压表直接测量电源两极得到的电压数值就等于电源电动势的值c电源电动势总等于内、外电路上的电压之和，所以它的数值与外电路的组成有关d电动势越大，说明非静电力在电源内部从负极向正极移送单位电荷量的电荷做功越多6酒精测试仪用于机动车驾驶人员是否酗酒及其他严禁酒后作业人员的现场检测它是一种二氧化锡半导体型酒精气体传感器，酒精气体传感器的电阻随酒精气体浓度的变化而变化，在如图所示的电路中，不同的酒精气体浓度对应着传感器的不同电阻，这样，电压表的指针就与酒精气体浓度有了对应关系如果二氧化锡半导体型酒精气体传感器电阻的倒数与酒精气体的浓度成正比，那么，电压表示数u与酒精气体浓度c之间的对应关系正确的是（）au越大，表示c越大，c与u成正比bu越大，表示c越大，但是c与u不成正比cu越大，表示c越小，c与u成反比du越大，表示c越小，但是c与u不成反比7如图为汽车蓄电池与车灯（电阻不变）、启动电动机组成的电路，蓄电池内阻为0.05，电流表内阻不计，只接通s1时，电流表示数为10a，电压表示数为12v，再接通s2，启动电动机工作时，电流表示数变为8a则此时通过启动电动机的电流是（）a2ab50ac8ad58a8用多用电表的测电阻和电压时，下列说法中正确的是（）a多用电表的欧姆挡测得白炽灯的电阻比该白炽灯在额定电压时的电阻要大b用r10挡测电阻时如果指针偏转太小，应改用r100挡，调零后再测c测量未知的直流电源两端电压时，应先用大量程再逐渐减小到合适的量程d多用电表用完后，应将选择开关拨到off或直流电流最高挡二、实验题（共计16分）9一个未知电阻，无法估计其电阻值，某同学用伏安法测量此电阻，用图（a）（b）两种电路各测一次，用（a）图所测数据为3.0v，3.0ma，用（b）图测得的数据是2.9v，4.0ma，由此可知，用图测得rx的误差较小，测量值rx=10在测量电珠伏安特性实验中，同学们连接的电路中有四个错误电路，如图所示电源内阻不计，导线连接良好若将滑动变阻器的触头置于左端，闭合s，在向右端滑动触头过程中，会分别出现如下四种现象：a电珠l不亮；电流表示数几乎为零；b电珠l亮度增加；电流表示数增大；c电珠l开始不亮；后来忽然发光；电流表从示数不为零到线圈烧断；d电珠l不亮；电流表从示数增大到线圈烧断与上述abcd四种现象对应的电路序号为（）abcd11“探究导体电阻与导体长度、横截面积、材料的关系”的实验电路如图1所示，a、b、c、d是四种不同的金属丝现有几根康铜合金丝和镍铬合金丝，其规格如表所示编号材料长度（m）横截面积（mm2）a镍铬合金0.80.8b镍铬合金0.50.5c镍铬合金0.30.5d镍铬合金0.31.0e康铜丝0.30.5f康铜丝0.80.8（1）电路图中四种金属丝应选表中的c和（用编号表示另三个，任意顺序填写）（2）在相互交流时，有位学生提出用如图2所示的电路，只要将图中p端分别和触点1、2、3、4相接，读出电流，利用电流跟电阻成反比的关系，也能探究出导体电阻与影响其因素的定量关系，你认为上述方法是否正确（填是否），如正确请说出理由；若不正确，请说出原因三、计算题（31分）12如图所示的匀强电场中，有a、b、c三点，ab间距离lab=8cm，bc间距离lbc=14cm，其中ab沿电场方向，bc和电场方向成60角一个所带电量q=4108c的负电荷从a点移到b点克服电场力做功wab=1.2106j求：（1）匀强电场的电场强度；（2）电荷从b点移到c点，电场力所做的功；（3）a、c两点间的电势差13（17分）如图所示，某带电的液滴，以某一初速度沿中线飞入水平放置的平行板电容器两极板中间，不加偏转电压时，液滴刚好落到板中点，当加偏转电压u0时，液滴恰好能沿初速度方向匀速穿过电场区域，欲使液滴能飞出偏转电场，求偏转电压u的取值范围选修3-514将满偏电流ig=300a、内阻未知的电流表g改装成电压表并进行核对（1）利用如图所示的电路测量电流表g的内阻（图中电源的电动势e=4v ）：先闭合s1，调节r，使电流表指针偏转到满刻度；再闭合s2，保持r不变，调节r，使电流表指针偏转到满刻度的，读出此时r的阻值为200，则电流表内阻的测量值rg=（2）将该表改装成量程为3v的电压表，需（填“串联”或“并联”）阻值为r0=的电阻15如图所示的电路中，两平行金属板a、b水平放置，两板间的距离d=40cm电源电动势e=24v，内电阻r=1，电阻r=15闭合开关s，待电路稳定后，将一带正电的小球从b板小孔以初速度v0=4m/s竖直向上射入板间若小球带电量为q=1102c，质量为m=2102kg，不考虑空气阻力那么（1）滑动变阻器接入电路的阻值为多大时，小球恰能到达a板？（2）此时，电源的输出功率是多大？（取g=10m/s2）河南省开封高中2014-2015学年高二上学期期中物理试卷一本题共8小题，每小题6分，共48分在每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项满足题设要求，有的有多个选项满足题设要求，请将满足题设要求的选项选出来全部选对的得6分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分1点电荷q1、q2和q3所产生的静电场的等势面与纸面的交线如图中的实线所示，图中标在等势面上的数值分别表示该等势面的电势，a、b、c表示等势面上的点，下列说法中正确的是（）a位于g点的点电荷不受电场力作用bb点的场强与d点的场强一定不同c把109c正电荷从m点移到c点过程中电场力做的功等于7106jd把电荷量为q的正点电荷从a点移到i点，再从i点移到f点过程中，电场力做的总功大于把该点电荷从a点直接移到f点过程中电场力所做的功考点：等势面 分析：空间中某一点的实际场强是由多个场强叠加产生的；在等势面上移动电荷电场力做功为零；根据电场力做功w=qu求解解答：解：a、位于g点的位置电势为零，场强不为零，所以点电荷受电场力作用，故a错误b、b点的场强与d点的场强是由点电荷q1、q2和q3所产生的场强叠加产生的，q2和q3与b点和d点的距离不等，根据点电荷场强公式e=得q2和q3在b点和d点的场强大小不等，方向不同所以b点的场强与d点的场强大小不相等，故b正确c、把1库仑正电荷从m点移到c点过程中电场力做的功w=qu=109c4kv（3kv）=7106j，故c正确；d、根据电场力做功w=qu得把电荷量为q的正点电荷从a点移到i点，再从i点移到f点过程中，电场力做的总功等于把该点电荷从a点直接移到f点过程中电场力所做的功，故d错误故选：bc点评：本题考查了电场线特点及沿电场线的方向电势降低，点电荷连线上的电势分布2如图所示，一个水平放置的平行板电容器d为理想的二极管，它具有单向导通性b金属板固定，a金属板可移动下列说法中正确的是（）aa板向下移动时，两板间的电场强度变大ba板向下移动时，两板间的电场强度变小ca板向上移动时，两板间的电场强度变大da板向上移动时，两板间的电场强度变小考点：电容器的动态分析 专题：电容器专题分析：根据c= 判断电容器电容的变化；二极管具有单向导电性，电流只能从正极流进，负极流出根据e=分析板间场强如何变化解答：解：a、b：a板向下移动时，板间距离d减小，由电容的决定式c= 可知，电容c增大电容器的电压u不变，由e=分析可知，板间电场场强增大故a正确，b错误c、d：a板向上移动时，电容减小，根据q=cu知电荷量要减小，但因为二极管具有单向导电性，电荷不能流走，所以电容器所带的电荷量q不变根据c=、c=和e= 结合得到e=知，电场强度不变故c错误，d也错误故选：a点评：本题关键之处要抓住二极管的单向导电性，使得电容器不能放电能根据c=、c=和e=推导出e=，这个结论可理解的基础记住3电场中有a、b两点，a点的电势a=30v，b点的电势b=10v，一个电子由b点运动到a点的过程中，下面几种说法中正确的是（）a电场力对电子做功20 ev，电子的电势能减少了20 evb电子克服电场力做功20 ev，电子的电势能增加了20 evc电场力对电子做功20 ev，电子的电势能增加了20 evd电子克服电场力做功20 ev，电子的电势能减少了20 ev考点：电势差与电场强度的关系 专题：电场力与电势的性质专题分析：根据电场力做功公式wba=quba研究电场力做功情况电场力做正功多少，电势能就减小多少；克服电场力做功多少，电势能就增加多少解答：解：根据电场力做功公式得：电场力做功 wba=quba=q（ba）=e（20v）=20ev即电场力对电子做功20ev，电子的电势能减少了20ev故选：a点评：对于电场力做功的公式wab=quab应用时，wab、q、uab三个量一般要代入符号计算，得到的wab是正值，表示电场力做正功，否则为负功4一带电油滴在场强为e的匀强电场中运动的轨迹如图中虚线所示，电场方向竖直向下若不计空气阻力，此带电油滴从a运动到b的过程中，能量变化情况为（）a动能减小b电势能增加c动能和电势能之和减小d重力势能和电势能之和增加考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系；电势能 专题：电场力与电势的性质专题分析：由粒子的运动轨迹可知粒子电性，则可求得电场力对粒子所做的功的性质；由动能定理可求得动能的变化；由能量关系可知重力势能与电势能总和的变化，及动能和电势能之和的变化解答：解：a、粒子由a到b，由运动轨迹可判出粒子受电场力与重力的合力向上，故粒子带负电且电场力大于重力，电场力与重力的合力做正功，由动能定理可知，油滴的动能增大；故a错误；b、由于电场力做正功，故电势能减小，故b错误；c、d、由能量的转化与守恒知，系统中重力势能、动能、电势能之和保持不变，由题易知重力势能增加，故动能和电势能之和减小；同理由前面分析知动能增加，则重力势能和电势能之和减小；故c正确d错误；故选：c点评：带电粒子在电场中的偏转类题目，较好的考查了曲线运动、动能定理及能量关系，综合性较强，故在2015届高考中经常出现，在学习中应注意重点把握5关于电动势，下列说法中正确的是（）a电源电动势等于电源正负极之间的电势差b用电压表直接测量电源两极得到的电压数值就等于电源电动势的值c电源电动势总等于内、外电路上的电压之和，所以它的数值与外电路的组成有关d电动势越大，说明非静电力在电源内部从负极向正极移送单位电荷量的电荷做功越多考点：电源的电动势和内阻 专题：恒定电流专题分析：电源没有接入电路时两极间的电压在数值上等于电源的电动势电动势的定义式e=，w是非静电力做功电源的电动势在数值上等于内、外电压之和根据这些知识点进行分析解答解答：解：a、电源的电动势等于电源没有接入电路时两极间的电势差，若电源接入电路，由于电源的内电路有电势差，两极间的电势差将小于电动势，故a错误；b、用电压表直接测量电源的电压，由于电压表本身就构成了一个外电路，电源有内电压，所以得到的电压数值小于电源电动势故b错误c、电源电动势总等于内、外电路上的电压之和，与外电路的组成无关，由电源本身决定故c错误d、根据电源电动势定义式e=，可知电动势越大，电源内非静电力从负极向正极移送单位电荷量的电荷做功越多，故d正确；故选：d点评：解答本题关键从物理意义、定义式、闭合电路欧姆定律来理解电动势要注意在电源内部是非静电力做功，在电源的外部是静电力做功6酒精测试仪用于机动车驾驶人员是否酗酒及其他严禁酒后作业人员的现场检测它是一种二氧化锡半导体型酒精气体传感器，酒精气体传感器的电阻随酒精气体浓度的变化而变化，在如图所示的电路中，不同的酒精气体浓度对应着传感器的不同电阻，这样，电压表的指针就与酒精气体浓度有了对应关系如果二氧化锡半导体型酒精气体传感器电阻的倒数与酒精气体的浓度成正比，那么，电压表示数u与酒精气体浓度c之间的对应关系正确的是（）au越大，表示c越大，c与u成正比bu越大，表示c越大，但是c与u不成正比cu越大，表示c越小，c与u成反比du越大，表示c越小，但是c与u不成反比考点：传感器在生产、生活中的应用 分析：首先根据电路图分析电路的连接方式，分析酒精气体传感器的电阻的变化，然后根据欧姆定律得到电压表示数与电阻r的关系，结合传感器电阻r的倒数与酒精气体的浓度c成正比，得出电压表示数与酒精气体浓度的关系式，再进行选择解答：解：酒精气体传感器和定值电阻串联在电路中，电压表测r0两端的电压根据酒精气体传感器的电阻的倒数与酒精气体的浓度成正比，得：=kc（k是比例系数） 根据欧姆定律得：= 由整理得：u=由数学知识知，u越大，c越大，但两者不成正比故b正确故选：b点评：学生要能结合电路电阻的变化根据欧姆定律判断串联电路中的电流和电压的变化7如图为汽车蓄电池与车灯（电阻不变）、启动电动机组成的电路，蓄电池内阻为0.05，电流表内阻不计，只接通s1时，电流表示数为10a，电压表示数为12v，再接通s2，启动电动机工作时，电流表示数变为8a则此时通过启动电动机的电流是（）a2ab50ac8ad58a考点：闭合电路的欧姆定律 专题：恒定电流专题分析：只接通s1时，电流是纯电阻电路，可以用闭合电流的欧姆定律求出电动势及灯泡的电阻，再接通s2后，通过启动电动机的电流等于总电流减去灯泡电流解答：解：只接通s1时，由闭合电路欧姆定律得：e=u+ir=12v+100.05v=12.5v，r灯=1.2，再接通s2后，流过电动机的电流为：i电动机=i=a8a=50a故选：b点评：本题应注意电动机工作时的电路是非纯电阻电路，不可以用欧姆定律求电流8用多用电表的测电阻和电压时，下列说法中正确的是（）a多用电表的欧姆挡测得白炽灯的电阻比该白炽灯在额定电压时的电阻要大b用r10挡测电阻时如果指针偏转太小，应改用r100挡，调零后再测c测量未知的直流电源两端电压时，应先用大量程再逐渐减小到合适的量程d多用电表用完后，应将选择开关拨到off或直流电流最高挡考点：用多用电表测电阻 专题：实验题分析：灯丝电阻随温度升高而增大，常温下灯丝电阻小于灯泡正常发光时电阻；使用欧姆表测电阻，应选用合适的挡位，使指针指针中央刻度线附近；多用电表使用完毕，应把选择开关置于off挡或交流电压最高挡上；不知电压大小时应用试触法进行测量电压，先用大量程进行测量，然后选择合适的量程测量解答：解：a、灯丝电阻随温度升高而增大，常温下灯丝电阻小于灯泡正常发光时电阻，多用电表的欧姆挡测得白炽灯的电阻比该白炽灯在额定电压时的电阻要小，故a错误；b、用r10挡测电阻时如果指针偏转太小，说明所选档位太小，应换大挡，应改用r100挡，调零后再测量，故b正确；c、为保护电表安全，测量未知的直流电源两端电压时，应先用大量程再逐渐减小到合适的量程，故c正确；d、多用电表用完后，把两表笔拔出，并应将选择开关拨到off或交流电流最高挡，故d错误；故选：bc点评：本题考查了多用电表的使用方法及注意事项，掌握基础知识即可正确解题；应用欧姆表测电阻时要选择合适的档位，使指针指在中央刻度线附近；欧姆表换挡后要进行欧姆调零，多用电表使用完毕，要把选择开关置于off挡或交流电压最高挡二、实验题（共计16分）9一个未知电阻，无法估计其电阻值，某同学用伏安法测量此电阻，用图（a）（b）两种电路各测一次，用（a）图所测数据为3.0v，3.0ma，用（b）图测得的数据是2.9v，4.0ma，由此可知，用a图测得rx的误差较小，测量值rx=1000考点：伏安法测电阻 专题：实验题；恒定电流专题分析：两种接法都有误差：（a）图是电流表内接法，误差来源于电压表的示数不只是电阻r 的电压，还包括了电流表的分压，（b）图为电流表外接法，误差来源于电流表的示数不只是通过r的电流，还包括了电压表的电流；要根据根据电流表与电压表的分压与分流的值的多少选择合适的电路，以减小误差解答：解：（a）图与（b）图的数据显示，两种电路电流表的示数相对误差要大一些，宜用电流的真实值 故用（a）图的电路 其测量值为：r=1000故答案为：（a） 1000点评：待测电阻远大于电流表内阻时，电流表的分压小，可忽略不计，用电流表内接法测量值偏大待测电阻远小于电压表内阻时，电压表的分流小，可忽略不计，用电流表外接法，测量值偏小10在测量电珠伏安特性实验中，同学们连接的电路中有四个错误电路，如图所示电源内阻不计，导线连接良好若将滑动变阻器的触头置于左端，闭合s，在向右端滑动触头过程中，会分别出现如下四种现象：a电珠l不亮；电流表示数几乎为零；b电珠l亮度增加；电流表示数增大；c电珠l开始不亮；后来忽然发光；电流表从示数不为零到线圈烧断；d电珠l不亮；电流表从示数增大到线圈烧断与上述abcd四种现象对应的电路序号为（）abcd考点：描绘小电珠的伏安特性曲线 专题：压轴题分析：本题考查对故障电路的判断，可以根据电路去分析可能出现的故障，再与现象对应起来即可找出正确答案；要注意电表的正确接法、滑动变阻器的接法解答：解：中电流表测量干流电流，不能测灯泡中的电流；故电流表接线错误；将滑动变阻器的触头置于左端，闭合s后电珠l不亮，在向右端滑动触头过程中，电珠l逐渐变亮，由于总电阻减小，干路电流增大，电流表示数增大，是b；在中安培表连接错误，应该连接在干路上，开始时滑动变阻器的电阻最大，通过电珠的电流太小，电珠l不亮，在向右端滑动触头过程中，电珠后来忽然发光，由于大部分电流流过电流表造成电流表从示数不为零到线圈烧断，是c；在中伏特表和安培表应该互换位置，由于伏特表串联造成电珠l不亮，电流表示数几乎为零，是a；在中安培表使电珠短路，电珠l始终不亮，电流表从示数增大到线圈烧断，是d即分别对应bcad正确的是a故选a点评：我们对于图象的分析清楚一些，故不应只去考虑出现的现象而忽视了对电路的研究；应从电路可能出现的故障进行分析11“探究导体电阻与导体长度、横截面积、材料的关系”的实验电路如图1所示，a、b、c、d是四种不同的金属丝现有几根康铜合金丝和镍铬合金丝，其规格如表所示编号材料长度（m）横截面积（mm2）a镍铬合金0.80.8b镍铬合金0.50.5c镍铬合金0.30.5d镍铬合金0.31.0e康铜丝0.30.5f康铜丝0.80.8（1）电路图中四种金属丝应选表中的c和bde（用编号表示另三个，任意顺序填写）（2）在相互交流时，有位学生提出用如图2所示的电路，只要将图中p端分别和触点1、2、3、4相接，读出电流，利用电流跟电阻成反比的关系，也能探究出导体电阻与影响其因素的定量关系，你认为上述方法是否正确否（填是否），如正确请说出理由；若不正确，请说出原因因为p端分别和触点1、2、3、4相接时，电阻两端的电压不一定相同，只有电压有电压不变时，利用电流跟电阻成反比的关系，才能探究出导体的电阻与影响其的定量关系考点：测定金属的电阻率 专题：实验题分析：（1）用控制变量法研究，选电阻丝时要注意尽量选择有相同参数（材料、长度、横截面积）的；（2）接不同的电阻时，电流不同，故电阻分得的电压不同，电流与电阻成反比的前提是导体两端的电压一定解答：解：（1）从上述材料可以看出，bce截面积相同，bcd材料相同，cde长度相同；所以电路图中四种金属丝中的其他三种规格应选表格中的bde（2）由图2的电路可知，待测电阻与滑动变阻器串联，所以待测电阻的电阻不同，分得的电压不同；只有电压不变时，利用电流跟电阻成反比的关系，才能探究出导体的电阻与影响其的定量关故答案为：bde，否，因为p端分别和触点1、2、3、4相接时，电阻两端的电压不一定相同，只有电压 有电压不变时，利用电流跟电阻成反比的关系，才能探究出导体的电阻与影响其的定量关系点评：本题是探究影响电阻的因素的实验，实验原理是采用控制变量法，较为简单三、计算题（31分）12如图所示的匀强电场中，有a、b、c三点，ab间距离lab=8cm，bc间距离lbc=14cm，其中ab沿电场方向，bc和电场方向成60角一个所带电量q=4108c的负电荷从a点移到b点克服电场力做功wab=1.2106j求：（1）匀强电场的电场强度；（2）电荷从b点移到c点，电场力所做的功；（3）a、c两点间的电势差考点：带电粒子在匀强电场中的运动；电势差；电势能 专题：带电粒子在电场中的运动专题分析：（1）根据电场力做功公式w=qed，d为沿电场方向两点间的距离分析求解电场强度（2）电荷从b点移到c点，电场力所做负功，d=lbccos60求出电场力做功（3）根据uac=求解a、c两点间的电势差解答：解：（1）由wab=qelab，得e=v/m=375v/m （2）电荷从b点移到c点电场力所做的功为wbc=qelbccos60=1.05106j （3）a、c两点间的电势差uac=56.25v答：（1）匀强电场的电场强度e=375v/m； （2）电荷从b点移到c点，电场力所做的功是1.05106j； （3）a、c两点间的电势差是56.25v点评：本题要抓住电场力是一种力，具有力的共性，求电场力做功可以根据功的一般公式w=flcos得到w=qed，知道电势差也可以根据w=qu求解13（17分）如图所示，某带电的液滴，以某一初速度沿中线飞入水平放置的平行板电容器两极板中间，不加偏转电压时，液滴刚好落到板中点，当加偏转电压u0时，液滴恰好能沿初速度方向匀速穿过电场区域，欲使液滴能飞出偏转电场，求偏转电压u的取值范围考点：带电粒子在匀强电场中的运动 专题：带电粒子在电场中的运动专题分析：当不加偏转电压时，液滴刚好落到板中点，是平抛运动，根据平抛运动的分位移公式列式；当加偏转电压u0时，液滴恰好能沿初速度方向匀速穿过电场区域，是匀速直线运动，根据平衡条件列方程；欲使液滴能飞出偏转电场，分恰好从上极板飞出和恰好从下极板飞出讨论解答：解：设偏转极板长度为l，间距为d，当不加偏转电压时，液滴刚好落到板中点，是平抛运动，根据平抛运动的分位移公式，有：当加偏转电压u0时，液滴恰好能沿初速度方向匀速穿过电场区域，是匀速直线运动，根据平衡条件，有：q=mg欲使液滴能飞出偏转电场，根据分位移公式，有：l=v0t2=如果从上极板飞出，有：如果从下极板飞出，有：mgq=ma联立解得：a