河南省许昌市鄢陵一中高二物理上学期第一次月考试卷（特快班含解析）.doc

河南省许昌市鄢陵一中 20152016 学年度高二上学期第一次月考物理试卷（特快班）一、选择题（本题共 12 小题，1-8 小题为单选题，92 小题为多选题全部选对的得 4 分，选对但不 全得 2 分，错选或不答的得 0 分，本大题总计 48 分）1关于电场下列说法正确的是（）a根据 e=，可知点电荷电场中某点的场强与该点电荷的电量 q 成正比b根据 e= ，可知电场中某点的场强与电场力成正比c根据场强叠加原理，可知合电场的场强一定大于分电场的场强d电场线就是点电荷在电场中的运动轨迹2关于等势面和等势线的说法，下列哪些说法是正确的（） a等势面和电场线处处垂直，等势线的疏密可以反映电场强度的强弱 b同一等势面上的点场强大小必定处处相等 c电荷从电场中一点移到另一点，电场力不做功，电荷必在同一等势面上移动 d负电荷所受电场力的方向必和该点等势面垂直，并指向电势升高的方向3如图所示，一平行板电容器的两个极板竖直放置，在两极板间有一带电小球，小球用一绝缘轻 线悬挂于 o 点现给电容器缓慢充电，使两极板所带电荷量分别为+q 和q，此时悬线与竖直方向的夹角为再给电容器缓慢充电，直到悬线和竖直方向的夹角增加到，且小球与两极板不 接触则第二次充电使电容器正极板增加的电荷量为（）aqb2qc3qd4q4匀强电场中的三点 a、b、c 是一个三角形的三个顶点，ab 的长度为 1m，d 为 ab 的中点，如 图所示已知电场线的方向平行于abc 所在平面，a、b、c 三点的电势分别为 14v、6v 和2v设场强大小为 e，一电量为 1106 c 的正电荷从 d 点移到 c 点电场力所做的功为 w，则（）aw=8106 j，e8 v/mbw=6106 j，e6 v/m17cw=8106 j，e8 v/m dw=6106 j，e6 v/m5如图所示，为了使白炽灯泡 l 在电路稳定后变得更亮，可以采取的方法有（）a只增大电阻 r1 的阻值 b只增大电阻 r2 的阻值c只增大电容 c 两板间的距离 d在电容器两板间插入玻璃板6当电阻两端加上某一稳定电压时，通过该电阻的电荷量为 0.3c，消耗的电能为 0.9j为在相同 时间内使 0.6c 的电荷量通过该电阻，在其两端需加的电压和消耗的电能分别是（） a3v，1.8j b3v，3.6j c6v，1.8j d6v，3.6j7电流表 a1 和 a2 由完全相同的小量程电流表改装而成，a1 的量程为 2a，a2 的量程为 6a，把 a1和 a2 并联起来接入电路，在这种情况下（）a两只电流表的读数相等ba1 的读数是 a2 读数的三分之一 c两只电流表的读数不等，指针偏转角度也不等 da1、a2 的指针偏转角度与它们的内阻成反比8如图所示是一实验电路图在滑动触头由 a 端滑向 b 端的过程中，下列表述正确的是（）a路端电压变小 b电流表的示数变大c电源内阻消耗的功率变小d电路的总电阻变大9两个等量异种电荷的连线的垂直平分线上有 a、b、c 三点，如图所示，下列说法正确的是（）aa、b 两点的场强方向相同，b 点场强比 a 点大ba 点电势比 b 点高ca、b、c 三点和无穷远处等电势d一个电子在 a 点无初速释放，则它将在 c 点两侧往复振动10如图所示，粗糙程度均匀的绝缘斜面下方 o 点处有一正点电荷，带负电的小物体以初速度 v1 从 m 点沿斜面上滑，到达 n 点时速度为零，然后下滑回到 m 点，此时速度为 v2（v2v1）若小 物体电荷量保持不变，om=on，则（）a小物体上升的最大高度为b从 n 到 m 的过程中，小物体的电势能逐渐减小c从 m 到 n 的过程中，电场力对小物体先做负功后做正功d从 n 到 m 的过程中，小物体受到的摩擦力和电场力均是先增大后减小11一个 t 型电路如图所示，电路中的电阻 r1=10，r2=120，r3=40，另有一测试电源，电动 势为 100v，内阻忽略不计，则（）a当 cd 端短路时，ab 之间的等效电阻是 40b当 ab 端短路时，cd 之间的等效电阻是 40c当 ab 两端接通测试电源时，cd 两端的电压为 80v d当 cd 两端接通测试电源时，ab 两端的电压为 80v12如图所示，甲、乙为两个独立电源的路端电压与通过它们的电流 i 的关系图象，下列说法中正 确的是（）a电流都是 i0 时，两电源的内电压相等 b路端电压都为 u0 时，它们的外电阻相等 c电源甲的内阻小于电源乙的内阻 d电源甲的电动势大于电源乙的电动势二、填空题（共 15 分13 题每空 3 分，共 6 分；14 题 9 分）13某同学在一次实验中测量结果如图，请读出两个测量结果（1） mm cm14为了描绘标有“3v，0.4w”的小灯泡的伏安特性曲线，要求灯炮电压能从零开始变化所给器 材如下：a电流表（0200ma，内阻 0.5）b电流表（00.6a，内阻 0.01） c电压表（03v，内阻 5k）d电压表（015v，内阻 50k） e滑动变阻器（010，0.5a） f滑动变阻器（01k，0.1a） g电源（3v） h电键一个，导线若干（1）为了完成上述实验，实验中应选择的仪器是 在虚线框中画出完成此实验的原理图 1，并将实物按电路图 2 用导线连好三、计算题（解答应写出必要的文字说明，方程式和重要演算步骤，有数值计算的题，答案中必须 明确写出数值和单位）15如图所示，在匀强电场中，有 a、b 两点，它们间距为 2cm，两点的连线与场强方向成 60角将一个不知道电荷性质，电量为 2105c 的电荷由 a 移到 b，其电势能增加了 0.2j求：（1）a、b 两点的电势差 uab 为多少？ 匀强电场的场强的大小？16如图所示，已知电源电动势 e=20v，内阻 r=1，当接入固定电阻 r=3 时，电路中标有“3v，6w”的灯泡 l 和内阻 rd=1 的小型直流电动机 d 都恰能正常工作试求：（1）电路中的电流大小；电动机的输出功率17如图所示，光滑水平轨道与半径为 r 的光滑竖直半圆轨道在 b 点平滑连接在过圆心 o 的水平 界面 mn 的下方分布有水平向右的匀强电场现有一质量为 m，电量为+q 的小球从水平轨道上 a 点 由静止释放，小球运动到 c 点离开圆轨道后，经界面 mn 上的 p 点进入电场（p 点恰好在 a 点的正 上方，如图小球可视为质点，小球运动到 c 点之前电量保持不变，经过 c 点后电量立即变为 零）已知 a、b 间距离为 2r，重力加速度为 g在上述运动过程中，求：（1）电场强度 e 的大小； 小球在圆轨道上运动时最大速率；（3）小球对圆轨道的最大压力的大小河南省许昌市鄢陵一中 20152016 学年度高二上学期第一次月考物理试卷（特快班）参考答案与试题解析一、选择题（本题共 12 小题，1-8 小题为单选题，92 小题为多选题全部选对的得 4 分，选对但不 全得 2 分，错选或不答的得 0 分，本大题总计 48 分）1关于电场下列说法正确的是（）a根据 e=，可知点电荷电场中某点的场强与该点电荷的电量 q 成正比b根据 e= ，可知电场中某点的场强与电场力成正比c根据场强叠加原理，可知合电场的场强一定大于分电场的场强d电场线就是点电荷在电场中的运动轨迹【考点】电场强度【分析】公式是电场强度的定义式，公式 e=是点电荷的电场强度的计算式，它们的内涵与 外延不同，电场强度是矢量，合成遵循平行四边形定值，电场线不是点电荷在电场中的运动轨迹【解答】解：a、公式 e=是真空中点电荷的电场强度的计算式，所以 e 与 q 成正比，与 r2 成反 比，故 a 正确；b、公式是电场强度的定义式，场强的大小是由电场本身决定的，与电场力无关，故 b 错误； c、电场强度是矢量，合成遵循平行四边形定值，则合电场的场强可以大于分电场的场强，也可以 小于分电场的场强，也可以等于分电场的场强，故 c 错误； d、带电粒子在电场中运动的轨迹可能与电场线重合，但电场线不是点电荷在电场中的运动轨迹， 故 d 错误故选：a【点评】电场线是为了现象描述电场而引入的，电场强度是用比值法定义的物理量之一，电场中某 点的电场强度是由电场本身决定的，与该点是否有试探电荷无关加强基础知识的学习，掌握住电 场线的特点，即可解决本题2关于等势面和等势线的说法，下列哪些说法是正确的（） a等势面和电场线处处垂直，等势线的疏密可以反映电场强度的强弱 b同一等势面上的点场强大小必定处处相等 c电荷从电场中一点移到另一点，电场力不做功，电荷必在同一等势面上移动 d负电荷所受电场力的方向必和该点等势面垂直，并指向电势升高的方向【考点】等势面【分析】电场中电势相等的各个点构成的面叫做等势面；等势面与电场线垂直，沿着等势面移动点 电荷，电场力不做功电场线与等势面垂直电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场 的强度小【解答】解：a、等势面和电场线处处垂直，电场线的疏密可以反映电场强度的强弱，等差等势面 等势线的疏密也可以反映电场强度的强弱故 a 错误 b、电场中电势相等的各个点构成的面叫做等势面，等势面上各个点的场强大小情况要看具体的电 场，故 b 错误 c、电荷从电场中一点移到另一点，电场力始终不做功，电荷必在同一等势面上移动；而电荷从电 场中一点移到另一点，电场力不做功，电荷的起到与终点在同一个等势面上，当未必在同一等势面 上移动 故 c 错误 d、等势面与电场线垂直，点电荷与等势面也垂直，负电荷所受电场力的方向必和该点等势面垂 直，并指向电势升高的方向故 d 正确故选：d【点评】电场中电势相等的各个点构成的面叫做等势面；等势面与电场线垂直，沿着等势面移动点 电荷，电场力不做功3如图所示，一平行板电容器的两个极板竖直放置，在两极板间有一带电小球，小球用一绝缘轻 线悬挂于 o 点现给电容器缓慢充电，使两极板所带电荷量分别为+q 和q，此时悬线与竖直方向的夹角为再给电容器缓慢充电，直到悬线和竖直方向的夹角增加到，且小球与两极板不 接触则第二次充电使电容器正极板增加的电荷量为（）aqb2qc3qd4q【考点】电容；匀强电场中电势差和电场强度的关系【专题】电容器专题【分析】对小球受力分析，受重力、电场力和拉力，根据 u=ed、q=cu、f=qe 以及平衡条件分两次 列方程后求解出电容器极板电量 q 的表达式进行讨论【解答】解：设电容器的电容为 c，第一次充电 q 后，电容器两极板间电势差 u1=， 两板间为匀强电场，场强 e1=，设电场中小球带电量为 q，则所受电场力 f1=qe1小球在电容器中受重力，电场力和拉力平衡，如图所示由平衡条件有：f1=mgtan1综合以上各式得：tan1=第二次充电后，电容器带电量为：q+q，同理可得：tan2=将方向夹角带入解得：q=2q故选：b【点评】本题考查平行板电容器的电场中电场力、电场强度和电势差的关系等，关键对小球受力分 析，结合平衡条件列式求解4匀强电场中的三点 a、b、c 是一个三角形的三个顶点，ab 的长度为 1m，d 为 ab 的中点，如 图所示已知电场线的方向平行于abc 所在平面，a、b、c 三点的电势分别为 14v、6v 和2v设场强大小为 e，一电量为 1106 c 的正电荷从 d 点移到 c 点电场力所做的功为 w，则（）aw=8106 j，e8 v/mbw=6106 j，e6 v/mcw=8106 j，e8 v/m dw=6106 j，e6 v/m【考点】电势能【分析】匀强电场中两点电势差与两点沿电场方向的距离成正比，d 为 ab 的中点，则 d 点的电势d=，电荷从 d 点移到 c 点电场力所做的功为 w=qudc=q（dc）【解答】解：由题匀强电场中，由于 d 为 ab 的中点，则 d 点的电势 d=10v，66电荷从 d 点移到 c 点电场力所做的功为 w=qudc=q（dc）=110（102）j=810 jab 的长度为 1m，由于电场强度的方向并不是沿着 ab 方向，所以 ab 两点沿电场方向的距离 d1m匀强电场中两点电势差与两点沿电场方向的距离成正比，即 u=ed所以 e=8 v/m故选：a【点评】本题考查对匀强电场中两点电势差与两点沿电场方向的距离成正比 u=ed 与运用公式 w=qu求解电场力做功的能力，常规题，比较简单5如图所示，为了使白炽灯泡 l 在电路稳定后变得更亮，可以采取的方法有（）a只增大电阻 r1的阻值 b只增大电阻 r2 的阻值c只增大电容 c 两板间的距离 d在电容器两板间插入玻璃板【考点】闭合电路的欧姆定律；电容【专题】电容器专题；恒定电流专题【分析】首先认识电路的结构：电路稳定时，电容器没有电流通过，灯泡 l 与电阻 r2 并联后与 r1 串联为了使白炽灯泡 l 在电路稳定后变得更亮，必须增大其电压或电流，根据欧姆定律进行分 析【解答】解：a、只增大电阻 r1 的阻值，外电路总电阻增大，总电流减小，则灯泡 l 与电阻 r2 并联电压减小， 灯泡变暗故 a 错误b、只增大电阻 r2 的阻值，外电路总电阻增大，总电流减小，路端电压增大，而 r1 的电压减小， 所以灯泡 l 与电阻 r2 并联电压增大，灯泡 l 变亮故 b 正确c、d 电路稳定时，电容器没有电流通过，相当于断路，所以改变电容器的板间距离或在电容器两板间插入玻璃板，不能改变电路的状态，灯泡的亮度不变故 cd 均错误 故选 b【点评】本题是简单的电路动态变化分析问题，从局部到整体再到局部按顺序进行分析6当电阻两端加上某一稳定电压时，通过该电阻的电荷量为 0.3c，消耗的电能为 0.9j为在相同 时间内使 0.6c 的电荷量通过该电阻，在其两端需加的电压和消耗的电能分别是（） a3v，1.8j b3v，3.6j c6v，1.8j d6v，3.6j【考点】闭合电路的欧姆定律【分析】（1）已知电阻丝在通过 0.3c 的电量时，消耗的电能 0.9j，根据 w=uq 变形可求出电压； 当在相同的时间内通过电阻丝的电量是 0.6c 时，根据 i=可知，当时间相同，由电荷时的关系可知电流关系，因为电阻不变，根据 u=ir，由电流关系可知电压关系，即可求出电阻丝两端所加电压u；已知通过电阻丝的电量是 0.6c，电阻丝两端所加电压 u 已求出，根据 w=uq 可求出电阻丝在这段 时间内消耗的电能 w【解答】解：因为电阻丝在通过 0.3c 的电量时，消耗的电能是 0.9j，所以此时电压为：u=3v当在相同的时间内通过电阻丝的电量是 0.6c 时，根据 i=可知，i=2i， 根据 u=ir 可知，电阻不变，此时电阻丝两端电压：u=2u=6v， 电阻丝在这段时间内消耗的电能：w=uq=6v0.6c=3.6j 故选 d【点评】本题考查了电量和电功的计算及欧姆定律的应用本题由于不知道时间不能求出电流，只 能根据相关公式找出相关关系来求解7电流表 a1 和 a2 由完全相同的小量程电流表改装而成，a1 的量程为 2a，a2 的量程为 6a，把 a1和 a2 并联起来接入电路，在这种情况下（）a两只电流表的读数相等ba1 的读数是 a2 读数的三分之一 c两只电流表的读数不等，指针偏转角度也不等 da1、a2 的指针偏转角度与它们的内阻成反比【考点】把电流表改装成电压表【分析】电流表 a1、a2 是由两个相同的小量程电流表改装成的，它们并联时，表头的电压相等，电 流相等，指针偏转的角度相同，量程大的电流表读数大指针的偏转取决于流过表头的电流的大小【解答】解：a、两电流表 a1、a2 并联，电流表两端电压相等，表头两端电压相等，通过表头的电 流相等，指针偏转的角度相等，电流表量程不同，则电流表读数不相等，故 ac 错误；b、a1 的量程为 2a，a2 的量程为 6a，两电流表并联，两电流表表头电压相等，电流表指针偏转交 点相等，a1 的读数是 a2 读数的三分之一，故 b 正确； d、指针的偏转取决于流过表头的电流的大小，两电流表的表头相等，流过两表头的电流相等，指针偏转角度与表头的电阻成反比，与电流表内阻不成反比，故 d 错误； 故选：b【点评】装后的电流表的电流分为两个支路，一为表头，一为并电阻，示数为总电流，指针偏转角 度取决于流过表头的电流大小8如图所示是一实验电路图在滑动触头由 a 端滑向 b 端的过程中，下列表述正确的是（ ）a路端电压变小 b电流表的示数变大c电源内阻消耗的功率变小 d电路的总电阻变大【考点】闭合电路的欧姆定律；电功、电功率【专题】恒定电流专题【分析】在滑动触头由 a 端滑向 b 端的过程中，分析变阻器接入电路的电阻如何变化，分析外电路 总电阻的变化，根据欧姆定律分析总电流和路端电压的变化，以及电源内阻消耗的功率如何变化， 再判断电流表的示数的变化【解答】解：当滑片向 b 端滑动时，其接入电路中的电阻减小，使得外电路总电阻减小，故 d 错 误根据 i=，可知总电流在增加，根据闭合电路中的欧姆定律有 e=ir+u 外，可知路端电压 u 外在减 小，故 a 正确流过电流表的示数为 i=，可知电流在减小，故 b 错误 根据 p=i2r，可知内阻消耗的功率在增大，故 c 错误故选 a【点评】本题是电路的动态变化分析问题，首先分析变阻器接入电路的电阻如何变化，接着分析总 电阻、总电流和路端电压的变化，再分析局部电流、电压的变化，即按“局部到整体再到局部”的思 路进行分析9两个等量异种电荷的连线的垂直平分线上有 a、b、c 三点，如图所示，下列说法正确的是（ ）aa、b 两点的场强方向相同，b 点场强比 a 点大ba 点电势比 b 点高ca、b、c 三点和无穷远处等电势d一个电子在 a 点无初速释放，则它将在 c 点两侧往复振动【考点】电势；电场的叠加【专题】电场力与电势的性质专题【分析】两个等量异种电荷连线的垂直平分线是一条等势线；电场强度方向与等势面方向垂直，而 且指向电势低的方向根据电子的受力情况，分析电子的运动情况【解答】解：a、a、b 两点的场强方向都与垂直平分线垂直向右，方向相同由于 b 处电场线密， 电场强度大于 a 处电场强度；故 a 正确；b、c、a、b、c 是两个等量异种电荷连线的垂直平分线的三点，电势相等，而且与无穷远处电势相 等；故 b 错误，c 正确；d、一个电子在 a 点受到的电场方向垂直于垂直平分线向左，无初速释放后，将向左下方运动，不 可能到达 c 点；故 d 错误；故选：ac【点评】对于等量异种电荷和等量同种电荷连线和垂直平分线的特点要掌握，抓住电场线和等势面 的对称性进行记忆10如图所示，粗糙程度均匀的绝缘斜面下方 o 点处有一正点电荷，带负电的小物体以初速度 v1 从 m 点沿斜面上滑，到达 n 点时速度为零，然后下滑回到 m 点，此时速度为 v2（v2v1）若小 物体电荷量保持不变，om=on，则（）a小物体上升的最大高度为b从 n 到 m 的过程中，小物体的电势能逐渐减小c从 m 到 n 的过程中，电场力对小物体先做负功后做正功d从 n 到 m 的过程中，小物体受到的摩擦力和电场力均是先增大后减小【考点】动能定理的应用；库仑定律；电势能【专题】压轴题【分析】根据电场力做功的特点可求得电场力做功的大小，由动能定理可分别列出上滑及下滑过程 中的表达式，联立即可解得最大高度； 由电场力做功与电势能关系要得出电势能的变化及电场力做功的特点； 分析小球运动中压力的变化，由滑动摩擦力的计算公式可分析摩擦力的变化【解答】解：设斜面倾角为 、上升过程沿斜面运动的最大距离为 l因为 om=on，则 mn 两点电势相等，小物体从 m 到 n、从 n 到 m 电场力做功均为 0 上滑和下滑经过同一个位置时，垂直斜面方向上电场力的分力相等，则经过相等的一小段位移在上 滑和下滑过程中电场力分力对应的摩擦力所作的功均为相等的负功，所以上滑和下滑过程克服电场力产生的摩擦力所作的功相等、并设为 w1 在上滑和下滑过程，对小物体，摩擦力做功相等，则应用动能定理分别有：mgsinlwfw1=和 mgsinlwfw1=，上两式相减可得 h=sinl=，a 正确；由 om=on，可知电场力对小物体先作正功后作负功，电势能先减小后增大，bc 错；从 n 到 m 的过程中，小物体受到的电场力垂直斜面的分力先增大后减小，而重力分力不变，则摩擦 力先增大后减小，在此过程中小物体到 o 的距离先减小后增大，根据库仑定律可知小物体受到的电 场力先增大后减小，d 对故选 ad【点评】本题考查动能定理的应用、摩擦力及电场力做功的特点，涉及能量变化的题目一般都要优 先考虑动能定理的应用，并要求学生能明确几种特殊力做功的特点，如摩擦力、电场力、洛仑兹力 等11一个 t 型电路如图所示，电路中的电阻 r1=10，r2=120，r3=40，另有一测试电源，电动 势为 100v，内阻忽略不计，则（）a当 cd 端短路时，ab 之间的等效电阻是 40b当 ab 端短路时，cd 之间的等效电阻是 40c当 ab 两端接通测试电源时，cd 两端的电压为 80v d当 cd 两端接通测试电源时，ab 两端的电压为 80v【考点】闭合电路的欧姆定律；串联电路和并联电路【专题】恒定电流专题【分析】当 cd 端短路时，ab 间电路的结构是：电阻 r2、r3 并联后与 r1 串联当 ab 端短路时，cd 之间电路结构是：电阻 r1、r3 并联后与 r2 串联当 ab 两端接通测试电源时，cd 两端的电压等于电 阻 r3 两端的电压当 cd 两端接通测试电源时，ab 两端的电压等于电阻 r3 两端的电压根据欧姆定 律求解电压【解答】解：a、当 cd 端短路时，ab 间电路的结构是：电阻 r2、r3 并联后与 r1 串联，等效电阻为r=40故 a 正确b、当 ab 端短路时，cd 之间电路结构是：电阻 r1、r3 并联后与 r2 串联，等效电阻为r=128故 b 错误c、当 ab 两端接通测试电源时，cd 两端的电压等于电阻 r3 两端的电压，为u3= e=80v故 c 正确d、当 cd 两端接通测试电源时，ab 两端的电压等于电阻 r3 两端的电压，为u3=25v故 d 错误 故选 ac【点评】对于电路的问题，首先要识别电路的结构，有时要画出等效电路图基础题，比较容易12如图所示，甲、乙为两个独立电源的路端电压与通过它们的电流 i 的关系图象，下列说法中正 确的是（）a电流都是 i0 时，两电源的内电压相等 b路端电压都为 u0 时，它们的外电阻相等 c电源甲的内阻小于电源乙的内阻 d电源甲的电动势大于电源乙的电动势【考点】闭合电路的欧姆定律；电源的电动势和内阻【专题】恒定电流专题【分析】由电源的路端电压与通过它们的电流 i 的关系图象直接读出路端电压关系路端电压都为 u0 时，读出电流，由欧姆定律研究外电阻的关系根据闭合电路欧姆定律研究两电源的内阻和电动 势关系【解答】解：a、由图读出，电流都是 i0 时，两电源的路端电压相等，都是 u0，而不是内电压相等故 a 错误b、路端电压都为 u0 时，电流都是 i0，由欧姆定律得知，外电阻都是 r=相等故 b 正确 c、根据闭合电路欧姆定律得 u=eir，电源的内阻等于图象斜率的大小，由图看出电源甲的内阻 大于电源乙的内阻故 c 错误d、由 u=eir 得知，当 u=0 时，u=e，即图线与纵轴的交点坐标等于电源的电动势，可见，电源 甲的电动势大于电源乙的电动势故 d 正确故选 bd【点评】本题考查对电源的外特性曲线的理解，抓住图线的截距、斜率、交点的数学意义来理解其 物理意义二、填空题（共 15 分13 题每空 3 分，共 6 分；14 题 9 分）13某同学在一次实验中测量结果如图，请读出两个测量结果（1） 1.8791.881 mm 1.044 cm【考点】刻度尺、游标卡尺的使用；螺旋测微器的使用【专题】实验题【分析】解决本题的关键掌握游标卡尺读数的方法，主尺读数加上游标读数，不需估读螺旋测微 器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读【解答】解：1、螺旋测微器的固定刻度为 1.5mm，可动刻度为 38.00.01mm=0.380mm，所以最终 读数为 1.5mm+0.380mm=1.880mm，由于需要估读，最后的结果可以在 1.8791.881 之间2、游标卡尺的主尺读数为 10mm，游标尺上第 22 个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为220.02mm=0.44mm，所以最终读数为：10mm+0.44mm=10.44mm=1.044cm 故答案为：（1）1.8791.8811.044【点评】对于基本测量仪器如游标卡尺、螺旋测微器等要了解其原理，要能正确使用这些基本仪器 进行有关测量14为了描绘标有“3v，0.4w”的小灯泡的伏安特性曲线，要求灯炮电压能从零开始变化所给器 材如下：a电流表（0200ma，内阻 0.5）b电流表（00.6a，内阻 0.01） c电压表（03v，内阻 5k）d电压表（015v，内阻 50k） e滑动变阻器（010，0.5a） f滑动变阻器（01k，0.1a） g电源（3v） h电键一个，导线若干（1）为了完成上述实验，实验中应选择的仪器是 a、c、e、g、h 在虚线框中画出完成此实验的原理图 1，并将实物按电路图 2 用导线连好【考点】描绘小电珠的伏安特性曲线【专题】实验题【分析】器材选取的原则需安全精确，根据灯泡的额定电压和额定电流选择电流表、电压表的量 程灯泡电压能从零开始变化，滑动变阻器采用分压式接法，通过灯泡电阻的大小分析其是大电阻 还是小电阻，确定电流表的内外接根据电路图连接实物图【解答】解：（1）灯泡的额定电压为 3v，所以电压表的量程选择 3v 的误差较小，额定电流i=130ma，所以电流表的量程选择 200ma 的， 灯泡电压能从零开始变化，滑动变阻器采用分压式接法，使用选择电阻值比较小的滑动变阻器 e， 另外，还需要电源、电建和导线故实验中应选择的仪器是 a、c、e、g、h 灯泡电压能从零开始变化，滑动变阻器采用分压式接法，灯泡正常工作时的电阻r=22.5， 远小于电压表的内阻，属于小电阻，电流表采用外接法电路图和实物连线图如图所示故答案为：（1）a、c、e、g、h；电路图与实物电路图如图所示【点评】解决本题的关键掌握器材选择的原则，以及知道滑动变阻器分压式接法和限流式接法的区 别，电流表内外接的区别三、计算题（解答应写出必要的文字说明，方程式和重要演算步骤，有数值计算的题，答案中必须 明确写出数值和单位）15如图所示，在匀强电场中，有 a、b 两点，它们间距为 2cm，两点的连线与场强方向成 60角将一个不知道电荷性质，电量为 2105c 的电荷由 a 移到 b，其电势能增加了 0.2j求：（1）a、b 两点的电势差 uab 为多少？ 匀强电场的场强的大小？【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系；电场强度；电势差【专题】电场力与电势的性质专题【分析】根据电势差的变化得出电场力做功，结合电场力做功与电势差的关系求出 a、b 两点的电 势差根据匀强电场的电场强度公式求出场强的大小【解答】解：（1）因为电势能增加 0.2j即电场力做功为 w=0.2j由 ab 电场力做负功q=2105c则 uab=； 根据 u=ed 得，d=cos60=0.01m，代入数据解得 e=106v/m答：（1）a、b 两点的电势差 uab 为 104v； 匀强电场的场强的大小为 106v/m【点评】解决本题的关键知道电场力做功等于电势差的减小量，掌握电场力做功与电势差的关系注意运用 w=qu 计算时，功的正负、q 的正负都要代入计算，以及在中，d 表示沿电场线 方向上的距离16如图所示，已知电源电动势 e=20v，内阻 r=1，当接入固定电阻 r=3 时，电路中标有“3v，6w”的灯泡 l 和内阻 rd=1 的小型直流电动机 d 都恰能正常工作试求：（1）电路中的电流大小；电动机的输出功率【考点】闭合电路的欧姆定律；电功、电功率【专题】恒定