江苏省徐州市新沂市九年级物理上学期期中试题（含解析） 苏科版.doc

2014-2015学年江苏省徐州市新沂市九年级（上）期中物理试卷一、选择题（共12小题，每小题2分，满分24分，每小题只有一个正确选项）1如图所示的生活用具，在使用中属于费力杠杆的是（ ）a钢丝钳b扳手c核桃钳d食品夹2如图所示，杠杆处于平衡状态，如果将物体a和b同时向靠近支点的方向移动相同的距离，下列判断正确的是（）a杠杆仍能平衡b杠杆不能平衡，左端下沉c杠杆不能平衡，右端下沉d无法判断3如图所示的滑轮组，每个滑轮重为20n，绳重及摩擦不计用它匀速提升重为100n的物体，所用的拉力f是（）a50nb60nc70nd120n4小李同学先后用同样大小的力f使同一木箱分别在如图所示甲、乙、丙三个表面上沿力的方向移动相同的距离，该力f在这三个过程中所做的功分别为w甲、w乙、w丙，关于做功大小的下列说法正确的是（）aw甲w乙w丙bw甲w乙w丙cw甲=w乙=w丙dw甲=w乙w丙5小明爸爸的质量为70kg、小明的质量为50kg当父子俩一起从居住楼的一楼同时走上二楼在此过程中以下判断正确的是（）a两个人做功的功率相等b爸爸做功的功率比小明的大c小明做功的功率比爸爸的大d无法比较做功的快慢6关于功、功率、机械效率说法正确的是（）a功率越大，做功越快，机械效率越大b做功越少，功率越小，机械效率越小c功率越大，反映做功越快，与机械效率无关d机械效率越大，表明它做的功越多7一小球从距离地面一定高度的o点静止释放，设竖直向下为x轴正方向，不计空气阻力，如图所示，图象表示小球某种形式的能量e随下落高度x的变化情况e可能表示小球的（）a动能b内能c机械能d重力势能8关于温度、热量、内能，以下说法正确的是（）a一个物体温度升高，它的内能一定增加b一个物体吸收热量，它的温度一定会升高c一个物体温度升高，一定是吸收了热量d一块0的冰没有内能，它的分子不会运动9下列说法正确的是（）a固体很难被压缩，是因为分子之间只存在斥力的作用b热值与燃料的燃烧情况有关c比热容与物体吸收或放出的热量有关d做功和热传递是改变物体内能的两种方式10如图所示的电路，下列判断正确的是（）a闭合开关s1、s3，断开开关s2时，灯l1、l2串联b闭合开关s2，断开开关sl、s3时，灯l1、l2并联c闭合开关s1、s2，断开开关s3时，灯l1亮、l2不亮d同时闭合开关s1、s2、s3时，电源短路11用同种材料制成两段长度相等，横截面积不同的圆柱形导体，a比b的横截面积大，如图所示，将它们串联在电路中，通过的电流关系是（）aiaibbiaibcia=ibd无法确定12如图所示，电源电压3v（保持不变）当开关s闭合时，只有一只灯泡在发光，且电压表的示数约为3v，由此可以判断（）a灯l1被短路b灯l1断路c灯l2断路d灯l2被短路二、填空题（共7小题，每空1分，满分20分）13一辆搬运砖头的独轮车，车箱和砖头所受总重力g=1200n，独轮车的有关尺寸如图所示，它是一个杠杆推车时，人手向上的力f应为n，生活中应用这个特点的杠杆还有（请举出一例）14“辽宁舰”服役，圆了中国航母梦如图为航母上简化的蒸汽弹射装置，能带动舰载机在两秒钟内达到起飞速度（1）牵引索与蒸汽活塞连接的两个滑轮为（选填“定滑轮”或“动滑轮”）（2）气缸内蒸汽体积膨胀，对外做功，内能，同时推动活塞，使舰载机获得巨大的牵引力，这与四冲程汽油机的冲程的能量转化相同15如图所示，搬运工人用滑轮组在20s内将重为540n的重物匀速提升3m，所用拉力为200n，则他所做的有用功是j，额外功是j，拉力的功率是w16滚摆从图中的位置1静止释放，下降经过位置2，继续下降，再上升到达最高点3，这三个位置中：滚摆重力势能最大的是位置、动能为零的是位置、机械能最大的是位置（填位置序号）17汽车在转弯时，位于同侧的前后两个转向灯会同时闪亮，但偶尔也有车在转弯时只亮前灯或后灯则位于汽车同侧的前后两个转向灯的连接方式为要打开转向灯，司机要拨动一下方向盘旁的一根杆子，这根杆子的作用相当于电路中的18右图是实验室常用的一种电流表，其零刻度不在表盘的最左端当导线a、b 分别与标有“一”和“3”的接线柱相连时，电流表指针偏转情况如图所示此时，电流是从导线（填“a”或“b”）流入电流表，其示数是a为了增大指针的偏转角度从而减小读数误差，应将导线a与标有“”的接线柱相连，b与标有“”的接线柱相连19如图所示电路中，当闭合开关后，两个电压表的指针均为图乙所示，则电阻r1和r2两端得到电压分别为v和v三、解答题（共7小题，满分56分）20（1）图甲中，杠杆oba在图示位置静止，请画出作用在a点的最小力f及其力臂l（2）在乙图中画出滑轮组最省力的绕线方式（3）如丙图所示，通过开关s控制电动机，使电动机既能正转又能反转，请在图中虚框内填上电池和电动机符号21小星家的太阳能热水器，水箱中最多可装质量为200kg的水小星进行了一次观察活动：某天早上，他用温度计测得自来水的温度为20，然后给热水器水箱送满水，中午时“温度传感器”显示水箱中的水温为45请你求解下列问题：（1）水吸收的热量c水=4.2l03j/（kg）；（2）如果水吸收的这些热量，由燃烧煤气来提供，而煤气灶的效率为40%，求至少需要燃烧多少煤气？（煤气的热值为q=4.2107j/kg）22如图所示，斜面长s=10m，高h=4m用沿斜面方向的推力f，将一个重为100n的物体由斜面底端a匀速推到顶端b运动过程中物体克服摩擦力做了100j的功求：（1）运动过程中克服物体的重力做的功；（2）斜面的机械效率；（3）推力f的大小23用如图所示的实验装置测量杠杆的机械效率实验时，竖直向上匀速拉动弹簧测力计，使挂在较长杠杆下面钩码缓缓上升（1）实验中，将杠杆拉至图中虚线位置测力计的示数f=n，钩码总重g为1.0n，钩码上升高度h为0.1m，测力计移动距离s为0.3m，则杠杆的机械效率为%请写出使用该杠杆做额外功的一个原因：（2）为了进一步研究杠杆的机械效率与哪些因素有关，一位同学用该实验装置，先后将钩码挂在图中的a、b两点测量并计算得到如表所示的两次数据：次数钩码悬挂点钩码总重g/n钩码移动距离h/m拉力f/n测力计移动距离s/m机械效率%1a点1.50.100.70.3071.42b点2.00.151.20.3083.3根据表中数据，是否能得出“杠杆的机械效率与所挂钩码的重有关，钩码越重其效率越高”的结论？答：；请简要说明一条理由：24小宇用如图所示的装置探究“动能的大小与哪些因素有关”实验步骤如下：（1）将质量为m的小球从光滑斜面的a处由静止释放，滚下后与放在水平面上的木块相碰，木块在水平面上移动一段距离后静止，如图甲所示（2）将质量为m的小球从光滑斜面的b处由静止释放，滚下后与放在水平面上的木块相碰，木块在水平面上移动一段距离后静止，如图乙所示（3）将质量为2m的小球从光滑斜面的b处由静止释放，滚下后与放在水平面上的木块相碰，木块在水平面上移动一段距离后静止，如图丙所示根据上述三次实验，回答下列问题：通过观察比较就可以反映小球动能的大小，这里用到的物理学研究问题的方法是法（选填“直接测量”“放大”或“转换”）为探究动能大小与物体运动速度的关系，应选用两个图来分析分析乙、丙两图，得到的实验结论是25小华学习做饭的过程中，经常加热油和水，她猜想油的比热容比水小（1）能够支持她这一猜想的事实是a同样情况下，油升温比水快 b油能把食物炸黄，而水不能c油能漂在水面上 d油比水难蒸发（2）为了验证猜想，小华向两个同样的烧杯里分别倒入相同的水和油，并测量它们的初始温度两温度计示数相同，如图所示，它们的初始温度为（3）在同样条件下加热相同时间后，水的温度达到25，油的温度达到30，由此可得油的比热容为j/（kg）水的比热容为4.2103 j/（kg）26在“探究影响滑轮组机械效率的因素”的实验中，小华用如图所示的外形相同，但材料不同的滑轮组，按图中顺序做了三次实验，实验数据如表：实验次数物重g/n物体上升的距离h/cm弹簧测力计的读数f/n弹簧测力计上升的距离s/cm机械效率13101.63062.5%231023050%33102.530（1）在实验操作中应竖直向上拉动弹簧测力计（2）请在表中的空格处填上第3次实验的机械效率（3）从实验数据分析可知：提升同一物体，动滑轮越重，滑轮组的机械效率越（4）她想继续研究物体重力对机械效率是否有影响，请简要写出实验的具体操作方法：2014-2015学年江苏省徐州市新沂市九年级（上）期中物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（共12小题，每小题2分，满分24分，每小题只有一个正确选项）1如图所示的生活用具，在使用中属于费力杠杆的是（）a钢丝钳b扳手c核桃钳d食品夹【考点】杠杆的分类【专题】简单机械【分析】结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆【解答】解：a、钢丝钳在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；b、扳手在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；c、核桃钳在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；d、食品夹在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；故选d【点评】杠杆的分类主要包括以下几种：省力杠杆，动力臂大于阻力臂；费力杠杆，动力臂小于阻力臂；等臂杠杆，动力臂等于阻力臂2如图所示，杠杆处于平衡状态，如果将物体a和b同时向靠近支点的方向移动相同的距离，下列判断正确的是（）a杠杆仍能平衡b杠杆不能平衡，左端下沉c杠杆不能平衡，右端下沉d无法判断【考点】杠杆的动态平衡分析【专题】推理法；简单机械【分析】根据杠杆原来处于平衡状态，利用图示杠杆的力臂关系，根据杠杆平衡条件得到物体ab的质量大小关系；根据条件的变化，分别表示出杠杆作用两边的力矩：力和力臂的乘积比较力矩的大小，即可确定杠杆是否平衡【解答】解：原来杠杆在水平位置处于平衡状态，此时作用在杠杆上的力分别为物体a、b的重力，其对应的力臂分别为oc、od，根据杠杆的平衡条件可得：magoc=mbgod，由图示可知，ocod所以mamb，当向支点移动相同的距离l时，两边的力臂都减小l，此时左边的力矩为：mag（ocl）=magocmagl，右边的力矩为：mbg（odl）=mbgodmbgl，由于mamb，所以maglmbgl；所以：magocmaglmbgodmbgl因此杠杆将向悬挂b物体的一端即右端倾斜故选：c【点评】根据杠杆第一次处于平衡状态，利用杠杆的平衡条件，得到物体a、b的质量大小关系，然后根据现在的条件表示两者力矩，利用推导出物体的质量关系，结合力臂的变化，得出两个力矩的大小关系，从而确定杠杆的偏转方向这是此题的解题思路3如图所示的滑轮组，每个滑轮重为20n，绳重及摩擦不计用它匀速提升重为100n的物体，所用的拉力f是（）a50nb60nc70nd120n【考点】滑轮组绳子拉力的计算【专题】简单机械【分析】做有关滑轮组的计算题首先要判断承担重物的绳子股数，图中最后一段是由定滑轮引出来的，所以绳子股数是2题中告诉了我们不计绳重及摩擦，2段绳子承担物重和动滑轮重，根据f=（g+g动）计算即可【解答】解：图中绳子股数n=2，不计绳重及摩擦，所以拉力为：f=（g+g动）=（100n+20n）=60n故选：b【点评】此题主要考查的是学生对滑轮组省力情况的理解和掌握，弄清楚绳子的股数是解决此题的关键4小李同学先后用同样大小的力f使同一木箱分别在如图所示甲、乙、丙三个表面上沿力的方向移动相同的距离，该力f在这三个过程中所做的功分别为w甲、w乙、w丙，关于做功大小的下列说法正确的是（）aw甲w乙w丙bw甲w乙w丙cw甲=w乙=w丙dw甲=w乙w丙【考点】功的大小比较【专题】功、功率、机械效率【分析】物理中，功的大小等于力与在力的方向上通过的距离的乘积；即w=fs【解答】解：一个人先后用同样大小的力f使物体沿力的方向移动相同的距离s；该力在这三个过程中所做的功分别为w甲、w乙、w丙，三个功的大小都等于w=fs；即w甲=w乙=w丙；故c正确；abd错误故选c【点评】深入理解功的大小的计算方法，是解答此题的关键5小明爸爸的质量为70kg、小明的质量为50kg当父子俩一起从居住楼的一楼同时走上二楼在此过程中以下判断正确的是（）a两个人做功的功率相等b爸爸做功的功率比小明的大c小明做功的功率比爸爸的大d无法比较做功的快慢【考点】功率大小的比较【专题】功、功率、机械效率【分析】已知质量关系，根据g=mg可知重力关系；上楼克服自身重力做功，根据w=gh可知做功关系；做功时间相同，根据根据p=比较功率的大小【解答】解：由g=mg得，小明爸爸的质量比小明的质量大，所以小明爸爸重力大；上楼过程克服自身重力做功，由w=gh可知，小明爸爸做功多；由p=，可知，相同时间内，小明爸爸功率大故选项acd错误，选项b正确；故选b【点评】熟练运用重力公式、功和功率公式是解题关键，明确上楼过程中高度和时间是相同的6关于功、功率、机械效率说法正确的是（）a功率越大，做功越快，机械效率越大b做功越少，功率越小，机械效率越小c功率越大，反映做功越快，与机械效率无关d机械效率越大，表明它做的功越多【考点】功；机械效率；功率的概念【专题】功、功率、机械效率【分析】根据功、功率、机械效率的关系分析功率是单位时间内做的功的多少，是表示做功快慢的物理量；机械效率是有用功与总功的比值【解答】解：功率是单位时间内做的功的多少，是表示做功快慢的物理量，功率大小与做功多少和时间有关；机械效率是有用功与总功的比值a、功率大，说明做功快，但不能说明机械效率越大，故a错误；b、功率大小与做功多少和时间无关，做功少，功率不一定小，机械效率不一定小，故b错误；c、功率越大，反映做功越快，与机械效率无关，故c正确；d、机械效率越大，说明有用功与总功的比值大，做功不一定多，故d错误；故选：c【点评】本题考查了功、功率、机械效率的关系功率由功和时间共同决定，机械效率由有用功和总功共同决定7一小球从距离地面一定高度的o点静止释放，设竖直向下为x轴正方向，不计空气阻力，如图所示，图象表示小球某种形式的能量e随下落高度x的变化情况e可能表示小球的（）a动能b内能c机械能d重力势能【考点】动能和势能的大小变化【专题】应用题；机械能及其转化【分析】（1）动能大小的影响因素：质量、速度质量越大，速度越大，动能越大（2）重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度质量越大，高度越高，重力势能越大（3）机械能=动能+势能物体没有发生弹性形变时，不考虑弹性势能【解答】解：如图，横坐标代表的是能量，纵坐标代表的物体下降的高度据图能看出随着下落高度的增加，能量的形式是增加的；a、物体下落时质量保持不变，速度变快，故动能变大，故符合题意；b、由于不计空气的阻力，所以在小球下降过程中，没有机械能的损失，故内能不变，故不符合题意；c、由于不计空气的阻力，所以在小球下降过程中，没有机械能的损失，机械能不变，故不符合题意；d、物体下落时质量保持不变，高度变小，故重力势能变小，故不符合题意；故选a【点评】（1）掌握动能和重力势能大小的影响因素，根据图象能确定动能和势能的大小（2）根据“机械能=动能+势能”计算机械能的大小8关于温度、热量、内能，以下说法正确的是（）a一个物体温度升高，它的内能一定增加b一个物体吸收热量，它的温度一定会升高c一个物体温度升高，一定是吸收了热量d一块0的冰没有内能，它的分子不会运动【考点】温度、热量与内能的关系【专题】分子热运动、内能【分析】（1）内能与物体的质量、温度和状态有关；（2）改变内能的方式有做功和热传递；（3）一切物体都有内能，分子在永不停息的运动【解答】解：a、一个物体温度升高，它的内能一定增加，说法正确；b、一个物体吸收热量，它的温度不一定会升高，如冰块熔化，吸收热量，温度不变，故b错误；c、一个物体温度升高，可能是吸收了热量，也可能对物体做了功，故c错误；d、一切物体都有内能，并且分子在永不停息的运动故d错误故选a【点评】本题考查了热量、内能、温度的关系物体的温度升高，内能增大，而改变内能的方式可以是热传递，也可以是做功9下列说法正确的是（）a固体很难被压缩，是因为分子之间只存在斥力的作用b热值与燃料的燃烧情况有关c比热容与物体吸收或放出的热量有关d做功和热传递是改变物体内能的两种方式【考点】分子间的作用力；物体内能的改变；比热容的概念；燃料的热值【专题】分子热运动、内能；比热容、热机、热值【分析】（1）物质分子之间存在着引力和斥力作用；（2）热值是燃料的一种特性，它只与燃料的种类有关，与燃料的质量、燃烧程度等均无关；（3）比热容是物质本身的一种性质；（4）改变物体内能的两种方式：做功和热传递【解答】解：a、固体很难被压缩，是因为分子之间存在斥力的作用，而引力也是同时存在的，故a错误；b、燃料的热值只与燃料的种类有关，与燃料的燃烧情况无关，故b错误；c、比热容是物质本身的一种性质，与物质的种类有关，与物体吸收或放出的热量、物质的多少、温度等条件无关，故c错误；d、做功和热传递是改变物体内能的两种方式，其作用是等效的，故d正确故选d【点评】本题考查了学生对燃料热值、吸热公式、改变物体内能的方式、分子间作用力的理解和掌握情况，难度不是很大；这是经常考的题型，充分理解知识点，避免解答错误10如图所示的电路，下列判断正确的是（）a闭合开关s1、s3，断开开关s2时，灯l1、l2串联b闭合开关s2，断开开关sl、s3时，灯l1、l2并联c闭合开关s1、s2，断开开关s3时，灯l1亮、l2不亮d同时闭合开关s1、s2、s3时，电源短路【考点】电路的基本连接方式【专题】电流和电路【分析】由开关的通断可以得出相应的电路，根据电路的特征可得出连接方式及灯泡的通断【解答】解：a、闭合开关s1、s3，断开开关s2时，灯l1、l2并联，故a错误；b、闭合开关s2，断开开关sl、s3时，灯l1、l2串联，故b错误；c、闭合开关s1、s2，断开开关s3时，灯l1被短路，不亮，l2亮，故c错误；d、同时闭合开关s1、s2、s3时，l1及l2被短路，电源被短路，故d正确故选：d【点评】本题重点在于明确电路的三种状态，特别是局部短路状态要明确；当s1、s2闭合时，l1被短路，而当三个开关均闭合时，电源短路11用同种材料制成两段长度相等，横截面积不同的圆柱形导体，a比b的横截面积大，如图所示，将它们串联在电路中，通过的电流关系是（）aiaibbiaibcia=ibd无法确定【考点】串联电路的电流规律【专题】电流和电路【分析】a和b是由同种材料制成的长度相同、横截面积不同的两段导体，横截面积越大，电阻越小，串联时电流相同【解答】解：已知a和b是由同种材料制成的且长度相同，a比b的横截面积大，串联时电流相同，即ia=ib故选：c【点评】本题考查影响电阻大小的因素和欧姆定律的应用，关键知道影响电阻大小的因素是导体的材料、长度、横截面积和温度，要熟记串联电路电流、电压的特点，这是今后学习中最长用的解题方法之一12如图所示，电源电压3v（保持不变）当开关s闭合时，只有一只灯泡在发光，且电压表的示数约为3v，由此可以判断（）a灯l1被短路b灯l1断路c灯l2断路d灯l2被短路【考点】电流表、电压表在判断电路故障中的应用【专题】电流和电路【分析】该电路为串联电路，电压表测量l1两端的电压，根据用电器工作情况以及电压表示数确定电路的具体故障【解答】解：因为闭合开关后，有一只灯泡发光，因此电路发生短路故障；又因为电压表有示数，并且等于电源电压，所以l2短路故选d【点评】注意当电路发生断路时，用电器不工作，且电路中电流为零；当电路发生短路时，用电器可能工作，并且电路中有电流；用电压表判断故障，并且电路为断路时，若电压表有读数（电源除外），则为断路之处二、填空题（共7小题，每空1分，满分20分）13一辆搬运砖头的独轮车，车箱和砖头所受总重力g=1200n，独轮车的有关尺寸如图所示，它是一个省力杠杆推车时，人手向上的力f应为360n，生活中应用这个特点的杠杆还有钳子（请举出一例）【考点】杠杆的应用【专题】简单机械【分析】结合图片和生活经验，先判断独轮车在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆，并举例生活中省力杠杆的应用；再根据杠杆平衡原理计算人手向上的力的大小【解答】解：独轮车在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆根据杠杆平衡原理f1l1=f1l1得，fl1=gl2，f1m=1200n0.3mf=360n；生活中的省力杠杆还有钳子故答案为：省力；360；钳子【点评】本题考查了杠杆平衡条件的应用，属于基础题；正确理解杠杆平衡条件是解题的关键14“辽宁舰”服役，圆了中国航母梦如图为航母上简化的蒸汽弹射装置，能带动舰载机在两秒钟内达到起飞速度（1）牵引索与蒸汽活塞连接的两个滑轮为定滑轮（选填“定滑轮”或“动滑轮”）（2）气缸内蒸汽体积膨胀，对外做功，内能减小，同时推动活塞，使舰载机获得巨大的牵引力，这与四冲程汽油机的做功冲程的能量转化相同【考点】定滑轮及其工作特点；做功改变物体内能；内燃机的四个冲程【专题】分子热运动、内能；比热容、热机、热值；简单机械【分析】（1）知道定滑轮是轴的位置固定不动的滑轮，动滑轮是轴的位置随被拉物体一起运动的滑轮（2）物体对外界做功，物体的内能减小，温度降低【解答】解：（1）定滑轮是轴的位置固定不动的滑轮，由图可知，牵引索与蒸汽活塞连接的两个滑轮为定滑轮；（2）气缸内蒸汽体积膨胀，对外做功，内能减小，同时推动活塞，使舰载机获得巨大的牵引力，这与四冲程汽油机的做功冲程的能量转化相同故答案为：（1）定滑轮；（2）减小；做功【点评】本题考查定滑轮和动滑轮的定义、改变内能的方法，是一道基础题15如图所示，搬运工人用滑轮组在20s内将重为540n的重物匀速提升3m，所用拉力为200n，则他所做的有用功是1620j，额外功是180j，拉力的功率是90w【考点】功的计算；功率的计算【专题】计算题；功、功率、机械效率【分析】（1）根据w=gh求出有用功；（2）根据s=3h求出拉力移动距离，根据w=fs求出总功，再根据w总=w有用+w额求出额外功；（3）根据p=求出拉力的功率【解答】解：（1）物体所受重力g=540n，物体被提升高度h=3m，有用功w有用=gh=540n3m=1620j；（2）拉力f=200n，拉力移动距离s=3h=33m=9m，拉力做的总功w总=fs=200n9m=1800j，w总=w有用+w额w额=w总w有用=1800j1620j=180j；（3）拉力做功时间t=20s，拉力的功率p=90w；故答案为：1620；180；90【点评】此题主要考查的是学生对有用功、总功、额外功、功率、机械效率计算公式的理解和掌握，基础性题目16滚摆从图中的位置1静止释放，下降经过位置2，继续下降，再上升到达最高点3，这三个位置中：滚摆重力势能最大的是位置1、动能为零的是位置1和3、机械能最大的是位置1（填位置序号）【考点】动能和势能的大小变化【专题】机械能及其转化【分析】解决此题的关键是要知道物体由于运动而具有的能叫动能，质量越大，速度越大，动能就越大；物体由于被举高而具有的能叫重力势能，质量越大，高度越高，重力势能就越大【解答】解：滚摆是重力势能和动能相互转化的机械，故滚摆升到最高点后，放开手，可以看到滚摆旋转着下降，越转越快，到最低点时滚摆转而上升，直到回到接近原来的位置；滚摆在最高点位置时重力势能最大，动能为0，在最低点时动能最大；开始释放的位置最高，所以图示三个位置中位置1 的重力势能最大，动能为零，机械能最大故答案为：1；1和3；1【点评】本题考查动能和势能的大小变化，解决此类问题的关键是要知道各能量跟哪些因素有关，根据各因素的变化情况分析能量的变化情况17汽车在转弯时，位于同侧的前后两个转向灯会同时闪亮，但偶尔也有车在转弯时只亮前灯或后灯则位于汽车同侧的前后两个转向灯的连接方式为并联要打开转向灯，司机要拨动一下方向盘旁的一根杆子，这根杆子的作用相当于电路中的开关【考点】串联电路和并联电路的辨别【专题】压轴题【分析】要解决此题，需要掌握串并联电路的特点：串联电路，电流只有一条通路，开关控制整个电路并联电路电流有多条通路，各支路互不影响【解答】解：汽车的前后转向灯可以单独工作，所以它们是并联的司机拨动方向盘旁的杆子，转向灯才会工作，所以这根杆子起到了开关的作用故答案为：并联；开关【点评】此题主要考查了串并联电路的区别，首先要掌握串并联电路的特点，关键是看用电器能否单独工作18右图是实验室常用的一种电流表，其零刻度不在表盘的最左端当导线a、b 分别与标有“一”和“3”的接线柱相连时，电流表指针偏转情况如图所示此时，电流是从导线a（填“a”或“b”）流入电流表，其示数是0.4a为了增大指针的偏转角度从而减小读数误差，应将导线a与标有“0.6”的接线柱相连，b与标有“”的接线柱相连【考点】电流表的使用【专题】基本仪器的使用专题【分析】使用电流表测量电路电流时，必须：使电流表与用电器串联；电流从正接线柱流入，从负接线柱流出；根据电流大小选择合适的量程【解答】解：由图知，电流表指针偏向了0刻度线的左侧，原因是正负接线柱接反了，也就是电流从导线a进入了电流表；此时电流表选择的是03a量程，对应的分度值为0.1a，此时的示数是0.4a；为测量正确并且读数误差较小，需要改变进入电流表的电流方向，改接小量程，所以需要将导线a与标有“0.6”的接线柱相连，b与标有“”的接线柱相连故答案为：a；0.4；0.6；【点评】此题考查的是电流表使用和读数方法，属于基本技能的考查，难度较小，容易解答19如图所示电路中，当闭合开关后，两个电压表的指针均为图乙所示，则电阻r1和r2两端得到电压分别为4.8v和1.2v【考点】串联电路的电压规律；电压表的读数方法【专题】电压和电阻【分析】首先根据串联电路的电压特点（u=u1+u2）确定电压表表v1、v2示数的大小，然后根据电压表的读数方法读出示数【解答】解：因为电阻r1和r2串联，而电压表v1测量的是电源电压，电压表v2测量的是r2电压，所以电压表v1的示数比电压表v2的示数大；故电压表v1选的是015v的量程分度值为0.5v，根据指针位置，电压表读数为6v；电压表v2选的是03v的量程，分度值为0.1v，根据指针位置，电压表读数为1.2v；根据串联电路的电压关系u1=uu2=6v1.2v=4.8v故答案为：4.8；1.2【点评】本题重点考查了电压表的读数方法，串联电路的电压关系三、解答题（共7小题，满分56分）20（1）图甲中，杠杆oba在图示位置静止，请画出作用在a点的最小力f及其力臂l（2）在乙图中画出滑轮组最省力的绕线方式（3）如丙图所示，通过开关s控制电动机，使电动机既能正转又能反转，请在图中虚框内填上电池和电动机符号【考点】杠杆中最小力的问题；滑轮组的设计与组装；力臂的画法；电路图及元件符号【专题】图像综合题【分析】（1）根据杠杆平衡的条件，在杠杆中的阻力、阻力臂一定的情况下，要使所用的动力最小，必须使动力臂最长（2）首先要会组装滑轮组知道承担物重的绳子段数越多越省力在此题中，画出滑轮组最省力的绕线方式，所以要从动滑轮绕起（3）要把它们连成一个可以通过拔动开关来控制电动机正反转的电路，只要能够让电流可以改变方向即可画出电路图【解答】解：（1）连接oa就是最长的动力臂，根据杠杆平衡的条件，要使杠杆平衡动力方向向上，据此可画出最小的动力；如图所示：（2）要使滑轮组最省力，需要承担物重的绳子段数最多，所以要从动滑轮绕起（3）电路图如图所示，其中s是一个拔动开关，通过开光s控制电动机，因此电动机与开关串联，电源在下面，当s与上面的触电接触时，电动机正转；当s与下面的触电接触时，电动机反转，如下图：【点评】（1）考查重力示意图和最小动力的确定；由杠杆的平衡条件，杠杆中最小作用力问题，可以转化为最大力臂问题，解题的关键是找出最长的力臂（2）此题考查了滑轮组的组装滑轮组的组装有两种方法，从定滑轮绕起或从动滑轮绕起从动滑轮开始绕，承担物重的绳子段数多（3）对于这类实际应用的电路图分析题目，要结合电流的流向进行解答，作图后要进行验证21小星家的太阳能热水器，水箱中最多可装质量为200kg的水小星进行了一次观察活动：某天早上，他用温度计测得自来水的温度为20，然后给热水器水箱送满水，中午时“温度传感器”显示水箱中的水温为45请你求解下列问题：（1）水吸收的热量c水=4.2l03j/（kg）；（2）如果水吸收的这些热量，由燃烧煤气来提供，而煤气灶的效率为40%，求至少需要燃烧多少煤气？（煤气的热值为q=4.2107j/kg）【考点】热平衡方程的应用【专题】计算题；比热容、热机、热值【分析】（1）水箱中水的质量和处、末温以及水的比热容，根据q吸=cm（tt0）求出水吸收的热量；（2）根据q吸=q放求出煤气完全燃烧释放的热量，利用q放=mq求出燃烧煤气的质量【解答】解：（1）水箱中的水吸收的热量：q吸=cm（tt0）=4.2103j/（kg）200kg（4520）=2.1107j；（2）由=100%可得：煤气完全燃烧释放的热量：q放=5.25107j，q放=mq，需要燃烧煤气的质量：m=1.25kg答：（1）水箱中的水吸收的热量是2.1l07j；（2）如果水吸收的这些热量由燃烧煤气来提供，而煤气灶的效率为40%，至少需要燃烧1.25kg的煤气【点评】本题考查了吸热公式和效率公式以及燃料完全燃烧释放热量公式的应用，是一道较为简单的计算题22如图所示，斜面长s=10m，高h=4m用沿斜面方向的推力f，将一个重为100n的物体由斜面底端a匀速推到顶端b运动过程中物体克服摩擦力做了100j的功求：（1）运动过程中克服物体的重力做的功；（2）斜面的机械效率；（3）推力f的大小【考点】功的计算；有用功和额外功；斜面的机械效率【专题】计算题【分析】（1）根据重为100n的物体和高h=4m的斜面，利用w=gh即可求出运动过程中克服物体的重力做的功；（2）由运动过程中物体克服摩擦力做了100j的功可知，运动过程中的总功为克服物体的重力做的功加上100j，然后利用=100%，即可求出斜面的机械效率；（3）由w=500j，斜面长s=10m，利用w=fs，即可求出f，【解答】解：（1）w=gh=100n4m=400j；（2）=100%=100%=80%；（3）由w=fs得，f=50n答：（1）运动过程中克服物体的重力做的功为400j；（2）斜面的机械效率为80%；（3）推力f的大小为50n【点评】此题涉及的知识点不多，解答此题的关键是注意运动过程中物体克服摩擦力做了100j的功，这部分功是无用功，不要把它当成推力做的功23用如图所示的实验装置测量杠杆的机械效率实验时，竖直向上匀速拉动弹簧测力计，使挂在较长杠杆下面钩码缓缓上升（1）实验中，将杠杆拉至图中虚线位置测力计的示数f=0.5n，钩码总重g为1.0n，钩码上升高度h为0.1m，测力计移动距离s为0.3m，则杠杆的机械效率为66.7%请写出使用该杠杆做额外功的一个原因：克服摩擦和杠杆自重做额外功（2）为了进一步研究杠杆的机械效率与哪些因素有关，一位同学用该实验装置，先后将钩码挂在图中的a、b两点测量并计算得到如表所示的两次数据：次数钩码悬挂点钩码总重g/n钩码移动距离h/m拉力f/n测力计移动距离s/m机械效率%1a点1.50.100.70.3071.42b点2.00.151.20.3083.3根据表中数据，是否能得出“杠杆的机械效率与所挂钩码的重有关，钩码越重其效率越高”的结论？答：不能；请简要说明一条理由：两次实验时钩码没有挂在同一位置，仅根据一次对比实验所得结论是不可靠的【考点】杠杆机械效率的测量实验【专题】测量型实验综合题【分析】（1）对弹簧测力计进行读数时，需看清弹簧测力计的分度值，然后根据指针位置进行读数在实验中，弹簧测力计的拉力做的功是总功，克服钩码重力做的功是有用功，克服摩擦以及杠杆自重做的功是额外功；杠杆的机械效率可以根据公式=100%来计算（2）通过探究实验来得出结论时，应进行多次实验，分析多组数据，同时，分析机械效率的影响因素也应采取控制变量法，这样才能得出正确结论根据这一思路来对最后的问题做出判断【解答】解：（1）由图可知，弹簧测力计的分度值是0.1n，所以它的示数是0.5n；在实验过程中，有用功：w有用=gh=1.0n0.1m=0.1j，总功：w总=fs=0.5n0.3m=0.15j，所以杠杆的机械效率是：=100%=100%66.7%利用杠杆提升物体时，克服摩擦以及杠杆自重做的功都是额外功（2）分析机械效率的影响因素应采取控制变量法，研究提起的物重和机械效率的关系时，应保持钩码所挂位置不变，而实验中，两次钩码悬挂的位置是不同的；同时，还应进行多次实验，分析多组数据，才能得出有说服力的正确结论，只凭一次实验数据做出结论是不科学的故答案为：（1）0.5； 66.7；克服摩擦和杠杆自重做额外功；（2）不能；两次实验时钩码没有挂在同一位置，仅根据一次对比实验所得结论是不可靠的【点评】机械效率的计算是同学们应该掌握的基本技能，关键是搞清楚有用功和总功，一般来说，使用机械所用外力做的功是总功，而克服提升重物重力做的功是有用功本题中，还要学会分析产生额外功的主要原因24小宇用如图所示的装置探究“动能的大小与哪些因素有关”实验步骤如下：（1）将质量为m的小球从光滑斜面的a处由静止释放，滚下后与放在水平面上的木块相碰，木块在水平面上移动一段距离后静止，如图甲所示（2）将质量为m的小球从光滑斜面的b处由静止释放，滚下后与放在水平面上的木块相碰，木块在水平面上移动一段距离后静止，如图乙所示（3）将质量为2m的小球从光滑斜面的b处由静止释放，滚下后与放在水平面上的木块相碰，木块在水平面上移动一段距离后静止，如图丙所示根据上述三次实验，回答下列问题：通过观察比较木块被推动的距离就可以反映小球动能的大小，这里用到的物理学研究问题的方法是转换法（选填“直接测量”“放大”或“转换”）为探究动能大小与物体运动速度的关系，应选用甲、乙两个图来分析分析乙、丙两图，得到的实验结论是速度相同时，物体质量越大，动能越大【考点】探究影响物体动能大小的因素【专题】探究型实验综合题【分析】（1）探究物体动能大小与哪些因素有关的实验中，小球动能的大小是通过小球对外做功的多少来体现，实验中通过观察木块被小球推开的距离反映做功的多少；（2）动能的决定因素有两个：质量和速度根据控制变量法的思路，去分析解决【解答】解；（1）探究物体动能大小与哪些因素有关时，物体动能的大小无法直接体验，所以通过小球对木块外做功的多少来体现小球动能的多少，即通过木块被推动的距离来判断小球动能的大小，所用方法为转换法（2）动能的大小与质量和速度有关，若要探究动能的大小与质量的关系，需控制小球的速度相同，质量不同所以应选质量不同的两个小球，又因为小球起始点的高度越高，到水平面的速度越大，为了使得两球到水平面的速度相同，应该使两球在斜面的相同高度滚下来所以要探究动能的大小与质量的关系，应通过图中甲、乙两次实验进行对比；（3）分析乙、丙两图，小球释放的位置相同，到达水平面时，初速度相同，当两球的质量不同，丙图中小球质量大，木块被推动的距离大，说明丙图中小球的动能大，故可以得出初步结论是：速度相同时，物体质量越大，动能越大故答案为：（1）木块被推动的距离；转换；（2）甲、乙；（3）速度相同时，物体质量越大，动能越大【点评】动能的决定因素有两个：质量和速度要研究物体的动能与物体的质量和速度的关系时，要从控制变量法的思路入手分析注意解本题时，要把握图中的相同点与不同点25小华学习做饭的过程中，经常加热油和水，她猜想油的比热容比水小（1）能够支持她这一猜想的事实是aa同样情况下，油升温比水