江西省上饶市横峰中学高二物理上学期第一次月考试题（含解析）.docVIP

2015-2016学年江西省上饶市横峰中学高二（上）第一次月考物理试卷一、选择题：本题共10小题，每小题4分，共40分在给出的四个选项中，第17小题只有一个选项正确，第810小题有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分1根据部分电路欧姆定律，下判断正确的有（）a由i=可知，通过一段导体的电流跟加在它两端的电压成正比b导体中的电流越大，电阻就越小c比较几只电阻的iu图象可知，电流变化相同时，电压变化较小的图象是属于阻值较大的那个电阻的d导体两端的电压越大，电阻就越大2某电解池，如果在1s钟内共有51018个二价正离子和1.01019个一价负离子通过某截面，那么通过这个截面的电流是（）a0ab0.8ac1.6ad3.2a3如图所示为匀强电场的电场强度e随时间t变化的图象当t=0时，在此匀强电场中由静止释放一个带正电的粒子，设带电粒子只受电场力的作用，则下列说法中正确的是（）a带电粒子将始终向同一个方向运动b2s末带电粒子回到原出发点c3s末带电粒子的速度为零d03s内，电场力做的总功不为零4如图所示，虚线表示某电场的等势面一带电粒子仅在电场力作用下由a点运动到b点的径迹如图中实线所示粒子在a点的速度为va、电势能为epa；在b点的速度为vb、电势能为epb则下列结论正确的是（）a粒子带正电，vavb，epaepbb粒子带负电，vavb，epaepbc粒子带正电，vavb，epaepbd粒子带负电，vavb，epaepb5如图所示，电荷量为q1、q2的两个正点电荷分别位于a点和b点，两点相距l在以l为直径的光滑绝缘半圆环上，穿着一个带电小球+q（视为点电荷），在p点平衡若不计小球重力，那么，pa与ab的夹角与q1、q2的关系应满足（）atan2=btan2=ctan3=dtan3=6如图所示，粗糙程度均匀的绝缘斜面下方o点处有一正点电荷，带负电的小物体以初速度v1从m点沿斜面上滑，到达n点时速度为零，然后下滑回到m点，此时速度为v2（v2v1）若小物体电荷量保持不变，om=on，则（）a小物体上升的最大高度为b从n到m的过程中，小物体的电势能逐渐减小c从m到n的过程中，电场力对小物体先做负功后做正功d从n到m的过程中，小物体受到的摩擦力和电场力均是先减小后增大7a、b为两个带等量正电荷的固定的小球，o为ab连线的中点，如图所示，c、d为中垂线上的两对称点且离o点很近，若在c点由静止释放一个电子，关于电子的运动，以下叙述不正确的有（）a在co的过程中，做匀加速运动b在co的过程中，做变加速运动c在o点速度最大，加速度为零d电子在cd间做往复运动8如图所示，平行板电容器ab两极板水平放置，已知a板和电源正极相连，且e1e2，当单刀双掷开关接1时，一带正电粒子沿ab中心水平线射入，打在b极板上的n点，不计粒子重力，为使粒子能打在n点右侧，则下列措施可行的是（）a断开开关并将a板上移一段距离b断开开关并将a板下移一段距离c断开开关并将b板下移一段距离d将单刀双掷开关接29如图所示，轻质弹簧下端固定在倾角为的粗糙斜面底端的挡板c上，另一端自然伸长到a点质量为m的物块从斜面上b点由静止开始滑下，与弹簧发生相互作用，最终停在斜面上某点下列说法正确的是（）a物块第一次滑到a点时速度最大b物块停止时弹簧一定处于压缩状态c在物块滑到最低点的过程中，物块减少的重力势能全部转化成弹簧的弹性势能d在物块的整个运动过程中，克服弹簧弹力做的功等于重力和摩擦力做功之和10如图所示，p是一个很大的金属板，水平放置，q是一个带正电的点电荷，固定在板外另一个可看作质点的带负电的小物体c，以一定的初速度从图中的a点沿金属板表面移动到b点，移动过程中c的带电量保持不变，它与金属板间的摩擦不能忽略关于c的这段运动过程，下面的说法中正确的是（）ac对p板的压力先变小后变大bc的加速度先变小后变大cc的电势能先变小后变大dc的速度先变小后变大二、非选择题：本题共7小题，共60分，按题目要求答题解答题应写出必要的文字说明，方程式和重要的演算步骤只写出最后答案的不能得分有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位11如图所示平行金属板a、b之间有匀强电场，a、b间电压为600v，a板带正电并接地，a、b两板间距为12cm，c点离a板4cm则c点的电势为v若将一电子从无穷远处移到c点，电场力做功j（e=1.601019 c）12如图所示，是一种通过测量电容器电容的变化，来检验液面高低的仪器原理图（这种仪器的优点是将非电荷的变化转换为电信号，使测量自动化）容器中装有导电液体，是电容器的一个电极，中间的芯柱是电容器的另一个电极，芯柱外面套有绝缘管（塑料或橡皮）作为电介质电容器的两个电极分别用导线接到指示器上指示器显示的是电容的大小，从电容的大小就可以知道容器中液面位置的高低如图指示器显示出电容增大了，则可判断液面（填“升高”或“降低”）13某电阻额定电压为3v（阻值大约为10）为测量其阻值，实验室提供了下列可选用的器材：a：电流表a1（量程300ma，内阻约1）； b：电流表a2（量程0.6a，内阻约0.3）；c：电压表v1（量程3.0v，内阻约3k）； d：电压表v2（量程5.0v，内阻约5k）；e：滑动变阻器r1（最大阻值为10）； f：滑动变阻器r2（最大阻值为1k）；g：电源e（电动势4v，内阻可忽略）； h：电键、导线若干（1）为了尽可能提高测量准确度，应选择的器材为（只需添器材前面的字母即可）：电流表，电压表，滑动变阻器（2）画出该实验电路图14（10分）（2015秋上饶校级月考）如图所示，在匀强电场中，有边长为2m的等边三角形abc，其中o点为该三角形的中心，各点的电势分别为a=2v，b=4v，c=6v，求：（1）o点的电势为多少？（2）该匀强电场的电场强度大小和方向15（10分）（2015春赣州校级期中）如图所示，bcdg是光滑绝缘的圆形轨道，位于竖直平面内，轨道半径为r，下端与水平绝缘轨道在b点平滑连接整个轨道处在水平向左的匀强电场中现有一质量为m、带正电的小滑块（可视为质点）置于水平轨道上，滑块受到的电场力大小为0.75mg，滑块与水平轨道间的动摩擦因数为0.5，重力加速度为g（1）若滑块从水平轨道上距离b点s=3r的a点由静止释放，滑块到达与圆心o等高的c点时速度为多大？（2）在（1）的情况下，求滑块到达c点时受到轨道的作用力大小；（3）改变s的大小，滑块恰好始终沿轨道滑行，且从g点飞出轨道，求滑块在圆轨道上滑行过程中的最小速度大小16（10分）（2011浙江校级一模）如图所示，一平行板电容器水平放置，板间距离为d，上极板开有一小孔，质量均为m，带电荷量均为+q的两个带电小球（视为质点），其间用长为l的绝缘轻杆相连，处于竖直状态，已知d=2l，今使下端小球恰好位于小孔中，由静止释放，让两球竖直下落当下端的小球到达下极板时，速度刚好为零试求：（1）两极板间匀强电场的电场强度；（2）两球运动过程中的最大速度17（12分）（2011广东校级二模）图甲所示的平行板电容器板间距离为d，两板所加电压随时间变化图线如图乙所示，t=0时刻，质量为m、带电量为q的粒子以平行于极板的速度v0射入电容器，t1=3t时刻恰好从下极板边缘射出电容器，带电粒子的重力不计，求：（1）平行板电容器板长l；（2）粒子射出电容器时偏转的角度；（3）粒子射出电容器时竖直偏转的位移y2015-2016学年江西省上饶市横峰中学高二（上）第一次月考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题：本题共10小题，每小题4分，共40分在给出的四个选项中，第17小题只有一个选项正确，第810小题有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分1根据部分电路欧姆定律，下判断正确的有（）a由i=可知，通过一段导体的电流跟加在它两端的电压成正比b导体中的电流越大，电阻就越小c比较几只电阻的iu图象可知，电流变化相同时，电压变化较小的图象是属于阻值较大的那个电阻的d导体两端的电压越大，电阻就越大考点：欧姆定律 专题：恒定电流专题分析：导体电阻由导体材料、长度、横截面积决定，与导体两端的电压和通过导体的电流无关，应用欧姆定律分析答题解答：解：a、由欧姆定律可知，通过一段导体的电流跟加在它两端的电压成正比，与电阻成反比，故a正确；b、导体电阻由导体材料、长度、横截面积决定，与导体两端的电压和通过导体的电流无关，故bd错误c、由欧姆定律可知，几只电阻的iu图象可知，电流变化相同时，电压变化较小的图象是属于阻值较小的那个电阻，故c错误故选：a点评：本题是一道基础题，知道导体电阻的决定因素、应用欧姆定律即可正确解题2某电解池，如果在1s钟内共有51018个二价正离子和1.01019个一价负离子通过某截面，那么通过这个截面的电流是（）a0ab0.8ac1.6ad3.2a考点：电流、电压概念 专题：恒定电流专题分析：由题计算出1s内通过截面正离子与负离子电量绝对值之和，根据电流的定义式求解电流一价离子所带电量大小为e=1.61019c解答：解：由题，电解池中正负离子运动的方向相反，则1s内通过截面正离子的电量为q1=2n1e，负离子的电量绝对值为q2=n2e，则电流为i=a故选：d点评：本题是电流定义式的应用，关键确定通过导体截面的电量，当电流由正负离子向相反方向定向移动形成时，电量等于正离子与负离子电量绝对值之和3如图所示为匀强电场的电场强度e随时间t变化的图象当t=0时，在此匀强电场中由静止释放一个带正电的粒子，设带电粒子只受电场力的作用，则下列说法中正确的是（）a带电粒子将始终向同一个方向运动b2s末带电粒子回到原出发点c3s末带电粒子的速度为零d03s内，电场力做的总功不为零考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系 专题：电场力与电势的性质专题分析：由图象可知，电场强度的大小与方向的变化，当带电粒子由静止释放仅在电场力作用下，根据运动与力的关系可确定运动情况解答：解：由牛顿第二定律可知，带电粒子在第1s内的加速度为 a1=，为第2s内加速度a2=，因此先加速1s再减小0.5s时速度为零，接下来的0.5s将反向加速，vt图象如图所示：a、带电粒子在前1秒匀加速运动，在第二秒内先做匀减速后反向加速，所以不是始终向一方向运动，故a错误b、根据速度时间图象与坐标轴围成的面积表示位移可知，在t=2s时，带电粒子离出发点最远，故b错误；c、由图可知，粒子在第1s内做匀加速运动，第2s内做匀减速运动，3s末的瞬时速度刚减到0，故c正确；d、因为第3s末粒子的速度刚好减为0，根据动能定理知粒子只受电场力作用，前3s内动能变化为0，即电场力做的总功为零故d错误故选：c点评：本题带电粒子在周期性变化的电场中运动，关键之处是电场强度大小不一，导致加速度不一，所以失去对称性若电场强度大小相同，则带电粒子一直同一个方向运动4如图所示，虚线表示某电场的等势面一带电粒子仅在电场力作用下由a点运动到b点的径迹如图中实线所示粒子在a点的速度为va、电势能为epa；在b点的速度为vb、电势能为epb则下列结论正确的是（）a粒子带正电，vavb，epaepbb粒子带负电，vavb，epaepbc粒子带正电，vavb，epaepbd粒子带负电，vavb，epaepb考点：等势面；电势能 分析：图中场源位于等势面圆心位置，根据曲线的弯曲可知是静电斥力，根据等差等势面的疏密判断场强大小，结合牛顿第二定律得到加速度大小关系；根据公式=判断电势能高低解答：解：由于等势面是同心圆，且外里小，故图中场源位于等势面圆心位置，是负电荷；根据曲线的弯曲可知是静电斥力，故粒子也带负电；由于b位置等差等势面较密集，场强大，加速度大，即aaab；从a到b，电势降低，根据公式=，b点电势能大，即epaepb；电场力做负功，粒子的动能减小，速度减小，vavb故选：b点评：本题关键是先根据等势面判断场源，结合曲线运动判断电场力，根据公式=判断电势能高低，不难5如图所示，电荷量为q1、q2的两个正点电荷分别位于a点和b点，两点相距l在以l为直径的光滑绝缘半圆环上，穿着一个带电小球+q（视为点电荷），在p点平衡若不计小球重力，那么，pa与ab的夹角与q1、q2的关系应满足（）atan2=btan2=ctan3=dtan3=考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用；库仑定律 专题：共点力作用下物体平衡专题分析：分析带电小球+q的受力情况，作出力图，运用三角形相似法得出+q所受的两个静电力与pb、ap的关系，再由库仑定律求解tan2解答：解：带电小球+q的受力情况如图所示，由图可知，力的三角形f1fpp和几何三角形pba为两个直角三角形，且有一个角都为，因此这两个三角形相似，则有根据库仑定律得，由数学知识得tan=，故tan3=故选d点评：本题涉及非直角的力平衡问题，常常运用三角相似法将力的关系变成边长的关系研究，考查运用数学知识解决物理问题的能力6如图所示，粗糙程度均匀的绝缘斜面下方o点处有一正点电荷，带负电的小物体以初速度v1从m点沿斜面上滑，到达n点时速度为零，然后下滑回到m点，此时速度为v2（v2v1）若小物体电荷量保持不变，om=on，则（）a小物体上升的最大高度为b从n到m的过程中，小物体的电势能逐渐减小c从m到n的过程中，电场力对小物体先做负功后做正功d从n到m的过程中，小物体受到的摩擦力和电场力均是先减小后增大考点：电势能；电势差与电场强度的关系 专题：电场力与电势的性质专题分析：根据电场力做功的特点可求得电场力做功的大小，由动能定理可分别列出上滑及下滑过程中的表达式，联立即可解得最大高度；由电场力做功与电势能关系要得出电势能的变化及电场力做功的特点；分析小球运动中压力的变化，由滑动摩擦力的计算公式可分析摩擦力的变化解答：解：设斜面倾角为、上升过程沿斜面运动的最大距离为l因为om=on，则mn两点电势相等，小物体从m到n、从n到m电场力做功均为0上滑和下滑经过同一个位置时，垂直斜面方向上电场力的分力相等，则经过相等的一小段位移在上滑和下滑过程中电场力分力对应的摩擦力所作的功均为相等的负功，所以上滑和下滑过程克服电场力产生的摩擦力所作的功相等、并设为w1在上滑和下滑过程，对小物体，摩擦力做功相等，则应用动能定理分别有：mgsinlwfw1=和mgsinlwfw1=，上两式相减可得h=sinl=，a正确；由om=on，可知电场力对小物体先作正功后作负功，电势能先减小后增大，故bc错误；从n到m的过程中，小物体受到的电场力垂直斜面的分力先增大后减小，而重力分力不变，则摩擦力先增大后减小，在此过程中小物体到o的距离先减小后增大，根据库仑定律可知小物体受到的电场力先增大后减小，故d错误故选：a点评：本题考查动能定理的应用、摩擦力及电场力做功的特点，涉及能量变化的题目一般都要优先考虑动能定理的应用，并要求学生能明确几种特殊力做功的特点，如摩擦力、电场力、洛仑兹力等7a、b为两个带等量正电荷的固定的小球，o为ab连线的中点，如图所示，c、d为中垂线上的两对称点且离o点很近，若在c点由静止释放一个电子，关于电子的运动，以下叙述不正确的有（）a在co的过程中，做匀加速运动b在co的过程中，做变加速运动c在o点速度最大，加速度为零d电子在cd间做往复运动考点：电场线；牛顿第二定律 分析：在等量的正电荷的电场中，所有的点的电势都是正的，根据矢量的合成法则可以知道，在它们的连线中垂线上的点的电场强度的方向都是沿着中垂线指向外的，由此可以判断电场的情况和带电小球的运动的情况解答：解：a、b、根据等量同号点电荷电场的特点，可知两个电荷连线上中点的电场强度为零，电场强度从c点到无穷远，先增大后减小，由于c、d为中垂线上的两对称点且离o点很近，所以电荷从c到o的过程的加速度是变化的，故a错误，b正确；c、两个电荷连线上中点的电场强度为零，所以在o点加速度为零；同时在oc的连线上，电场的方向向上，负电荷受到的电场力的方向向下，c到o的过程中电场力一直做正功，所以负电荷在o点的速度最大故c正确；d、根据等量同号点电荷电场的特点，可知两个电荷连线上上下的电场对称且方向相反，所以小球将在cd间沿中垂线做上下做往复运动，故d正确本题选择错误的，故选：a点评：本题考查的就是点电荷的电场的分布及特点，这要求同学对于基本的几种电场的情况要了解，本题看的就是学生的基本知识的掌握情况8如图所示，平行板电容器ab两极板水平放置，已知a板和电源正极相连，且e1e2，当单刀双掷开关接1时，一带正电粒子沿ab中心水平线射入，打在b极板上的n点，不计粒子重力，为使粒子能打在n点右侧，则下列措施可行的是（）a断开开关并将a板上移一段距离b断开开关并将a板下移一段距离c断开开关并将b板下移一段距离d将单刀双掷开关接2考点：电容器的动态分析；带电粒子在匀强电场中的运动 专题：电容器专题分析：电粒子水平射入电场中，做类平抛运动，由牛顿第二定律和运动学公式结合得到带电粒子的竖直位移与水平位移的关系，分析电源的电动势变化时的情况改变板间距离时，电容改变，根据u=，c=，得e=，q不变时，改变d，e不变，即小球受的电场力不变解答：解：带电粒子在电场中做类平抛运动，粒子在水平方向做匀速直线运动，竖直方向做匀加速直线运动；要使下极板不动时，粒子打在n点右侧，则应增大粒子在电场中的运动时间；由=at2；可知，应减小加速度；由f=ma，及f=eq可知，应减小场强e；a、断开开关后q不变，则将a板上下移动时，由于e不变；故粒子仍打在n点；故ab错误；c、断开开关后，q不变，e不变；b板下移后，则粒子运动时间变大，故粒子应打在n板的右侧；故c正确；d、若开关接2时，电压减小，则e减小；故加速度减小，则打在极板所用的时间增大；故粒子将打在n的右侧；故d正确；故选：cd点评：解决本题的关键掌握处理类平抛运动的方法，同时注意应用电容器的动态分析，并注意电量不变时，只改变两板间的距离时，板间的场强e不变9如图所示，轻质弹簧下端固定在倾角为的粗糙斜面底端的挡板c上，另一端自然伸长到a点质量为m的物块从斜面上b点由静止开始滑下，与弹簧发生相互作用，最终停在斜面上某点下列说法正确的是（）a物块第一次滑到a点时速度最大b物块停止时弹簧一定处于压缩状态c在物块滑到最低点的过程中，物块减少的重力势能全部转化成弹簧的弹性势能d在物块的整个运动过程中，克服弹簧弹力做的功等于重力和摩擦力做功之和考点：机械能守恒定律 专题：机械能守恒定律应用专题分析：根据弹簧的做正功，导致弹簧的弹性势能减小；重力做正功，导致重力势能减小；而摩擦力做负功却导致系统的机械能减小同时由对物体的受力分析来确定物体处于什么样的运动状态解答：解：a、物块下滑过程中，当所受合力为零时，速度最大，物块第一次下滑合力为零的位置在a点下方，速度最大的位置在a点下方，故a错误；b、物块在斜面上运动过程中要克服摩擦力做功，机械能减少，最终滑块要静止，滑块静止时受到为零，处于平衡状态，弹簧被压缩，故b正确；c、在物块滑到最低点的过程中，物块减少的重力势能转化为弹簧的弹性势能与系统内能，故c错误；d、滑块在运动过程中克服摩擦力做功转化为内能，最终弹簧是被压缩的，弹簧具有弹性势能，在物块的整个运动过程中，克服弹簧弹力做的功等于重力和摩擦力做功之和，故d正确；故选：bd点评：考查弹力作功与弹性势能变化关系，重力做功与重力势能变化的关系，摩擦力做功导致弹簧与物块的机械能在变化并学会由受力分析来确定运动情况10如图所示，p是一个很大的金属板，水平放置，q是一个带正电的点电荷，固定在板外另一个可看作质点的带负电的小物体c，以一定的初速度从图中的a点沿金属板表面移动到b点，移动过程中c的带电量保持不变，它与金属板间的摩擦不能忽略关于c的这段运动过程，下面的说法中正确的是（）ac对p板的压力先变小后变大bc的加速度先变小后变大cc的电势能先变小后变大dc的速度先变小后变大考点：电势能 分析：金属板p在q的电场中产生静电感应现象，达到静电平衡时，整个金属板是一个等势体，表面是一个等势面，表面的电场线与表面垂直分析小球的受力情况，确定其运动情况，判断电场力是否做功解答：解：a、金属板p在q的电场中达到静电平衡时，整个金属板是一个等势体，表面是一个等势面，表面的电场线与表面垂直，所以c受到的电场力的方向向上；c在金属板p的中点处离开q最近，所以在金属板的中点处的电场强度最大，c在中点处受到的电场力最大，对p板的压力最小故c对p板的压力先变小后变大故a正确；b、c在p的中点处受到的电场力最大，对p板的压力最小，根据摩擦力的公式：f=n=（mgf电），可知c在中点处受到的摩擦力最小c在水平方向只受到摩擦力的作用，c的加速度：a=，所以c在金属板p的中点处的加速度最小，则c的加速度先变小后变大故b正确；c、金属板是一个等势体，表面是一个等势面，小球在金属板上向右运动的过程中，电场力不做功，小球的电势能不会变化故c错误；c、由于摩擦力做功，c的动能持续减小，所以c的速度持续减小故d错误故选：ab点评：本题关键抓住静电平衡导体的特点：整体导体是一个等势体，表面是一个等势面，结合牛顿运动定律分析c的加速度变化二、非选择题：本题共7小题，共60分，按题目要求答题解答题应写出必要的文字说明，方程式和重要的演算步骤只写出最后答案的不能得分有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位11如图所示平行金属板a、b之间有匀强电场，a、b间电压为600v，a板带正电并接地，a、b两板间距为12cm，c点离a板4cm则c点的电势为200v若将一电子从无穷远处移到c点，电场力做功3.21017j（e=1.601019 c）考点：带电粒子在匀强电场中的运动；电势能 专题：带电粒子在电场中的运动专题分析：由匀强电场场强与电势差的关系求出ac间的电势差，然后根据电势差定义式求出c点电势，由w=qu求出电场力做的功解答：解：两板间的场强：e=5000n/c，uac=edac=50000.04=200v，c点电势：c=auac=0200=200v，uc=0（200）=200v，将一电子从无穷远处移到c点，电场力做功：w=euc=1.601019c200v=3.21017j；故答案为：200；3.21017点评：本题考查了求电势、电场力的功，知道匀强电场场强与电势差的关系、知道电势差的定义式、应用电功公式即可正确解题12如图所示，是一种通过测量电容器电容的变化，来检验液面高低的仪器原理图（这种仪器的优点是将非电荷的变化转换为电信号，使测量自动化）容器中装有导电液体，是电容器的一个电极，中间的芯柱是电容器的另一个电极，芯柱外面套有绝缘管（塑料或橡皮）作为电介质电容器的两个电极分别用导线接到指示器上指示器显示的是电容的大小，从电容的大小就可以知道容器中液面位置的高低如图指示器显示出电容增大了，则可判断液面升高（填“升高”或“降低”）考点：电容器的动态分析 专题：电容器专题分析：由图可知电容器的构造，再由平行板电容器的决定式c=进行分析即可解答：解：由图可知，液体与芯柱构成了电容器，由图可知，两板间距离不变；液面变化时两极板的正对面积发生变化，则由c=可知，当电容增大时只能是正对面积s增大，可知液面升高；故答案为：升高点评：本题考查平行板电容器在生产生活中的应用，注意由题意找出我们常见的模型再时行分析13某电阻额定电压为3v（阻值大约为10）为测量其阻值，实验室提供了下列可选用的器材：a：电流表a1（量程300ma，内阻约1）； b：电流表a2（量程0.6a，内阻约0.3）；c：电压表v1（量程3.0v，内阻约3k）； d：电压表v2（量程5.0v，内阻约5k）；e：滑动变阻器r1（最大阻值为10）； f：滑动变阻器r2（最大阻值为1k）；g：电源e（电动势4v，内阻可忽略）； h：电键、导线若干（1）为了尽可能提高测量准确度，应选择的器材为（只需添器材前面的字母即可）：电流表a，电压表c，滑动变阻器e（2）画出该实验电路图考点：伏安法测电阻 专题：实验题分析：（1）估算电阻上最大电流，选择电表量程根据该电阻与变阻器最大电阻的关系选择变阻器（2）根据该电阻与两电表内阻的倍数关系选择电流表的接法，题目要求为了尽可能提高测量准确度，选择滑动变阻分压式解答：解：（1）根据欧姆定律，流过电阻的最大电流i=0.3a故电流表选a；电阻额定电压为3v则电压表选c即可；为了尽可能提高测量准确度，选择滑动变阻分压式接法，为了方便调节，滑动变阻器选小阻值的e（2）即被测电阻为小电阻，选取电流表外接，题目要求为了尽可能提高测量准确度，选择滑动变阻分压式故电路图如图：故答案为：（1）a，c，e；（2）如图；点评：选择器材通常的步骤：1、根据实验要求设计合理的实验电路2、估算电路中电压、电流可能达到的最大值，以此选择电压表和电流表的量程14（10分）（2015秋上饶校级月考）如图所示，在匀强电场中，有边长为2m的等边三角形abc，其中o点为该三角形的中心，各点的电势分别为a=2v，b=4v，c=6v，求：（1）o点的电势为多少？（2）该匀强电场的电场强度大小和方向考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系 专题：电场力与电势的性质专题分析：根据匀强电场电势随距离均匀变化（除等势面）的特点，ac中点的电势为4v，则bd为一条等势线，ca连线即为一条电场线，由ba间的电势差，由公式u=ed求出场强大小、方向解答：解：（1）如图所示，过o点作ac的垂线bd，则d为ac的中点，d=4v又，b=4v，则bd为等势线，o在bd上，故，o=4v （2）由于电场线与等势线垂直，则ac为一条电场线，且电场方向为由c到a由 uca=edca 得 e=2v/m 答：（1）o点的电势为4v；（2）该匀强电场的电场强度大小为2v/m，方向由c到a点评：本题考查对匀强电场中两点电势差与两点沿电场方向的距离成正比u=ed与运用公式w=qu求解电场力做功的能力，常规题，比较简单15（10分）（2015春赣州校级期中）如图所示，bcdg是光滑绝缘的圆形轨道，位于竖直平面内，轨道半径为r，下端与水平绝缘轨道在b点平滑连接整个轨道处在水平向左的匀强电场中现有一质量为m、带正电的小滑块（可视为质点）置于水平轨道上，滑块受到的电场力大小为0.75mg，滑块与水平轨道间的动摩擦因数为0.5，重力加速度为g（1）若滑块从水平轨道上距离b点s=3r的a点由静止释放，滑块到达与圆心o等高的c点时速度为多大？（2）在（1）的情况下，求滑块到达c点时受到轨道的作用力大小；（3）改变s的大小，滑块恰好始终沿轨道滑行，且从g点飞出轨道，求滑块在圆轨道上滑行过程中的最小速度大小考点：动能定理的应用；牛顿第二定律；向心力 专题：动能定理的应用专题分析：（1）由动能定理求出滑块的速度（2）由牛顿第二定律和向心力公式求出滑块受到的作用力（3）轨道对滑块的作用力为零时，速度最小，由牛顿第二定律可以求出最小速度解答：解：（1）设滑块到达c点时的速度为v，由动能定理有：eq（s+r）mgsmgr=mv20，又因为 eq=mg联立两式解得：v=；（2）设滑块到达c点时受到轨道的作用力大小为f，则有：fmg=m又因为 eq=mg解得：f=mg；（3）要使滑块恰好始终沿轨道滑行，即轨道对滑块作用力在某一点时为零，速度最小，即：当n=0时，v最小，设滑至圆轨道dg间某点，由电场力和重力的合力提供向心力，此时的速度最小（设为vn）则有：=m解得最小速度为：vn=答：（1）滑块到达与圆心o等高的c点时速度为 ；（2）滑块到达c点时受到轨道的作用力大小是mg；（3）滑块在圆轨道上滑行过程中的最小速度是点评：本题考查了求速度、作用力、速度范围等问题，分析清楚滑块的运动过程是正确解题的前提，应用动能定理、牛顿第二定律即可正确解题，解题时要注意滑块做圆周运动的临界条件16（10分）（2011浙江校级一模）如图所示，一平行板电容器水平放置，板间距离为d，上极板开有一小孔，质量均为m，带电荷量均为+q的两个带电小球（视为质点），其间用长为l的绝缘轻杆相连，处于竖直状态，已知d=2l，今使下端小球恰好位于小孔中，由静止释放，让两球竖直下落当下端的小球到达下极板时，速度刚好为零试求：（1）两极板间匀强电场的电场强度；（2）两球运动过程中的最大速度考点：动能定理的应用；电场强度 专题：动能定理的应用专题分析：（1）两小球先加速，当两球全部进入电场后，开始做减速运动，说明两个小球的总重力大于qe而